2025届福建省泉州市泉港一中物理高二上期中考试模拟试题含解析

2025届福建省泉州市泉港一中物理高二上期中考试模拟试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、实验室用的小灯泡灯丝的I-U特性曲线可用以下哪个图象来表示（）A．B．C．D．2、在同一直线上运动的甲、乙两物体的v-t图像如图所示，则由图像可知A．它们的速度方向相同B．它们的加速度方向相同C．在t1时刻它们相遇D．在0～t2时间内它们的位移大小不相等3、如图是有两个量程的电压表，当使用a、b两个端点时，量程为0～10V，当使用a、c两个端点时，量程为0～100V．已知电流表的内阻Rg为500Ω，满偏电流Ig为1mA，则电阻R1、R2的值()A．9500Ω；90000ΩB．90000Ω；9500ΩC．9500Ω；9000ΩD．9000Ω；9500Ω4、如图，低电位报警器由两个基本门电路与蜂鸣器组成，该报警器只有当输入电压过低时蜂鸣器才会发出警报。其中（）A．甲是“与门”，乙是“非门”B．甲是“或门”，乙是“非门”C．甲是“与门”，乙是“或门”D．甲是“或门”，乙是“与门”5、如右图，轻弹簧上端与一质量为m的木块1相连，下端与另一质量为M的木块2相连，整个系统置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态．现将木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，木块1、2的加速度大小分别为、．重力加速度大小为g．则有A．，B．，C．，D．，6、如图是一个将电流表改装成欧姆表的示意图，此欧姆表已经调零。用此欧姆表测一阻值为R的电阻时，指针偏转至满刻度处，现用该表测一未知电阻，指针偏转到满刻度的处，则该电阻的阻值为（）A．3R B．6R C．9R D．12R二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，一个带正电的滑环套在水平且足够长的粗糙绝缘杆上，整个装置处在与杆垂直的水平方向的匀强磁场中，现使滑环获得向右的初速度，滑环在杆上的运动情况可能是：A．始终作匀速运动B．先作加速运动，后作匀速运动C．先作减速运动，后作匀速运动D．先作减速运动，最后静止在杆上8、如图所示为甲、乙两个物体在同一条直线上运动的v-t图像，两者同时出发，甲一直做匀加速直线运动，乙先匀加速再匀速。t=0时乙在甲前1.5m处，下列说法正确的是（）A．甲、乙两物体一定相遇两次B．t=3s时两物体相遇C．t=4s时两物体相遇D．t=5s时两物体相遇9、如果不计重力的电子，只受电场力作用，那么电子在电场中可能做（）A．匀速直线运动B．匀加速直线运动C．匀变速曲线运动D．匀速圆周运动10、关于电表，下列说法正确的是：A．利用串联电路中电阻分压原理，可将电流表串联一个分压电阻改装成电压表B．如果要将电压表量程扩大n倍，则所串的分压电阻应是内阻的n倍C．用同一表头做成的电流表，电流表的量程越大，其内阻越小D．当电流表测某电路的电流时，测量值一定总是小于真实值三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，实验室提供了以下器材：A．小灯泡（3.8V，0.3A）B．滑动变阻器（5Ω，2A）C．电流表（0~0.5A，内阻约0.4Ω）D．电压表（0~5V，内阻约10kΩ）E．开关及导线若干(1)为实验测量误差尽可能小，电流表应选用________（填“内”或“外”）接法；(2)为使小灯泡两端电压从零开始连续变化，滑动变阻器应选用__________（填“限流式”或“分压式”）接法；(3)综上所述，应选择下图中的_______电路进行实验(4)利用实验数据画出了如乙图所示的小灯泡伏安特性曲线。图中，坐标原点O到P点连线的斜率表示______。则根据此图给出的信息可知，随着小灯泡两端电压的升高，小灯泡的电阻______（填“变大”、“变小”或“不变”）12．（12分）描绘小电珠的伏安特性曲线的实验电路如图，小电珠的额定电压是3.8V．（1）根据实验数据在坐标系中描点如图．试在坐标系中画出该小电珠的伏安曲线_______．（2）根据图象，下列说法正确的是_________A．该小电珠的额定功率为1.14WB．小电珠在1V电压下灯丝的电阻约为7.1ΩC．小电珠在2V电压下灯丝的电阻约为9.1ΩD．小电珠在不同电压下的电阻不相同是因为珠丝的电阻率随温度升高而减小（3）关于该实验的系统误差，下列说法中正确的是_________A．系统误差主要是由电压表的分流引起的B．系统误差主要是由电流表的分压引起的C．系统误差主要是由于忽略电源内阻引起的D．系统误差主要是由读数时的估读引起的（4）若将该小电珠接与r=20Ω的电阻串联后接在U0=4V的电压两端，其实际功率是_________W．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，水平放置的平行板电容器，原来两板不带电，上极板接地，它的极板长L=3．3m，两极板间距离d=3．4cm,有一束相同微粒组成的带电粒子流以相同的初速度从两板中央平行于极板射入，由于重力作用微粒能落到下板上，已知微粒质量m=2．3×33-6kg，电量q=+3．3×33-8C，电容器电容C=3．3×33-6F，若第一个粒子刚好落到下板中点O处，取g=33m/s2．试求：（3）则带电粒子入射初速度的大小；（2）两板间电场强度为多大时，带电粒子能刚好落到下板右边缘B点；（3）落到下极板上带电粒子总的个数14．（16分）如图所示，离子发生器发射出一束质量为m，电荷量为q的离子，从静止经加速电压U1加速后，获得速度，并沿垂直于电场线方向射入两平行板中央，受偏转电压U2作用后，以速度离开电场，已知平行板长为，两板间距离为d，求：①的大小；②离子在偏转电场中运动时间；③离子在偏转电场中受到的电场力的大小F；④离子在偏转电场中的加速度；⑤离子在离开偏转电场时的横向速度；⑥离子在离开偏转电场时的速度的大小；⑦离子在离开偏转电场时的横向偏移量y；15．（12分）如图所示，质量m=2.0kg的木块静止在高h=1.8m的光滑水平台上，木块距平台右边缘10m。用水平拉力F=20N拉动木块，当木块运动到水平末端时撤去F。不计空气阻力，g取10m/s2。求：（1）木块离开平台时的速度大小；（2）木块落地时距平台边缘的水平距离。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

