黑龙江省安达市第七中学校2024-2025学年高二物理下学期期初测试试题

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一、单选题1.关于下面四位杰出物理学家所做贡献的说法,正确的是(

)

A.库仑发觉了电流的磁效应 B.楞次认为电、磁作用都是通过场来传递的

C.安培发觉了电荷之间的相互作用规律 D.洛仑兹提出磁场对运动电荷有力的作用

2.如图各电场中,A、B两点电场强度相同的是()A. B. C. D.3.带电粒子M和N，先后以不同的速度沿PO方向射入圆形匀强磁场区域，运动轨迹如图所示。不计重力，下列分析正确的是（）A．M带负电，N带正电 B．M和N都带正电C．M带正电，N带负电 D．M和N都带负电4.图中实线所示为某电场的电场线，虚线为某摸索电荷在仅受电场力的状况下从a点到b点的运动轨迹，则下列说法正确的是()A.b点的电场强度比a点的电场强度小B.该摸索电荷带负电C.该摸索电荷从a点到b点的过程中电场力始终做负功D.该摸索电荷从a点到b点的过程中速度先增加后削减5.如图所示的电路，闭合开关S后，三盏灯均能发光，电源电动势E恒定且内阻r不行忽视。现将滑动变阻器R的滑片稍向上滑动一些，关于三盏灯亮度改变的状况及电容器带电量推断正确的是()A.a灯变亮，b灯和c灯变暗，电容器C所带电荷量增多B.a灯和c灯变亮，b灯变暗，电容器C所带电荷量削减C.a灯和c灯变暗，b灯变亮，电容器C所带电荷量削减D.a灯和b灯变暗，c灯变亮，电容器C所带电荷量增多二、试验题6.某学生试验小组利用如图甲所示电路进行试验，运用的器材有：多用电表、电压表(量程5V，内阻十几kΩ)、滑动变阻器(最大阻值5kΩ)、导线若干(1)将多用电表挡位调到电阻“×1000”挡，再将红表笔和黑表笔短接，进行_____；(2)将图甲中多用电表的红表笔和_____(填“1”或“2”)端相连，黑表笔连接另一端；(3)若多用电表挡位调到电阻“×100Ω”挡测量，指针偏转角度过小，应换_____挡(填“×10Ω”或“×1kΩ”)；(4)换挡后重新进行(1)的步骤后，将滑动变阻器的滑片调到适当位置，使多用电表的示数如图乙所示，多用电表的读数为_____kΩ。7.某同学用如图所示的试验器材探究电磁感应现象。(1)接好电路，合上开关瞬间，电流表指针(填“偏转”或“不偏转”)；(2)电路稳定后，电流表指针(填“偏转”或“不偏转”)；快速移动滑动变阻器的滑片，电流表指针(填“偏转”或“不偏转”)。8.为了测量一节干电池的电动势和内阻，某同学采纳了伏安法，现备有下列器材：A.被测干电池一节B.电流表1：量程0～0.6A，内阻r=0.3ΩC.电流表2：量程0～0.6A，内阻约为0.1ΩD.电压表1：量程0～3V，内阻未知E.电压表2：量程0～15V，内阻未知F.滑动变阻器1：0～10Ω，2AG.滑动变阻器2：0～100Ω，1AH.开关、导线若干在用伏安法测电池电动势和内阻的试验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差；在现有器材的条件下，要尽可能精确地测量电池的电动势和内阻。(1)在上述器材中请选择适当的器材：(填写选项前的字母)；(2)试验电路图应选择下图中的(填“甲”或“乙”)；(3)依据试验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U-I图像，则干电池的电动势E=_____V，内电阻r=Ω。三、计算题9.如图所示的线框，面积为S，处于磁感应强度为B的匀强磁场中，B的方向与线框平面成θ角，当线框沿顺时针方向转过90°到如图所示的虚线位置时。求：(1)初、末位置穿过线框的磁通量大小φ1和φ2；(2)磁通量的改变量Δφ。10.如图所示,长的轻质细绳上端固定,下端连接一个可视为质点的带电小球,小球静止在水平向右的匀强电场中,绳与竖直方向的夹角。已知小球所带电荷量,匀强电场的场强,取重力加速度,,,求:(1)小球所受电场力F的大小。(2)小球的质量m。11.如图所示，两平行金属导轨间的距离L=0.40m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B=0.50T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场。金属导轨的一端接有电动势E=4.5V、内阻r=0.50Ω的直流电源。现把一个质量m=0.04kg的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰好静止。导体棒与金属导轨垂直、且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R0=2.5Ω，金属导轨的其它电阻不计，g取10m/s2。已知sin37°=0.60，cos37°=0.80，求：(1)导体棒受到的安培力大小；(2)导体棒受到的摩擦力的大小。12.在竖直平面内建立直角坐标系xOy，其第一象限存在着正交的匀强电场和匀强磁场，电场强度的方向水平向右，磁感应强度的方向垂直纸面对里。一带电荷量为+q，质量为m的微粒从原点动身沿与x轴正方向的夹角为45°的初速度进入复合场中，正好做直线运动，当微粒运动到A(2L，2L)时，电场方向突然变为竖直向上(不计电场改变的时间)，粒子接着运动一段时间后，正好垂直于y轴穿出复合场。(不计一切阻力)求：(1)电场强度E大小；(2)磁感应强度B的大小。四、多选题13.如图所示，光滑固定导轨M、N水平放置，两根导体棒P、Q平行放置在导轨上，形成一个闭合回路，一条形磁铁从高处下落接近回路时()A.P、Q将相互靠拢 B.P、Q将相互远离 C.磁铁的加速度仍为g D.磁铁的加速度小于g14.某导体中的电流随其两端电压的改变如图所示，则下列说法中正确的是()A.由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断增加B.图像上某点切线的斜率的倒数即为该状态的电阻值C.电压为5V时，导体的电阻是0.2ΩD.电压为12V时，导体电阻的电功率为18W15.如图所示为回旋加速器原理示意图,两个靠得很近的D形盒处在与盒面垂直的匀强磁场中,一质子从加速器的A处起先加速.已知D形盒的半径为R,磁场的磁感应强度为B,高频交变电源的电压为U、频率为f,质子的质量为m、电荷量为q.下列说法正确的是()A.质子的最大速度不超过B.质子的最大动能为C.质子的最大动能与电压U无关D.只增大磁感应强度B,其他量R、U、f都不变，可增大质子的最大动能

