卷2-2022年中考物理全真模拟卷第一辑

备战2022年中考物理【名校地市好题必刷】全真模拟卷（江苏专用）第二模拟（本卷共29小题，满分100分，考试用时80100分钟）一、单选题（本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题给出的选项中只有一个选项符合题意）1．（2021·江苏镇江·中考真题）图中五峰山大桥是公路、铁路两用大桥，它横跨长江，毗邻镇江的五峰山。以下列哪个物体为参照物，五峰山大桥是静止的（）A．岸边矗立的山峰 B．桥上行驶的列车 C．江上航行的轮船D．缓缓流淌的江水【答案】A【分析】【解析】A．以岸边矗立的山峰为参照物，五峰山大桥位置不变，是静止的，故A符合题意；BCD．以桥上行驶的列车、江上航行的轮船、缓缓流淌的江水为参照物，五峰山大桥位置改变，是运动的，故BCD不符合题意。故选A。2．（2021·江苏滨湖·一模）关于声现象，下列说法正确的是（）A．无锡市划定禁止燃放鞭炮的区域，是在传播途中减弱噪声B．用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉发声的音调会不同C．模仿秀演员能模仿其他演员唱歌的关键是模仿其音色D．只要物体在振动，人就一定能听到声音【答案】C【分析】【解析】A．减小噪声的影响，可从噪声的产生、噪声的传播及噪声的接收三个环节进行防治。禁止燃放鞭炮，是在声源处减弱噪声，故A错误；B．振幅的大小影响声音的响度。用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉振动幅度不同，发声的响度不同，故B错误；C．不同发声体的材料不、结构不同，发出声音的音色不同。模仿其他演员的声音是模仿其声音的音色，故C正确；D．人耳的听觉范围为20Hz～20000Hz，振动的频率低于20Hz或高于20000Hz的声音，人不能听到，故D错误。故选C。3．（2021·江苏秦淮·二模）下列四幅图中物态变化相同的一组是（）A．①② B．①④ C．②③ D．③④【答案】A【分析】【解析】①图中露珠是由空气中的水蒸气液化而成；②图中壶嘴的“白气”是由壶嘴喷出的水蒸气遇冷液化而成；③图中冰棱消融是固态的冰熔化成液态的水；④图中铁网上的霜是由空气中的水蒸气凝华而成。故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。4．（2020·江苏·句容市教师发展中心二模）对一名中学生来讲，下列说法中正确的是（）A．他的身高约为170dmB．他正常情况下的心跳每分钟约为70次C．他的正常体温约为25℃D．他通常能承受的最大安全电压为220V【答案】B【解析】A．他的身高约为170cm=17dm故A错误；B．正常情况下，人的心脏1min跳动的次数在70次左右，故B正确；C．正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小，故C错误；D．人通常能承受的最大安全电压为不高于36V，故D错误。故选B。5．（2021·江苏镇江·二模）关于粒子和宇宙，下列说法正确的是（）A．科学家在研究物质内部结构时，常应用建立“模型”的方法B．宇宙是一个有层次的天体系统，太阳是宇宙的中心C．海绵很容易被压缩，说明分子间有空隙D．摩擦起电现象说明原子核可以再分【答案】A【分析】【解析】A．科学家常应采用建立“模型”的方法对物质内部结构进行研究，故A正确；B．太阳是太阳系的中心，不是宇宙的中心，故B错误；C．海绵很容易被压缩，说明力可以改变物体的形状，故C错误；D．摩擦起电现象说明了原子是由更小的微粒组成的，不能说明原子核可以再分，故D错误。故选A。6．（2022·江苏淮安·九年级期末）寒冬季节，采用的一些取暖方式中，通过热传递改变物体内能的是（）A．迎着寒风快速跑，身体暖和起来 B．两只手相互摩擦，渐渐感到暖和C．站到阳光下照射，衣服温度升高 D．打羽毛球、踢毽，体表温度上升【答案】C【解析】A．迎着寒风快速跑，是通过运动做功的方式增大人的内能，故A不符合题意；B．两只手相互摩擦，通过克服摩擦做功的方式增大手的内能，故B不符合题意；C．站到阳光下照射，衣服吸收热量，是通过热传递的方式增大衣服内能，故C符合题意；D．打羽毛球、踢毽，是通过运动做功的方式增大人的内能，故D不符合题意。故选C。7．（2021·江苏滨海·一模）下列关于电与磁的四个实验认识，正确的是（）A．甲实验能说明电流周围存在磁场B．乙实验中通电螺线管左端是S极C．丙实验是电能转化为机械能，与发电机的原理相同D．丁实验是机械能转化为电能，与电动机的原理相同【答案】A【解析】A．甲实验是奥斯特实验，证明了电流周围存在磁场，故A正确；B．乙实验中，电流从螺线管的右端流入，螺线管正面电流向上，根据安培定则可知，螺线管的左端为N极，故B错误；C．丙实验电路中没有电源，当磁场中的线圈转动切割磁感线运动时，电路中会有感应电流，此过程将机械能转化为电能，这是发电机原理，故C错误；D．丁实验电路中没有电源，当磁场中的导体ab切割磁感线运动时，电路中就会有感应电流，这是电磁感现象，是发电机原理，故D错误。故选A。8．（2022·江苏惠山·九年级期末）2021年4月，中国女足通过奋勇拼搏，晋级奥运会。如图是足球落地后又弹起的示意图分析可知，足球（）A．在B点时受力平衡B．在B点时，若所受力全部消失，将静止不动C．在A、D两点动能可能相等D．在运动过程中，只存在动能和势能的相互转化【答案】C【解析】A．