西藏拉萨中学2025届高三物理上学期第三次月考试题含解析

PAGE15-西藏拉萨中学2025届高三物理上学期第三次月考试题（含解析）二、选择题1.下列说法正确的是A.衰变成要经过4次衰变和2次衰变B.核泄漏事故污染物能够产生对人体有害的辐射，其核反应方程式为可以推断为质子C.玻尔理论的假设是原子能量的量子化和轨道量子化D.康普顿效应说明光具有粒子性，电子的衍射试验说明实物粒子只具有粒子性【答案】C【解析】【详解】A、因为衰变时质量数不变，所以衰变的次数，在衰变的过程中电荷数总共少6×2=12，则衰变的次数，故选项A错误；B、核反应方程式为

，可以依据质量数和电荷数守恒推断为粒子，故选项B错误；C、玻尔理论的假设是提出了轨道量子化和能量量子化，故选项C正确；D、康普顿效应说明光具有粒子性，电子的衍射说明实物粒子具有波动性，故选项D错误。2.在恒力F作用下，a、b两物体一起沿粗糙竖直墙面匀速向上运动，则关于它们受力状况的说法正确的是（）A.a肯定受到4个力B.b可能受到4个力C.a与墙壁之间肯定有弹力和摩擦力D.a与b之间不肯定有摩擦力【答案】A【解析】【详解】B、D、对物体b受力分析，b受重力、斜面的支持力和摩擦力的作用而处于平衡，故b受3个力；故B，D均错误.A、C、对物体a、b整体受力分析，受重力、恒力F，由于水平方向墙壁对a没有支持力，否则整体不会平衡，墙壁对a没有支持力，也就没有摩擦力；所以物体a受重力、恒力F、物体b对其压力和静摩擦力，共受4个力；故A正确，C错误；3.如图（a）所示是某一点电荷形成的电场中的一条电场线，AB是电场线上的两点，一负电荷q仅在电场力作用下以初速度从A运动到B过程中的速度图线如（b）所示，则以下说法中不正确的是（）A.负电荷q在A、B两点的电势能大小是EPA＞EPBB.A、B两点的电势是φA＞φBC.A、B两点电场强度是EA＜EBD.此电场肯定是负点电荷形成的电场【答案】A【解析】【详解】A、从v-t图象可知，该负电荷从电场中A点运动到B点的过程中，速度减小，即动能减小，依据动能定理可知，电场力做负功，则从A到B该负电荷的电势能增加，A错误；B、负电荷从A点运动到B点电场力做负功，则该电场力方向从B到A，而负电荷受电场力方向和场强方向相反，故电场方向从A到B，故沿着电场线方向，电势渐渐降低，即，B正确；C、由v-t图像可知，该电荷在A点的瞬时加速度小于B点的瞬时加速度，依据牛顿其次定律可知，该电荷在A点受到的电场力小于它在B点受到的电场力，即EA＜EB，C正确；D、从A到B，电场强度越来越大，则电场线越来越密，故该场源电荷肯定位于B的右侧，且为负电荷，即该电场为负点电荷形成的电场，D正确。4.2019年1月3日，嫦娥四号成为了全人类第一个在月球背面胜利实施软着陆的探测器。为了减小凹凸不平的月面可能造成的不利影响，嫦娥四号釆取了近乎垂直的着陆方式。已知：月球半径为R，表面重力加速度大小为gA.为了减小与地面的撞击力，嫦娥四号着陆前的一小段时间内处于失重状态B.嫦娥四号着陆前近月环绕月球做圆周运动的过程中处于超重状态C.月球的密度为D.嫦娥四号着陆前近月环绕月球做圆周运动的周期约为【答案】C【解析】【详解】A、在“嫦娥四号”着陆前的一小段时间内“嫦娥四号”须要做减速运动，处于超重状态，故选项A错误；B、“嫦娥四号”着陆前近月环绕月球做圆周运动的过程万有引力供应向心力，所以处于失重状态，故选项B错误；C、月球表面的重力近似等于万有引力，则：，所以：，又：，联立解得月球的密度：，故选项C正确；D、“嫦娥四号”着陆前近月环绕月球做圆周运动的时万有引力供应向心力，,即：，解得嫦娥四号着陆前近月环绕月球做圆周运动的周期为：，故选项D错误；5.一质量为2kg的物体受水平拉力F作用,在粗糙水平面上做加速直线运动时的a­t图象如图所示,t＝0时其速度大小为2m/s,滑动摩擦力大小恒为2N,则()A.t＝6s时,物体的速度为18m/sB.在0～6s内,合力对物体做的功为400JC.在0～6s内,拉力对物体的冲量为36N·sD.t＝6s时,拉力F的功率为200W【答案】D【解析】【分析】依据△v=a△t可知a-t图象中，图象与坐标轴围成的面积表示速度的增量，依据动能定理可知，合外力对物体做的功等于动能的改变量，依据动量定理可知，合外力的冲量等于物体动量的改变量，依据牛顿其次定律求出在t=6s时刻，拉力F的大小，再依据P=Fv求解瞬时功率【详解】依据△v=a△t可知a-t图象中，图象与坐标轴围成的面积表示速度的增量，则在t=6s时刻，物体的速度v6=v0+△v=2+×(2+4)×6=20m/s，故A错误；依据动能定理得：W合＝△Ek＝mv62−mv02=396J，故B错误；依据动量定理，在

