云南省大理州2025届高二物理第一学期期中综合测试试题含解析

云南省大理州2025届高二物理第一学期期中综合测试试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、徐州地铁1号线一期已于2019年9月28日开始运行，全长21.967千米，其中高架线0.571千米，地下线20.996千米，地面过渡段0.4千米；共设18座车站，其中高架站1座，地下站17座。地铁每天运营时间为6：00﹣21：1．早晚高峰行车间隔8分左右，平峰行车间隔9分40秒左右。列车单程运行时间约需40分钟。下面哪个速度更接近徐州地铁全程的平均速度（）A．35km/h B．80km/hC．120km/h D．160km/h2、如图，abc是竖直面内的光滑固定轨道，ab水平，长度为2R：bc是半径为R的四分之一的圆弧，与ab相切于b点．一质量为m的小球．始终受到与重力大小相等的水平外力的作用，自a点处从静止开始向右运动，重力加速度大小为g．小球从a点开始运动到其他轨迹最高点，机械能的增量为A．2mgRB．4mgRC．5mgRD．6mgR3、在图示的电路中，电源的电动势是E，内电阻是r，当滑动变阻器R3的滑动头向左移动时A．电阻R1的功率将加大B．电阻R2的功率将减小C．电源的功率将加大D．电源的效率将增加4、两根相互靠近的长直导线1、2中通有相同的电流，相互作用力为F．若在两根导线所在空间内加一匀强磁场后，导线2所受安培力的合力恰好为零．则所加磁场的方向是（）A．垂直纸面向里 B．垂直纸面向外C．垂直导线向右 D．垂直导线向左5、关于电场强度，下列说法正确的是（）A．电场中某点的场强方向即为试探电荷在该点的受力方向B．沿电场线方向电场强度一定越来越小C．在匀强电场中公式中的d是沿电场方向两点间的距离D．公式和对于任意静电场都是适用的6、关于电场和磁场的概念,以下说法正确的是A．小磁针静止时N极所指的方向就是该处磁感应强度的方向B．电荷在电场中某点所受电场力的方向即为该点的电场强度方向C．电流元在磁场中某位置受到的磁场力为零，则该位置的磁感应强度一定为零D．若长为L、电流为I的导线在某处受到的磁场力为F，则该处的磁感应强度必为二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，带电粒子在电场中由A点移到B点，可判知（）A．粒子带负电B．粒子的电势能不断减少C．粒子的动能不断减少D．粒子在B点的加速度大于在A点的加速度8、图为一个示波器工作原理的示意图，电子经电压为U1的加速电场后以速度v0垂直进入偏转电场，离开电场时的偏转量是h，两平行板间的距离为d，电势差U2，板长L，为了提高示波管的灵敏度（每单位电压引起的偏转量h/U2）可采取的方法是（）A．减小两板间电势差U2B．尽可能使板长L长些C．使加速电压U1降低一些D．尽可能使板间距离d大一些9、下列说法中正确的是().A．某带电体所带的电荷量可能为3×10-19CB．电场是一种理想模型，实际上并不存在C．沿等势面移动电荷，电场力一定不做功D．两个相互作用的电荷间的库仑力总是大小相等，方向相反10、在如图(a)所示的电路中，为定值电阻，为滑动变阻器。闭合电键S，将滑动变阻器的滑动触头P从最右端滑到最左端，两个电压表内阻极大的示数随电路中电流变化的完整过程图线如图(b)所示。则（）A．图线甲是电压表V1示数随电流变化的图线B．电源内电阻的阻值为C．电源的最大输出功率为D．滑动变阻器R2的最大功率为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）（1）图甲所示的电流表使用0.6A量程时，对应刻度盘上每一小格代表_______A，图中表针示数是_______A；当使用3A量程时，对应刻度盘上每一小格代表________A，图中表针示数为________A．（2）图乙所示的电表使用较小量程时，每小格表示________V，图中指针的示数为________V．若使用的是较大量程，则这时表盘刻度每小格表示________V，图中表针指示的是________V．12．（12分）军军同学进行“探究求合力的方法”实验：(1)下列要求对减小实验误差有益的是________．A．两细绳必须等长B．拉橡皮条的两条细绳夹角越大越好C．弹簧测力计、细绳、橡皮条都应与木板平行D．两弹簧测力计同时拉细绳时，示数之差尽可能大(2)本实验采用的科学方法是________．A．理想实验法B．等效替代法C．控制变量法D．建立物理模型法四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，质量为5×10﹣8kg的带电微粒以v0=2m/s速度从水平放置的平行金属板A、B的中央飞入板间．已知板长L=10cm，板间距离d=2cm，当UAB=103V时，带电微粒恰好沿直线穿过板间，已知求：（1）带电微粒所带电荷量？（2）AB间所加电压在什么范围内带电微粒能从板间飞出？14．（16分）电视机的显像管中，电子束的偏转是用磁偏转技术实现的．电子束经过电压为U的加速电场后，进入一圆形匀强磁场区，如图所示．磁场方向垂直于圆面．磁场区的中心为O，半径为r．当不加磁场时，电子束将通过O点而打到屏幕的中心M点．为了让电子束射到屏幕边缘的P点，需要加磁场，使电子束偏转一已知角度θ。（已知电子质量为m，电荷量为e）求（1）电子束刚进入匀强磁场区时的速度大小；（2）此时磁场的磁感应强度B的大小。15．（12分）如图所示，两根电阻不计的光滑金属导轨MAC．NBD水平放置，MA．NB间距L=0.4m，AC．BD的延长线相交于E点且AE=BE，E点到AB的距离d=6m，M、N两端与阻值R=2Ω的电阻相连，虚线右侧存在方向与导轨平面垂直向下的匀强磁场，磁感应强度B=1T．一根长度也为L=0.4m、质量m=0.6kg、电阻不计的金属棒，在外力作用下从AB处以初速度沿导轨水平向右运动，棒与导轨接触良好，运动过程中电阻R上消耗的电功率不变，求：（1）电路中的电流I；（2）金属棒向右运动d/2过程中克服安培力做的功W；