有运动轨迹可知，小球的机械能越来越小，小球在运动过程中受到空气阻力；在B点时，小球处于最高点，只有水平方向的速度，受重力和空气阻力的作用，两个力不在一条直线上，受力不是平衡力，故A不符合题意；B．在B点时，若所受力全部消失，其运动状态将不再改变，而是保持力消失时的速度，做匀速直线运动，故B不符合题意；C．图中小球的高度越来越小，说明有机械能的损失，则D点的机械能一定小于A点的机械能；机械能等于动能与势能之和，D点比A点高度低，所以D点的重力势能小，则其动能有可能与A点的动能相等，故C符合题意；D．在运动过程中，其机械能在减小，不只存在动能和势能的相互转化；足球与空气摩擦，还存在机械能与内能的转化，故D不符合题意。故选C。9．（2022·江苏·射阳县第六中学九年级期末）如图所示电路，闭合开关，甲、乙两灯均发光，两电表均有示数。过一会儿，两个灯泡突然都熄灭，一只电表示数增大，另一只电表示数减小为零，造成此现象的原因可能是（）A．甲灯断路 B．乙灯断路 C．甲灯短路 D．乙灯短路【答案】B【解析】由电路图可知，甲、乙两灯泡串联，电压表测乙灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。A．若甲灯断路时，整个电路断路，两灯泡均不亮，电流表和电压表均无示数，故A不符合题意；B．若乙灯断路时，电路断路，两灯泡均不亮，电流表无示数，电压表串联在电路中测电源两端的电压，根据串联电路电压的规律，其示数变大，故B符合题意；C．若甲灯短路时，电路为乙灯的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，此时甲灯不亮，乙灯亮，电流表和电压表的示数均变大，故C不符合题意；D．若乙灯短路时，电路为甲灯的简单电路，电压表被短路，电流表测电路中的电流，此时甲灯亮，乙灯不亮，电流表示数变大，电压表示数变小，故D不符合题意。故选B。10．（2021·江苏东台·九年级阶段练习）探究活动中，掌握研究问题的方法非常重要．例如，探究声音的产生的条件时，将发声的音叉触及水面，水花四溅．以下活动中所用方法与上述研究方法相同的是（）A．在描述磁场时引入了磁感线B．探究平面镜成像特点时，用等大的两个棋子探究像与物的大小关系C．测量人体体温时，利用体温计内水银柱的长度变化来显示人体的温度高低D．探究声音的传播时，将发声置于瓶内，不断抽出瓶内气体，听到的声音越来越小【答案】C【解析】探究声音的产生的条件时，将发声的音叉触及水面，水花四溅，知道发声体在振动，采用的是转换法。A．在描述磁场时引入了磁感线，采用的是模型法，故A不符合题意；B．探究平面镜成像特点时，用等大的两个棋子探究像与物的大小关系，采用的是等效替代法，故B不符合题意；C．利用体温计内水银柱的长度变化来显示人体的温度高低，是采用的转换法，故C符合题意；D．探究声音的传播时，将发声置于瓶内，不断抽出瓶内气体，听到的声音越来越小，采用的是推理法，故D不符合题意。故选C。11．（2020·江苏·北京师范大学常州附属学校九年级开学考试）如图所示，四个相同的容器内水面一样高，a容器内只有水，b容器内有木块漂浮在水面上，c容器内漂浮着一块冰块，d容器中悬浮着一个空心球．则下列四种说法正确的一组是①每个容器的总质量都相等②b容器中再倒入酒精后，木块在液面下的体积减小③c容器中冰块熔化后水面高度升高④d容器中再倒入酒精后，小球将下沉．A．①④ B．③④ C．①② D．②④【答案】A【解析】①因木块漂浮，木块受到的浮力等于木块重，又因F浮＝ρ水V排g，所以木块受到的重力等于排开的水重．因为a、b容器水面等高，所以b容器的总重等于a容器的总重．因为G＝mg，所以b容器的总质量与a容器的总质量相同．同理可以得出，cd容器的总质量与a容器的总质量相同，故①正确；②b容器中再倒入酒精后，使水的密度减小，但木块还是漂浮，受到的浮力相等，因为F浮＝ρ水V排g，所以排开水的体积增大，使木块在液面下的体积增大，故②错；③因为冰漂浮于水面上，所以F浮＝ρ水gV排＝G冰；……①又因为冰熔化成水后，其质量不变，所以G冰＝G水＝ρ水gV水，……②；联立①②可得：ρ水gV排＝ρ水gV水，所以V排＝V水，即：冰块排开水的体积跟冰熔化成水后的体积相等，所以水面高度不变，故③错；④原来小球悬浮，受到的浮力等于小球重F浮＝G球，d容器中再倒入酒精后，使水的密度减小，因为F浮＝ρ水V排g，排开水的体积不变，所以小球受到的浮力减小，使得F浮′＜G球，所以小球将下沉，故④正确．故选A．12．（2022·江苏建邺·九年级期末）如图所示，电源电压保持不变，R0、R1均为定值电阻，R2为标有“20Ω，0.5A”的滑动变阻器，电压表V1的量程是，电压表V2的量程是，电流表A的量程为。闭合开关S，当R2接入允许最大阻值时，电流表示数为0.3A，电压表V2的示数为5.4V；再将R2调至允许接入最小阻值时，电压表V1的示数为1V。则在调节过程中，下列说法正确的是（）A．电源电压是6V B．R0的阻值是8ΩC．电阻R1的电功率变化了0.32W D．电压表V2的示数变化了1V【答案】A【解析】AB．由电路图可知，R0与R1、R2串联，电压表V2测R2和R1两端的电压之和，电压表V1测R2两端的电压，因此电压表V2的示数大于电压表V1的示数；电流表测电路中的电流；当R2接入允许最大阻值时，R2分的电压最大，电压表V1达到最大值3V，电流表示数为0.3A，为电路的最小电流；电压表V2的示数为5.4V，则R1两端的电压R1的电阻电源电压

