2025届黑龙江省大庆市重点初中物理高二第一学期期中联考试题含解析

2025届黑龙江省大庆市重点初中物理高二第一学期期中联考试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，平行板电容器与电压为U的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略；一带负电油滴被固定于电容器中的P点；现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则（）A．平行板电容器的电容值变大B．静电计指针张角变小C．带电油滴所受电场力增大D．若先将上极板与电源正极的导线断开再将下极板向下移动一小段距离，则带电油滴所受电场力不变2、用比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法,下面四个物理量都是用比值法定义的．以下公式不属于比值法定义式的是A．电流强度 B．磁感应强度C．电阻 D．电容3、下列各电场中，A、B两点电势相同的是（）A． B． C． D．4、下列说法正确的是()A．电场强度为零的地方，电势一定为零B．电势为零的地方，电场强度不一定为零C．电场强度相同的地方，电势一定相等D．电势相等的地方，电场强度一定相等5、下列关于元电荷的说法中错误的是（）A．元电荷实质上是指电子本身B．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍C．元电荷e的值最早是由美国物理学家密立根通过实验测定的D．元电荷的值通常取e=1.60×10-19C6、如图所示，在竖直放置间距为的平行板电容器中，存在电场强度为E的匀强电场．有一质量为，电荷量为的点电荷从两极板正中间处静止释放，重力加速度为．则点电荷运动到负极板的过程A．加速度大小为B．所需的时间为C．下降的高度为D．电场力所做的功为二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图甲所示，一个圆形线圈的匝数n=100，线圈面积S=200cm2，线圈的电阻r=1Ω，线圈外接一个阻值R=4Ω的电阻，把线圈放入一方向垂直线圈平面向里的匀强磁场中，磁感应强度随时间变化规律如图乙所示．下列说法中正确的是（）A．电阻R两端的电压保持不变B．初始时刻穿过线圈的磁通量为0.4WbC．线圈电阻r消耗的功率为4×10﹣4WD．前4s内通过R的电荷量为4×10﹣4C8、如图所示,平行板电容器与电动势为E的直流电源(内阻不计)连接,下极板接地。一带电油滴位于两板中央的P点且恰好处于平衡状态。现将平行板电容器的上极板竖直向下移动一小段距离,则()A．带电油滴将沿竖直方向向上运动B．带电油滴将在P点电势能将减小C．P点的电势将降低D．电容器的电容减小,电容器的带电量将减小9、如图所示，在A、B两点分别固定电荷量为+Q和+2Q的点电荷，C为A、B连线的中点，将一点电荷从C点沿电场线移动，下列叙述正确的是A．点电荷向左移动到A点之前，所受电场力逐渐增大B．点电荷向左移动到A点之前，所受电场力先减小后增大C．点电荷向右移动到B点之前，所受电场力逐渐增大D．点电荷向右移动到B点之前，所受电场力先增大后减小10、如图所示，一根长导线弯成“n”形，通以直流电I，正中间用一段绝缘线悬挂一金属环C，环与导线处于同一竖直平面内，在电流I增大的过程中，下列叙述正确的是()A．金属环C中无感应电流产生B．金属环C中有沿逆时针方向的感应电流C．悬挂金属环C的竖直线拉力变大D．金属环C仍能保持静止状态三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某学生选用匝数可调的可拆变压器来“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验时，原线圈接在学生电源上，用多用电表测量副线圈的电压．（1）下列操作正确的是________A．原线圈接直流电压，电表用直流电压档B．原线圈接直流电压，电表用交流电压档C．原线圈接交流电压，电表用直流电压档D．原线圈接交流电压，电表用交流电压档（2）该学生继续做实验，在电源电压不变的情况下，先保持原线圈的匝数不变，增加副线圈的匝数，观察到副线圈两端的电压增大；然后再保持副线圈的匝数不变，增加原线圈的匝数，观察到副线圈两端的电压________（选填“增大”、“减小”或“不变”）．12．（12分）如图为“研究电磁感应现象”的实验装置，电键合上前小螺线管已插入到大螺线管中。（1）将图中所缺的导线补接完整_________；（2）如果在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏转一下，那么合上电键后将小螺线管迅速抽出时，灵敏电流计指针将向__________(“左”或“右”)偏转。将滑动变阻器的滑片迅速向左滑动，则灵敏电流计指针将向___________(“左”或“右”)偏转。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，虚线MN、PQ之间存在水平向右的匀强电场，两虚线间距离为d．一质量为m、电荷量为+q的带电粒子，从a点由静止释放，经电压为U的电场加速后，由b点垂直进入水平匀强电场中，从MN上的某点c(图中未画出)离开，其速度与电场方向成45°角．不计带电粒子的重力．求：(1)带电粒子刚进入水平匀强电场时的速率v0；(2)水平匀强电场的场强大小E；(3)bc两点间的电势差Ubc．14．（16分）如图所示，两带电平行板A、B间的电场为匀强电场，已知A板带正电，B板带负电，场强E=400V/m，两板相距d=16㎝，板长L=30cm。一带电量q=1.6×10-16C、质量m=4.0×10-19㎏的粒子沿平行于板方向从两板的正中间射入电场后向着B板偏转，不计带电粒子所受重力，求：（1）粒子带何种电荷？（2）要使粒子能飞出电场，粒子飞入电场时的速度v0至少为多大？（3）粒子飞出电场时最大偏角的正切值为多大？15．（12分）如图所示,一个电子由静止开始经加速电场加速后,又沿中心轴线从O点垂直射入偏转电场,并从另一侧射出打到荧光屏上的O点,点为荧光屏的中心。已知电子质量,电荷量,加速电场电压U0=2500V,偏转电场电压,极板的长度,板间距离,极板的末端到荧光屏的距离(忽略电子所受重力,结果保留两位有效数字)。求(1)电子射入偏转电场时的初速度;(2)电子打在荧光屏上的P点到点的距离h;(3)电子经过偏转电场过程中电场力对它所做的功W。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】试题分析：根据知，d增大，则电容减小．故A错误．静电计测量的是电容器两端的电势差，因为电容器始终与电源相连，则电势差不变，所以静电计指针张角不变．故B错误．电势差不变，d增大，则电场强度减小，则带电油滴所受电场力变小．故C错误．电容器与电源断开，则电荷量不变，d改变，根据，知电场强度不变，则油滴所受电场力不变．故D正确．故选D．考点：电容器；电场强度和电势差【名师点睛】本题是电容器的动态分析问题，关键抓住不变量，当电容器与电源始终相连，则电势差不变，当电容器与电源断开，则电荷量不变．2、D【解析】试题分析：选项A、B、C中公式均为物理量的定义式，其特点是被定义量与用来定义的量间无直接关系，电容的定义式是C=而D选项为电容的决定式，公式中C与其它各量都由直接关系，不是定义式，故选项D错误，其余正确．考点：电容、电阻、电流、磁感强度3、A【解析】