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

根据题意要求可以把路程近等于位移大小，则平均速度为：A．35km/h。故A符合题意。B．80km/h。故B不符合题意。C．120km/h。故C不符合题意。D．160km/h。故D不符合题意。2、C【解析】本题考查了运动的合成与分解、动能定理等知识，意在考查考生综合力学规律解决问题的能力．设小球运动到c点的速度大小为vC，则对小球由a到c的过程，由动能定理得：F·3R-mgR=mvc2，又F=mg，解得：vc2=4gR，小球离开c点后，在水平方向做初速度为零的匀加速直线运动，竖直方向在重力作用力下做匀减速直线运动，由牛顿第二定律可知，小球离开c点后水平方向和竖直方向的加速度大小均为g，则由竖直方向的运动可知，小球从离开c点到其轨迹最高点所需的时间为:t=vC/g=2，小球在水平方向的加速度a=g，在水平方向的位移为x=at2=2R．由以上分析可知，小球从a点开始运动到其轨迹最高点的过程中，水平方向的位移大小为5R，则小球机械能的增加量△E=F·5R=5mgR，选项C正确ABD错误．【点睛】此题将运动的合成与分解、动能定理有机融合，难度较大，能力要求较高．3、C【解析】

由电路图可知。R2、R3串联后与R1并联接到电源上，当滑动变阻器R3的滑片P向左移动时，R3阻值变小，总电阻变小，总电流变大，根据P=EI可知，电源的功率增大，故C正确，电源内阻所占电压变大，并联部分电压减小，即R1两端的电压减小，根据P1=U2/R1，可知，电阻R1的功率将减小，故A正确；根据I＝U/R可知，通过R1的电流减小，而总电流增大，所以通过R2的电流增大，根据P=I2R可知，电阻R2的功率将增大，故B错误；电源的效率η=I2RI2(r+R)=1【点睛】本题是一道动态分析题，分析清楚电路结构是正确解题的关键，熟练应用串联电路特点及欧姆定律即可正确解题．4、B【解析】

当两根导线中通有相同的电流时，1、2两导线间是引力，即导线2起始时受到向左的安培力；要使导线2所受安培力的合力为0，所加磁场使导线2受到的安培力向右，根据左手定则知所加磁场的方向为垂直纸面向外．故B项正确，ACD三项错误．5、C【解析】

A．电场强度的方向规定为放在该点的正电荷受到的静电力方向，与正电荷受力方向相同，与负电荷受力方向相反，故A错误；B．沿电场线方向电势一定逐渐减小，故B错误；C．匀强电场中，公式中的d是沿电场方向两点间的距离，故C正确；D．电场强度的定义式是，适用于一切电场，点电荷电场的决定式，只适用于点电荷，故D错误．6、A【解析】