①将R2调至允许接入最小阻值时，电压表V1的示数为1V，此时电路中电流最大，根据电流表的量程为、滑动变阻器标有“20Ω，0.5A”可知，最大值为0.5A，则电源电压

②联立①②解得故A正确，B错误；C．电阻R1的电功率变化故C错误；D．电流表示数为0.3A，电压表V2的示数为5.4V；电流最大值为0.5A时，电压表V2的示数变化了0.4V，故D错误。故选A。二、填空题（本题共9小题，每空1分，共28分）13．（2019·江苏·南京市第五高级中学二模）现有一瓶某品牌的饮用纯净水。（1）瓶盖上刻有竖直的条纹，其目的是______摩擦（选填“增大”或“减小”）。（2）用手握住水瓶在空中静止不动，此时水瓶受到的______和手对瓶的摩擦力是平衡力。（3）瓶中水的质量是1kg．则水的重力是______N。（4）瓶中水喝光后，从瓶口向外吸气，瓶子变瘪，是由于瓶子受到______的作用。【答案】

增大

重力

9.8

大气压【分析】【解析】（1）[1]瓶盖上有竖纹是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度增大摩擦力。（2）[2]瓶子握在手中，手和瓶子之间产生摩擦力，瓶子静止在手中，竖直方向受到重力和摩擦力的作用，两个力是平衡力。（3）[3]水的重力G＝mg＝1kg×9.8N/kg＝9.8N（4）[4]空纯净水瓶，吸气时瓶内的气体减少，空气压强减小，瓶外大气压强大于瓶内压强，把瓶压瘪。14．（2021·江苏高邮·二模）高邮珠湖小镇景区吸引了大批游客，当人们漫步在珠湖花海中时，阵阵清香扑鼻而来，这是______现象，这种现象说明了______；孩子们从彩虹滑道滑下时，传来一阵阵的尖叫声，这说明声音可以在______中传播。人工湖边散步的游客在湖水中的倒影是______像（实/虚），当游客弯腰靠近湖水时，游客在湖水中的像的大小______（逐渐变大/逐渐变小/不变）。【答案】