A．图为负的点电荷的电场，图中AB两点在同一个圆上，处于同一个等势面，所以AB两点的电势相同，所以A正确；B．图为正的点电荷的电场，图中AB两点在同一条电场线上，沿着电场线的方向电势降低，所以AB两点的电势不同，所以B错误；C．图是匀强电场，AB点的场强的大小和方向都相同，但是根据沿电场线的方向电势降低可知A点的电势要比B点的电势高，所以C错误；D．沿着电场线的方向电势降低，所以AB两点的电势不同，所以D错误。故选A。4、B【解析】

电势为零是人为选取的，则电势为零的地方场强可以不为零，等量同种电荷连线的中点处，电场强度为零，但电势不为零，A错误，B正确；匀强电场中，电场强度相同的各点，沿着电场线方向，电势降低，C错误；同一等势面上各个点的电场强度不一定相等，比如：等量异种电荷的中垂线，为等势面，而各点的电场强度大小不同，故D错误．5、A【解析】试题分析：电子的带电量最小，质子的带电量与电子相等，但电性相反，故物体的带电量只能是电子电量的整数倍，人们把这个最小的带电量叫做叫做元电荷．解：A、元电荷是指电子或质子所带的电荷量，不是电子或质子本身，故A错误B、所有带电体的电荷量都等于元电荷的整数倍，故B正确；C、元电荷e的值最早是由美国物理学家密立根通过实验测定的，故C正确；D、元电荷的数值为e=1.60×10﹣19C，故D正确；本题选择错误的，故选A【点评】元电荷是带电量的最小值，它不是电荷，只是等于质子或电子的带电量；明确所有带电体所带电量均是元电荷的整数倍．6、B【解析】