参考答案1.答案：D

解析：奥斯特发觉了电流的磁效应,A错误;法拉第提出了场的概念,认为电、磁作用都是通过场来传递的,B错误;库仑利用扭秤试验发觉了电荷之间的相互作用规律—库仑定律,C错误;洛仑兹提出运动电荷产生了磁场和磁场对运动电荷有作用力(洛仑兹力)的观点,D正确。2.答案：C解析：A、B是同一圆上的两点,场强大小相等,但方向不同,则电场强度不同.故A错误.A、B场强大小不等,但方向相同,则电场强度不同.故B错误.A、B是匀强电场中的两点,电场强度相同,故C正确.电场线的疏密表示场强的大小,所以A、B场强不等,故D错误.故选C.3.答案：A解析：粒子向右运动，依据左手定则，N向上偏转，应当带正电；M向下偏转，应当带负电，故BCD错误，A正确。4.答案：B

解析：由图可知,b处电场线较密,则b处电场强度较大,A错误;合力指向轨迹凹的一侧,可知电场力方向向上,与电场线的方向相反,所以该粒子带负电,B正确;从a运动到b,力和速度方向夹角为锐角,电场力做正功,动能增大,速度增大,C错误.5.答案：B解析：分析电路的结构，c灯与变阻器R串联后与b灯并联，再与a灯串联，电容器两端电压为b灯两端电压。R的滑片稍向上滑动时，变阻器R接入电路的电阻变小，外电路总电阻变小，依据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I增大，a灯变亮。b灯的电压减小，b灯变暗，则电容器两端电压减小，依据Q=CU可知，电容器所带电荷量削减。通过c灯的电流增大，减小，则增大，c灯变亮。故B正确，ACD错误。6.答案：（1）欧姆调零（2）1（3）×1k（4）19.0解析：（1）将多用电表挡位调到电阻“×100”挡，再将红表笔和黑表笔短接，进行欧姆调零。（2）电流从欧姆表黑表笔流出，从电压表正接线柱流入，由图示电路图可知，应将多用电表的红表笔和1端相连，黑表笔连接另一端。（3）若多用电表挡位调到电阻“×100Ω”挡测量，指针偏转角度过小，说明所选挡位太小，为精确测电阻阻值，应换×1k挡。（4）欧姆表选择×1k挡位，由图乙所示可知，多用电表示数为：19.0×1kΩ=190kΩ。7.答案：（1）偏转（2）不偏转；偏转解析：（1）接好电路，合上开关瞬间，穿过大线圈的磁通量增加，电流表指针偏转。（2）电路稳定后，穿过大线圈的磁通量不变，电流表指针不偏转；快速移动滑动变阻器的滑片穿过大线圈的磁通量改变，电流表指针偏转。8.答案：（1）ABDFH（2）甲（3）1.5；0.7解析：（1）在题述器材中选择适当的器材：被测干电池一节；电流表B的内阻是已知的故选B，电压表选择量程0~3V的D，滑动变阻器选择阻值较小的F，开关、导线若干，故选ABDFH。（2）因电流表的内阻已知，故试验电路图应选择图甲。（3）依据试验中电流表和电压表的示数得到了题图丙所示的U图像，由图可知干电池的电动势E=15V，内电阻。9.答案：（1）初态时磁通量大小是,顺时针转过90度时，磁通量大小是.（2）磁通量的改变量是.解析：10.答案：(1)由得.

(2)对小球进行受力分析,如下图。因为小球静止,处于平衡状态,所以,由共点力的平衡条件得.即:.

解析：11.答案：（1）由欧姆定律得：,导体棒受到的安培力大小F=BIL=0.5×1.5×0.4N=0.3N.（2）假设导体棒受到的摩擦力沿导轨向上依据左手定则，导体棒受到的安培力沿导轨向上则由平衡条件得：F+f=mgsinθ,得：f=mgsinθ-F=0.04×10×0.6-0.3N=-0.06N.解析：12.答案：（1）微粒在到达之前做匀速直线运动，受力分析如图甲所示，依据平衡条件有,解得.（2）依据平衡条件有,电场方向改变后，微粒所受重力与电场力平衡，微粒在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，轨迹如图乙所示，依据牛顿其次定律有,由几何关系可得,联立解得,.解析：13.答案：AD

解析：依据楞次定律,感应电流的效果总是要阻碍产生感应电流磁通量的改变,磁铁下落靠近回路,回路中Φ的增加,感应电流产生的磁场会阻碍Φ的增加,表现为阻碍磁铁的靠近,所以P、Q将相互靠拢,即“增缩减扩”;依据左手定则,回路电流受到向下的力的作用,由牛顿第三定律知磁铁受到向上的作用力,磁铁的加速度小于g,即“来拒去留”。故选AD。14.答案：AD解析：由图知，随着电压的增大，图像上的点与原点连线的斜率减小，此斜率等于电阻的倒数，则知导体