扩散

分子处在永不停息的无规则运动中

空气

虚

不变【分析】【解析】[1][2]当人们漫步在珠湖花海中时，阵阵清香扑鼻而来，说明分子在永不停息的做无规则运动，这是分子的扩散现象。[3]声音的传播需要介质，孩子们从彩虹滑道滑下时，传来一阵阵的尖叫声，尖叫声是通过空气传播进入到人耳能够听到声音，这说明声音可以在空气中传播。[4]人工湖边散步的游客在湖水中的倒影，倒影就是湖面这个平面镜所成的虚像。[5]根据平面镜成像的特点，像与物的大小相等。当游客弯腰靠近湖水时，物体的大小没有发生变化，则游客在湖水中的像的大小不变。15．（2022·江苏梁溪·九年级期末）如图所示已知斜面长为8m，斜面高为4m。小南同学用绳子沿斜面将重为800N的木箱由斜面底端匀速拉到顶端。拉力大小为600N，绳重不计。小兵对木箱做的有用功______J；斜面的机械效率为______；斜面对物体施加的摩擦力为______N。【答案】

3200

66.7%

200【解析】[1][2][3]由图可知，有用功为做的总功为则机械效率为做的额外功为则斜面对物体施加的摩擦力为16．（2021·江苏太仓·九年级期中）如图所示为国产油电混合动力汽车。（1）给汽车蓄电池充电时，蓄电池相当于______（选填“用电器”或“电源”）；（2）发动机散热器常用水做冷却剂，是因为水的______大，这是通过______的方式减少内能的；（3）汽油机的飞轮转速为2400r/min，则在1s内，汽油机完成______个冲程，对外做功的次数是______次；（4）该汽车在高速公路上以108km/h的速度匀速行驶了1min，发动机的功率始终保持72kW不变，该过程中发动机做的功为______J，发动机牵引力的大小为______N。【答案】

用电器

比热容

热传递

80

20

4.32×106

2400【解析】（1）[1]给汽车蓄电池充电时，需要消耗电能，将电能转化成化学能储存在蓄电池内，蓄电池相当于用电器。（2）[2]等质量的水和其它物质相比，改变相同的温度吸收的热量更多，是因为水的比热容更大。[3]高温的发动机将热量传给水，使自身的内能减小，温度降低，这里是通过热传递来改变内能的。（3）[4][5]汽油机一个工作循环包括四个冲程，飞轮转2圈，对外做功一次。飞轮转速为2400r/min，即40r/s，则在1s内，汽油机完成80个冲程，对外做功的次数是20次。（4）[6]该过程中发动机做的功为[7]该过程中汽车行驶的路程为发动机牵引力的大小为17．（2021·江苏镇江·中考真题）小华用天平正确测量螺栓质量时，砝码的使用情况和游码的位置如图甲所示，螺栓的质量为______g；盛有20mL水的量筒置于水平桌面上，将螺栓放入后，量筒对桌面的压强变_____，液面位置如图乙所示，则螺栓的密度为______。【答案】

73

大

7.3【解析】[1]图甲中天平游码标尺分度值为0.2g，示数为3g，则螺栓的质量为m=50g+20g+3g=73g[2]将螺栓放入量筒后，量筒对桌面的压力变大，而量筒与桌面的接触面积不变，即受力面积不变，根据p=，则量筒对桌面的压强变大。[3]由图乙可知，量筒的分度值为2mL，将螺栓放入量筒后，量筒中水和螺栓的总体积为30mL，则螺栓的体积为V=30mL20mL=10mL=10cm3螺栓的密度为ρ=18．（2019·江苏省上冈高级中学模拟预测）传感器是一种检测装置，能感受到被测量的信息，并能将感受到的信息按一定规律变换成电信号，实现“提醒”和“报警”功能，其中热敏传感器主要运用了热敏电阻来测量温度的变化。热敏电阻主要是由______（选填“半导体”或“超导体”）材料制成的。热敏电刚刚值随温度变化的曲线如图甲所示，图乙是由热敏电阻R1作为传感器制作的简单自动报警线路图，图中a、b为两个固定的金属片，d为铁片。为了使温度过高时发送报警信息，开关c应该接在______处（选填“a”或“b”）。【答案】