点电荷在电场中的受力如图所示，点电荷所受的合外力为由牛顿第二定律得故A错；点电荷在水平方向的加速度为，由运动学公式d/2=a1t2/2,所以，故B正确，点电荷在竖直方向上做自由落体运动，所以下降的高度，故C错误；由功公式W=Eqd/2,故D错误．综上所述本题答案是：B【点睛】由于电荷水平方向和竖直方向都受到力的作用，根据水平方向上的运动求出运动时间，再结合竖直方向上自由落体运动求出下落的高度．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】试题分析：根据法拉第电磁感应定律，可知，磁通量的变化率恒定，所以电动势恒定，则电阻两端的电压恒定，故A正确；初始时刻穿过线圈的磁通量Φ="nBS=0.2×200×0.0001"Wb=0.004Wb，故B错误；由法拉第电磁感应定律E=n=n=100××0.02V="0.1"V，由闭合电路欧姆定律，可知电路中的电流为I==A="0.02"A，所以线圈电阻r消耗的功率P=I2R=0.022×1W=4×10﹣4W，故C正确；前4s内通过R的电荷量Q="It=0.02×4"C="0.08"C，故D错误．考点：法拉第电磁感应定律、电功、电功率、导体切割磁感线时的感应电动势点评：穿过某一面积的磁通量是由穿过该面的磁感线条数的多少决定的，与匝数无关．楞次定律来判定感应电流方向，由法拉第电磁感应定律来求出感应电动势大小．当然本题还可求出电路的电流大小，及电阻消耗的功率．同时磁通量变化的线圈相当于电源．8、AB【解析】

A、根据平衡条件可知，带电油滴受到向上的电场力与向下的重力相等，即满足qE=mg，若将上极板向下移动一小段距离，两板间距离d变小，由于电压不变；根据E=Ud可知，场强E变大，所以带电油滴受到向上的电场力大于向下的重力，粒子将向上运动，故AC、φP=UP0，Up0=E•Δd，由于场强E变大，P点到下极板的距离Δd不变，所以B、带电油滴受到向上的电场力，而电场方向向下，所以带电油滴带负电，根据EP=qφ，带电油滴将在P点电势能将减小，故D、根据C=εS4πkd可知，d减小，则电容器的电容C变大，根据Q=CU可知，U不变，则电容器的带电量Q变大，故D故选AB。【点睛】关键是明确分析有关电容器动态问题的基本方法：先判断电容器的电压不变还是带电量不变（若断开电源则电量不变，若始终与电源相连则电压不变）；根据C=εS4πkd判断电容C的变化；根据Q=CU判断电容器带电量的变化情况；根据E=Ud判断场强E的变化（注意若断开电源，只改变板间距离时场强E9、BC【解析】设离A点距离为x处场强为零，AB的距离为2r，根据点电荷场强公式得：，解得：，所以AB连线上电场强度等于零的位置在C点的左边，则将一点电荷从C点沿电场线移动，点电荷向左移动到A点之前，场强先减小后增大，所受电场力先减小后增大，故A错误，B正确；将点电荷向右移动到B点之前，场强一直增大，所受电场力逐渐增大，故C正确，D错误．所以BC正确，AD错误．10、BCD【解析】试题分析：由安培定则可判定“n”形产生的磁场，之后根据楞次定律来确定感应电流的方向，再根据左手定则，判断出安培力的方向，从而判断出金属线圈的受力与运动状况．解：AB、根据安培定则知，弯曲成“n”形导线中电流的磁场方向为：垂直纸面向里，且大小增加．由楞次定律可知，感应电流的方向为逆时针，故A错误，B正确．CD、根据左手定则可知，安培力的方向指向圆心，由于直流电流过弯曲成“n”形导线，所以电流产生的磁场在“n”形范围内，上边的磁感应强度比较大，下边的磁感应强度比较小，所以金属环上边受到的安培力大于下边圆弧受到的安培力，因此合力的方向向下，导致挂环的拉力增大，但环仍处于静止状态，故C正确，D正确．故选BCD．点评：解决本题的关键会用安培定则判断电流周围磁场的方向，以及学会根据楞次定律来确定感应电流的方向．同时会用左手定则判断安培力的方向．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、D；减小；【解析】（1）变压器的工作原理是互感现象，故原线圈接交流电压，输出电压也是交流电压，故电表用交流电压挡，故ABC错误，D正确；

（2）原线圈的电压U1不变，根据变压比公式，保持副线圈的匝数不变，增加原线圈的匝数，观察到副线圈两端的电压，观察到副线圈两端的电压减小；12、左左【解析】

（1）[1]如图所示（2）[2]在闭合电键时和电流计串联的线圈中磁通量增加，发现灵敏电流计的指针向右偏转一下，那么合上电键后将小