A．小磁针静止时N极所指方向与该处磁场方向相同，也就是该处磁感应强度的方向，故A正确；B．正电荷在电场中所受电场力的方向与该处的电场方向相同，而负电荷受电场力与该处的电场强度方向相反，故B错误；C．通电导线在磁场中某处不受磁场力作用，可能导线的放置方向与磁场方向平行，不受安培力，磁感应强度不一定为零，故C错误；D．对于公式，其条件是导线垂直磁场的方向，所以若长为L、电流为I的导线在某处受到的磁场力为F，则该处的磁感应强度不一定为，故D错误．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

A：粒子在A处所受电场力沿电场线的切线，粒子做曲线运动受力指向轨迹的凹侧，则粒子在A处受力FA如图，粒子带负电。故ABC：粒子在电场中由A点移到B点，电场力的方向与运动方向成钝角，电场力对粒子做负功，粒子的动能不断减少，粒子的电势能不断增大。故B项错误，C项正确。D：电场线的疏密表示电场的强弱，则EB<EA，由牛顿第二定律可得：a=qEm，则粒子在B点的加速度小于在8、BC【解析】试题分析：电子在加速电场中加速，根据动能定理可得：eU1=mv02所以电子进入偏转电场时速度的大小为：电子进入偏转电场后的偏转量为：联立得，所以示波管的灵敏度为；所以要提高示波管的灵敏度可以增大l，减小d和减小U1，所以AD错误，BC正确．故选BC．考点：带电粒子在电场中的运动9、CD【解析】

A.最小的电荷量是e=1.6×10-19C，我们把这个最小的电荷量叫做元电荷，任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍，故A错误。B.电场是客观存在的特殊的物质，故B错误。C.电场线与等势面垂直，所以沿等势面移动电荷，电场力一定不做功，故C正确。D.根据牛顿第三定律可知两个相互作用的电荷间的库仑力总是大小相等，方向相反，故D正确。10、BD【解析】

A.当滑片左移时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；而两端的电压增大，两端的电压减小，故图线乙表示是示数的变化，图线甲表示示数的变化，故A错误；B.由图可知，当只有接入电路时，电路中电流为，路端电压为3V，根据闭合电路欧姆定律可得：当滑动变阻器全部接入时，电路中电流为，路端电压为，由闭合电路欧姆定律可得：解得：，故B正确；C.根据欧姆定律可得：因当电源的内电阻等于外电阻时，电源的输出功率最大，故当外阻等于时，电源的输出功率最大，故此时电流：故电源的最大输出功率：故C错误；D.当滑动变阻器全部接入时，两电压表示数之比为，则有：可得：，当滑动变阻器的阻值等于时，滑动变阻器消耗的功率最大，故当滑动变阻器阻值为时，滑动变阻器消耗的功率最大，由闭合电路欧姆定律可得，电路中的电流：则滑动变阻器消耗的总功率：故D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.020.440.12.200.11.440.57.0【解析】

（1）电流表使用0.6A量程时，刻度盘上的每一小格为0.02A，指针的示数为0.44A；当换用3A量程时，每一小格为0.1A，指针示数为2.20A．（2）电压表使用3V量程时，每小格表示0.1V，指针示数为1.44V；使用15V量程时，每小格为0.5V，指针示数为7.0V．12、CB【解析】

（1）实验中两细绳没必要必须等长，选项A错误；拉橡皮条的两条细绳夹角大小要适当，并非越大越好，选项B错误；测量力的实验要求尽量准确，为了减小实验中因摩擦造成的误差，操作中要求弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，故C正确；两弹簧测力计同时拉细绳时，读数大小要适当，并非示数之差尽可能大，选项D错误；故选C.（2）在本实验中要保证两个弹簧称的拉力与一个弹簧称的拉力效果相同，采用的科学方法是等效替代法．故B正确．【点睛】本题考查了“等效法”的应用和平行四边形定则等基础知识，对于这些基础知识在平时练习中要不断加强训练，以提高解题能力．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）1800V≥u≥200V【解析】（1）由题意，当带电微粒恰好沿直线穿过板间时有电场力和重力平衡：F电=G，由F电=qE和，可得：

由粒子所受电场力方向竖直向上，与场强方向相反，可知粒子带负电．

（2）粒子在电场中的运动可分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的匀加速直线运动．设运动时间为t，竖直方向的加速度为a，AB间电压为U，当粒子恰好由电场边缘飞出时，有：x=L=v0t；

解得若粒子向上偏转，则电场力＞重力，得：，代入数据，解得

U=1800V

若粒子向下偏转，电场力＜重力，

得：，代入数据，解得

U=200V

因此，要使粒子能穿过平行金属板，而不打在板上，电压