半导体

a【分析】（1）超导体在一定条件下电阻可以变成0，半导体的导电能力在导体和绝缘体之间，主要有硅和锗等材料构成，根据题目条件判断；（2）通过甲图观察温度升高时热敏电阻的阻值变化，然后再根据串联电路特点判断乙图左边电路中电流的变化，进而得到电磁铁磁性的大小变化；再根据乙中如图判断铁皮d的运动方向，它向那边运动，开关c就应接在哪边，只有这样才能接通右边电路，发送信息。【解析】[1]热敏电阻的阻值受温度的影响而变化，因此它肯定是半导体。[2]观察甲图可知，当温度升高时热敏电阻阻值变小；因为热敏电阻R1与滑动变阻器串联，所以当R1的阻值变小时，总电阻变小，总电流变大，电磁铁的磁性变大；这时铁皮d会受到电磁铁的吸引向左移动与a接触，开关c只有与a接触，才能接通电路发送短信。【点睛】掌握串联电路的特点，了解电磁铁磁性的影响因素是解题的关键。19．（2022·江苏镇江·九年级期末）图1是温度报警电路，电压U恒为12V，虚线框内一只为热敏电阻，另一只为电阻箱，其中热敏电阻的阻值随温度变化的关系图线如图2所示。报警电路要求：①输出电压随温度升高而增大：②当输出电压≥8V时，便触发报警器（未画出）报警。图中热敏电阻应接在框_____（选填“1”或“2”）内；要求环境温度为38℃时开始报警，则电阻箱应调至_____kΩ；若保持电阻箱阻值为上述值不变，仅将两电阻位置对调，则环境温度_____（选填“上升”、“下降”）至_____℃时开始报警。【答案】

2

0.8

下降

18【解析】[1]热敏电阻和电阻箱串联在电源上，根据串联电路各电阻起分担电压的作用，电阻越大分担电压越大，由图2可知，温度升高，热敏电阻的阻值减小，热敏电阻两端的电压变小，由串联电路电压的规律可知电阻箱两端的电压变大，即输出电压变大，故热敏电阻接在2位置，电阻箱接在1位置。[2]环境温度是38℃，热敏电阻是0.4kΩ，此时电阻箱两端的电压是8V，根据串联电路总电压等于各串联导体两端电压之和，则热敏电阻两端的电压U热=UU箱=12V8V=4V电路中的电流为由串联电路电流的规律和欧姆定律得到电阻箱的阻值[3][4]若保持电阻箱阻值为上述值不变，仅将两电阻位置对调，电阻箱的阻值是0.8kΩ，输出电压为8V，即热敏电阻两端的电压是8V，根据串联电路电压特点得，电阻箱两端的电压U'箱=UU'热=12V8V=4V根据串联电路电流相等得到解得R'热=1.6kΩ，由图2可知，温度下降到18℃时开始报警。三、解答题（本大题共9小题，第20小题6分，第2123小题各3分，第24小题5分，第25小题6分，第26小题8分，第27小题6分，第28小题8分，共48分）20．（2021·江苏南京·二模）请按照要求完成作图。（1）如图甲所示，雨燕沿虚线方向匀速直线自由飞翔，在图中O点画出雨燕所受重力和空气对它作用力的示意图；（2）如图乙所示，画出经过凹透镜的折射光线；（3）如图丙所示，在螺线管上方用弹簧悬挂一根条形磁铁。闭合开关S后，弹簧的伸长量减小，请在图中括号内分别标出螺线管A的N极和电源的＋极。【答案】（1）；（2）；（3）【分析】【解析】（1）雨燕匀速直线飞翔，则受到的竖直向下的重力和竖直向上的空气的作用力是一对平衡力，大小相等、方向相反、作用在雨燕的重心上，所以作图如下：（2）由图乙知，通过光心的光线，经凹透镜后传播方向不改变；平行于主光轴入射的光线经凹透镜后，折射光线的反向延长线过异侧焦点，所以作图如下：（3）闭合开关S后，通电螺线管周围有磁场，而此时弹簧的伸长量减小，意味着条形磁铁是被排斥的，那么螺线管的上端为N极，据安培定则知，电流从螺线管的上端流入，下端流出，所以电源的正极在左端，所以作图如下：21．（2021·江苏盱眙·九年级期中）为了“探究水沸腾时温度变化的特点”取0.2kg水进行实验。时间/min01234678温度/℃9092949698999999（1）如图所示实验装置的组装顺序应为___________（选填“自下而上”或“自上而下”），除了图示器材外，实验时还需要用到的测量仪器是___________；（2）上表是水沸腾前后的实验数据，根据以上实验数据可知，水的沸点为___________℃为提高水的沸点，换用火力更大的酒精灯加热，这种做法___________（选填“可行”或“不可行”）；（3）实验中应通过观察___________（选填“温度”或“气泡”）变化情况来判断水是否沸腾；（4）假如酒精灯均匀放热，且释放的热量全部被水吸收，则酒精灯每分钟放出的热量是___________J。[c水=4.2×103J/（kg•℃）]【答案】