根据欧姆定律I=U/R，得到I=U，由数学知识得知，I-U图象的割线斜率大小表达电阻的倒数，因此I-U特性曲线是过原点的向电压轴倾斜的曲线，故A正确，BCD错误．故选A．【点睛】本题是欧姆定律的简单应用．对于伏安特性曲线，可以根据数学知识理解导体的电阻与图线斜率的关系．2、A【解析】

A．由图看出，两个物体的速度均为正值，说明速度方向均沿正方向，方向相同；故A正确；B．速度图象的斜率等于物体的加速度，斜率的正负表示加速度的方向，则知两个物体的加速度方向相反。故B错误。C．在t1时刻两图线相交，说明它们的速度相同；但经过的位移并不相同，故没有相遇，故C错误；D．根据速度图象与坐标轴围成的面积表示位移，得知在0～t2时间内它们的位移大小相同；故D错误。3、A【解析】

由图示电路图可知，，代入数据解得，A.9500Ω；90000Ω与分析相符，符合题意B.90000Ω；9500Ω与分析不符，不符合题意C.9500Ω；9000Ω与分析不符，不符合题意D.9000Ω；9500Ω与分析不符，不符合题意4、B【解析】从图形上看，乙是“非门”，甲如果是“与门”无论输入电压是高还是低，都会使乙的输出电压高，而使蜂鸣器发出警报，只有当甲是“或门”时，输入电压低时甲的输出电压才会低而使乙的输出电压高从而使蜂鸣器发出警报5、C【解析】试题分析：在抽出木板的瞬时，弹簧对1的支持力和对2的压力并未改变．对1物体受重力和支持力，有：mg=F，a1=1．对2物体受重力和弹簧的向下的压力，根据牛顿第二定律有：，故C正确．故选C．考点：牛顿第二定律【名师点睛】本题属于牛顿第二定律应用的瞬时加速度问题，关键是区分瞬时力与延时力；弹簧的弹力通常来不及变化，为延时力，轻绳的弹力为瞬时力，绳子断开即消失．6、C【解析】