自下而上

秒表

99

不可行

气泡

1.68×103【分析】【解析】（1）[1]实验中用酒精灯外焰加热，并且温度计玻璃泡不能碰容器底和容器壁，所以组装器材时要按自下而上的顺序。[2]水沸腾的实验需要测量随着时间的温度变化，所以还需要秒表。（2）[3]水沸腾时温度不变，根据以上实验数据可知，水的沸点为99℃。[4]液体的沸点随气压的增大而增大，换用了火力更大的酒精灯加热，不能使气压增大，不能提高水的沸点，故此方法不可行。（3）[5]沸腾时水的气泡在上升过程中体积逐渐变大，实验中根据烧杯中气泡的变化判断水是否沸腾。（4）[6]酒精灯均匀放热，且释放的热量全部被水吸收，由图可知，1min温度变化2℃，忽略沸腾前水的质量变化以及热量的损耗，则酒精灯每分钟放出的热量22．（2020·江苏·句容市教师发展中心二模）小英想测一石块的密度。（1）把天平放在水平桌面上，游码归零后，发现指针如图甲所示，应将平衡螺母向___________（选填：“左”或“右”）端调节，直到横梁水平平衡。（2）调节天平平衡后，小英将金属块放在天平的左盘，在右盘添加砝码并移动游码，当天平再次平衡时，天平右盘内所加的砝码和游码在标尺上的位置如图乙所示，则金属块的质量为___________g。（3）如果量筒中盛有20mL的水，小英将金属块放入量筒后，水面位置如图丙所示，金属块的体积是___________cm3由此可计算出石块的密度是___________kg/m3（4）小明学习了浮力知识后，想利用浮力的知识来测量家中陈醋的密度，设计了如下实验：a、量筒中倒入适量的陈醋，读出体积V1b、将石块用细线悬吊在弹簧测力计下，记下测力计示数F1c、将石块浸没在陈醋中，记下弹簧测力计示数F2和量筒中液面对应的刻度V2通过小明测出的上述物理量得出陈醋的密度为___________【答案】

左

27

10

2.7×103

【分析】【解析】（1）[1]使用天平测量物体的质量，首先将天平放在水平桌面上，游码归零后，由图甲可知，指针向右偏，所以应向左调节平衡螺母，直到横梁水平平衡。（2）[2]由图乙可知，金属块的质量m=20g+5g+2g=27g（3）[3][4]如果量筒中盛有20mL的水，小阳将金属块放入量筒后，水面位置如图丙所示，金属块和水的总体积为30mL，金属块的体积是V=30mL20mL=10mL=10cm3由此可计算出金属块的密度为（4）[5]石块全浸入陈醋中受的浮力F浮=F1F2由阿基米德原理可知，排开陈醋的重为G排=F浮=F1F2小石块浸没在待测液体中时V排=V石块=V2V1由F浮=ρ液gV排可得23．（2021·江苏雨花台·三模）小明利用注射器做了几个物理实验。（1）如图甲，注射器内密封有适量刚烧开的水，向下拉动活塞，水又沸腾起来。这是由于拉动活塞后，水面上方气体的压强______（选填“变大”或“变小”），使水的沸点______的缘故（选填“变大”或“变小”）；（2）如图乙，向放在水平桌面的二只乒乓球中间打气，会看到二只乒乓球______（选填“分开”或“靠近”），这是由于乒乓球之间的流速大，压强______的缘故；（3）如图丙，注射器里密封气态乙醚，用力压注射器的活塞，会看到液态乙醚出现，这是用______的方法使气体液化。【答案】

变小

变小

靠近

小

压缩体积【分析】【解析】（1）[1][2]液体的沸点和大气压强有关，气压越大，沸点越高，由于拉动活塞后，水面上方气体的压强变小，所以水的沸点变小，故水又开始沸腾起来。（2）[3][4]根据流体压强和流速的关系，流速越快，压强越小，向放在水平桌面的两只乒乓球中间打气时，会使两个乒乓球中间空气流速快，所以压强小，乒乓球外侧压强大，所以两个乒乓球会向中间靠近。（3）[5]用力向左压注射器的活塞时，会使乙醚气体体积变小，此时乙醚气体会液化成乙醚液体，这种使气体液化的方法是压缩体积。24．（2020·江苏·句容市教师发展中心二模）小金在实验室找到了一片如甲图所示的透镜，小金判断它是凸透镜。接下来小金利用这片凸透镜进行了凸透镜成像的实验。（1）当蜡烛、透镜和光屏在如图乙所示位置时，光屏上恰好能够得到一个清晰的像，这个像的特征是倒立、______、的实像，该成像特点可作为______（选填“照相机”或“投影仪”）的原理。并且由数据可以推断此凸透镜的焦距的范围是______；（选填字母）A．f＜15cm