设电动势为E，内阻为R内时，满偏电流为Ig，欧姆表调零时测一阻值为R的电阻时测一未知电阻时解这三式得故ABD错误，C正确。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】A、给滑环套一个初速度，将受到向上的洛伦兹力，若洛伦兹力等于物体的重力，滑环将做匀速直线运动．故A正确；B、滑环在水平方向上受到摩擦力，不可能加速运动．故B错误；C、若重力小于洛伦兹力，滑环受到向下的弹力，则受到摩擦力，做减速运动，当洛伦兹力等于重力时，又做匀速运动，故C正确；D、若重力大于洛伦兹力，滑环受到向上的弹力，则受到摩擦力，将做减速运动，最后速度为零，故D正确．故选ACD。8、BD【解析】

t=0时乙在甲前1.5m处，在t=2s时，甲比乙多走的距离为，可知此时甲已经超过乙0.5m，第一次相遇在0-2s之间；在2-3s时，乙比甲多走了，即t=3s时乙追上甲相遇第二次；由面积关系可知从3-5s内，甲乙位移相等，可知t=5s时刻甲乙第三次相遇；以后甲的速度大于乙，不再相遇。故选BD。9、BCD【解析】

A、由于电子在电场中一定会受到电场力的作用，一定有加速度，所以电子不会做匀速直线运动，所以A不可能；

B、当电子受到的电场力的方向和电子的速度的方向相同时，电子就会做匀加速直线运动，所以B可能；

C、当电子受到的电场力的方向和电子的速度的方向垂直时，电子将做类平抛运动，是匀变速曲线运动，所以C可能；

D、当电子受到的电场力的方向始终和速度的方向垂直时，电子就会做匀速圆周运动，比如电子绕着原子核的转动，所以D可能．10、AC【解析】

由题意可知考查电表改装，根据电表改装原理分析可得。【详解】A．利用串联电路中电阻分压原理，可将电流表串联一个分压电阻改装成电压表，符合客观实际，故A正确。B．如果要将电压表量程扩大n倍，则所串联的分压电阻应是原电压表内阻的n-1倍，故B错误；C．用同一表头做成的电流表，电流表的量程越大，并联的电阻越小，其总的内阻越小，故C正确；D．当电流表测某电路的电流时，测量值可能小于真实值，也可能大于真实值，故D错误。【点睛】改装成电压表是在原来基础上串联一电阻，量程越大，需要串联的电阻越大。改装电流表是在原来基础上并联一电阻，量程越大，需要并联的电阻越小。读数大小取决于总电压、总电流，指针偏角大小仅取决于通过表头的电流大小，通过表头的电流越大（越小），偏转角度越大（越小）。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、外接法分压式BP状态灯丝电阻的倒数变大【解析】

(1)[1]灯泡正常发光时的电阻：，电流表内阻约为0.4Ω，电压表内阻约为10kΩ，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法．(2)[2]灯泡两端电压从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法．(3)[3]电流表采用外接法、滑动变阻器采用分压接法，则应采用图B所示实验电路．(4)[4][5]坐标原点O到P点连线的斜率表示P状态小灯泡电阻的倒数；根据此图给出的信息可知，随着小灯泡两端电压的升高，小灯泡的电阻变大．12、ABCA0.14（0.14~0.18之间均正确）【解析】

（1）如图，描点作图（2）小电珠的额定电压是3.8V，读出对应的电流是0.3A，小电珠的额定功率是P=UI=1.14W，A正确；该小电珠在1V电压下对应的电流为0.14A．此时珠丝的实际电阻是；B正确；该小电珠泡在2V电压下对应的电流为0.22A．当时珠丝的实际电阻又是，C正确；小电珠珠丝的电阻率是随温度升高而增大的，D错误．（3）该实验主要系统误差来源于电压表的分流作用，导致电流表测量的电流偏大，测得的电阻偏小，电压表示数越大，电压表分担的电流越大，则测量的误差越大．故A正确．（4）将该小电珠接与r=20Ω的电阻串联后，相当于把小电珠接在电动势为4V，内阻为20Ω的电源两端，画出电源的I–U图象，可以看出，此时电压为1V，电流为0.14A，所以P=UI=1.14W．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（3）对第3个落到O点的粒子由：（3分）（3分）得：（3分）（2）对落到B点的粒子由：（3分）（3分）（2分）得：（2分）（3）由：（2分）得：（3分）落到下极板上粒子总数为N+3=433个（