B．15cm＜f＜30cm

C．15cm＜f＜22.5cm（2）实验过程中发现随着蜡烛的燃烧，光屏上的像在向上移动，为了使像重新成在光屏中央，可以将凸透镜向______（选填“上”或“下”）调整；（3）在实验过程中小金发现如果在凸透镜的左侧观察，在凸透镜上可以观察到一个正立的等大的像。你推测这个像的成像原理是蜡烛发出的光在凸透镜的左侧面上发生了______（选填“反射”或“折射”）。【答案】

放大

投影仪

C

下

反射【分析】【解析】（1）[1][2]如图所示，光屏上恰好能够得到一个清晰的像，物距为u=50cm20cm=30cm像距为v=95cm50cm=45cm所以物距小于像距，则此时成倒立放大的实像，该成像特点可作为投影仪的原理。[3]由凸透镜成像特点可知f<u=30cm<2fv=45cm>2f解得15cm<f<22.5cm故选C。（2）[4]实验过程中发现随着蜡烛的燃烧，光屏上的像在向上移动，为了使像重新成在光屏中央，根据光心的光线传播方向不改变，可以将凸透镜向下调整。（3）[5]如果在凸透镜的左侧观察，因为凸透镜左面是平面的，所以在凸透镜上可以观察到一个正立的等大的像，这个像是平面镜成像，属于光的反射。25．（2021·江苏南通·九年级阶段练习）小明利用U形管压强计和装有水的大烧杯来探究液体内部压强的特点。（1）实验前，小明发现压强计U形管两边红墨水的高度不相等，如图所示，接下来的操作应该是______；（2）排除故障后，他重新将金属盒浸没于水中，发现随着金属盒没入水中的深度增大，U形管两边液面的高度差逐渐变大，如图乙所示，由此可知液体内部的压强与______有关；（3）小明保持乙图中金属盒的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，实验情形如图丙所示，比较乙、丙两次实验，小明得出了：在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强越大的结论，你认为他的结论是否可靠？答：______，原因是：______；（4）他换用其他液体探究液体压强与液体密度的关系，当探头在液体中的深度相同时，U形管左右两侧液面的高度差对比不明显，则下面操作不能使两侧液面高度差对比更加明显的是______。A．烧杯中换与水的密度相差更大的液体B．U形管中换用密度更小的酒精C．将U型管换成更细的【答案】

取下橡皮管重新安装

深度

不可靠

金属盒所处深度不同

C【分析】【解析】(1)[1]使用压强计之前，应调整U型管压强计，使左右两边玻璃管中的液面相平。如图所示压强计U形管两边红墨水的高度不相等，说明压强计各部分之间连接不够严密，有漏气现象；接下来的操作应该是取下橡皮管重新安装。(2)[2]金属盒没入水中的深度增大，U形管两边液面的高度差逐渐变大，所以在液体密度一定时，液体内部深度越深，液体压强越大，所以液体压强跟液体深度有关。(3)[3][4]小强保持丙图中金属盒的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，液体的深度增大，密度增大，U型管两边液面的高度差增大，此过程没有控制金属盒所处深度不变，不能探究液体压强跟密度的关系，故他的结论不可靠。(4)[5]A．探头在下列液体中的深度相同，根据p=gh可知，深度相同，液体的密度越大压强越大，所以在烧杯中换与水的密度相差更大的液体，U形管左右两侧液面的高度差增大；两侧液面高度差对比更加明显，故A不符合题意；B．U形管中换用密度更小的酒精，U形管左右两侧液面的高度差增大，能使两侧液面高度差对比更加明显，故B不符合题意；C．将U型管换成更细的，因为液体压强的大小与玻璃管的粗细无关，所以C不能使两侧液面高度差对比更加明显，故C符合题意。故选C。26．（2022·江苏·盐城市毓龙路实验学校九年级开学考试）某实验小组在进行“测量小灯泡额定功率”实验中，所用器材有电源（电压恒为6V）、电压表、电流表各一个，导线若干，额定电压为2.5V的待测小灯泡一个（电阻约为12Ω），规格为“20Ω，0.5A”的滑动变阻器一个。（1）本实验测小灯泡电功率的实验原理是______；（2）如图甲所示，请用笔画线代替导线将电路连接完整；______（3）电路正确连接后，用开关试触时，某同学发现小灯泡不亮，但电流表和电压表均有示数，该同学接下来应该进行的操作是______。A．检查滑动变阻器是否断路

B．移动滑动变阻器的滑片C．检查小灯泡是否断

D．检查开关是否接触良好（4）实验时，电压表示数如图乙所示，为测得小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器滑片向______端移动（选填“A”或“B”）；（5）实验小组除测出小灯泡额定功率外，还测了多组灯泡实际工作情况下的电压与电流值，并绘制了如图（丙）所示的图像，由图像可知该灯泡额定功率为______W；（6）由图（丙）可推知：实际电压是额定电压的一半时小灯泡的电功率为P1，实际电流是额定电流的一半时小灯泡的电功率P2，则P1______P2（选填“＞”、“＜”或“＝”）；（7）小华测量小灯泡LB的额定功率，已知该灯泡的额定电流为I额，由于电压表意外损坏，她设计了如图丁所示的电路图，图中，两滑动变阻器的最大阻值均为R0。①只闭合开关S和S1，移动滑动变阻器R1的滑片，使电流表的示数为I额；②只闭合开关S和S2，移动滑动变阻器______的滑片，使电流表的示数为I额；③保持其它元件不动，小华将R1的滑片移至最左端，记下电流表的示数为I1；再将R1的滑片移至最右端，记下电流表的示数I2；④写出小灯泡额定功率的表达式：P额＝______（用I额、I1、I2以及R0表示）。【答案】

P=UI

B

A

0.625

＞

R2

【解析】（1）[1]利用电压表测量小灯泡两端的电压，利用电流表测量小灯泡的电流，根据P=UI测量小灯泡的功率，故此实验原理是P=UI。（2）[2]因为小灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表应选0～3V的量程与小灯泡并联，如图所示：（3）[3]闭合开关S后，但电流表和电压表均有示数，说明电路为通路，发现小灯泡不亮，原因是电流过小，故接下来首先应该操作的是移动滑动变阻器的滑片P，观察小灯泡是否发光，故选B。（4）[4]由图乙所示电压表可知，其量程为0～3V，分度值为0.1V，所示为1.9V，灯泡两端电压小于额定电压，根据串联电路电压的规律，要减小变阻器的电压，由分压原理可知，减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应向A端移动滑片，使灯泡两端电压增大为额定电压。（5）[5]根据图丙可知，灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.25A，则灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.25A=0.625W（6）[6]如果灯泡电阻不随温度变化，则灯泡电压为其额定电压一半时的电流等于额定电流的一半，其实际功率等于额定功率的四分之一，由丙图可知，灯泡实际电压为额定电压一半时的电流大于额定电流的一半，此时灯泡实际功率如果灯泡电阻不随温度变化而变化，电流等于额定电流一半时，灯泡实际功率等于额定功率的四分之一，由丙图可知，通过灯泡电流为其额定电流一半时的电压小于额定电压的一半，则灯泡实际功率所以P1＞P2（7）②[7]只闭合开关S和S2时，两滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，保持R1的滑片位于不同，移动滑动变阻器R2的滑片，使电流表的示数为I额，则此时R2接入电路中的电阻和灯泡LB正常发光时的电阻相等，即RB=R2①④[8]在①中由电路图可知，只闭合开关S和S1时，灯泡LB与变阻器R1串联，电流表测电路中的电流，移动滑动变阻器R1的滑片，使电流表的示数为I额，此时灯泡LB正常发光；在③中保持其它元件不动，将R1的滑片移至最左端，电路为R2的简单电路，电流表测电路中的电流，电源的电压U=I1R2②再将R1的滑片移至最右端时，接入电路中的电阻最大，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以U=I2R总=I2(R0+R2)③由①②③可得小灯泡额定功率的表达式27．（2020·江苏·句容市教师发展中心二模）平衡车以体积小巧、携带方便等特点，成为短途代步的一种交通工具。某品牌平衡车质量20kg，最大车速5m/s。车轮与地面总接触面积50cm2；质量为50kg的人从家骑行该品牌易步车上班，以最大速度匀速行驶10min到达公司，行驶中受到阻力为车和人总重的0.1倍。（取g=10N/kg）求：（1）该人的家到公司的距离。（2）该人在水平路面上骑平衡车时，车对地面的压强。（3）该人以最大速度匀速行驶时，平衡车的功率是多少？【答案】（1）3000m；（2）1.4×105Pa；（3）350W【分析