0～6

s时间内：解得IF=48N∙s，故C错误；在t=6s时刻，依据牛顿其次定律得：F=ma+f=2×4+2=10N，拉力F的功率P=Fv6=10×20=200W，故D正确。故选D。6.如图，在水平桌面上放置两条相距l的平行光滑导轨ab与cd，阻值为R的电阻与导轨的a、c端相连．质量为m、电阻不计的导体棒垂直于导轨放置并可沿导轨自由滑动．整个装置放于匀强磁场中，磁场的方向竖直向上，磁感应强度的大小为B．导体棒的中点系一不行伸长的轻绳，绳绕过固定在桌边的光滑轻滑轮后，与一个质量也为m的物块相连，绳处于拉直状态．现若从静止起先释放物块，用h表示物块下落的高度（物块不会触地），g表示重力加速度，其他电阻不计，则（）A.电阻R中的感应电流方向由a到cB.物体下落的最大加速度为C.若h足够大，物体下落的最大速度为D.通过电阻R的电量为【答案】BCD【解析】【详解】从静止起先释放物块，导体棒切割磁感线产生感应电流，由右手定则可知，电阻R中的感应电流方向由c到a，故A错误；设导体棒所受的安培力大小为F，依据牛顿其次定律得：物块的加速度，当F=0，即刚释放导体棒时，a最大，最大值为，故B正确；物块和滑杆先做加速运动，后做匀速运动，此时速度最大，则有mg=F，而F=BIl，，解得物体下落的最大速度为:，故C正确；通过电阻R的电量：，故D正确。7.如图，志向变压器原、副线圈匝数比n1：n2=2:1,V和A均为志向电表，灯泡电阻RL=6Ω,AB端电压.下列说法正确的是A.电流频率为50HzB.V的读数为24VC.A的读数为0.5AD.变压器输入功率为6W【答案】AD【解析】由u1.的瞬时表达式可知，f=，A错误；志向变压器输入电压的有效值为U1=12V，由变压比关系式，可得U2=6V，V的读数为6V，B错误；变压器输出电压的有效值，A的读数为1AC错误；变压器的输入功率等于输出功率，即P1=P2=U2I2=6W，D正确。【考点定位】正弦式沟通电表达式、有效值、功率、部分电路欧姆定律、志向变压器规律，简单题【此处有视频，请去附件查看】8.如图所示，M、N为两块带等量异种电荷的平行金属板，两板间电压可取从零到某一最大值之间的各种数值．静止的带电粒子带电荷量为＋q，质量为m（不计重力），从点P经电场加速后，从小孔Q进入N板右侧的匀强磁场区域，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面对外，CD为磁场边界上的一绝缘板，它与N板的夹角为θ＝30°，孔Q到板的下端C的距离为L，当M、N两板间电压取最大值时，粒子恰垂直打在CD板上，则：()A.两板间电压的最大值 B.CD板上可能被粒子打中区域的长度C.粒子在磁场中运动的最长时间 D.能打到N板上的粒子的最大动能为

【答案】ACD【解析】【详解】画出粒子运动轨迹的示意图，如图所示，A.当M、N两板间电压取最大值时，粒子恰垂直打在CD板上，可知粒子半径r=L，的加速电场中，依据动能定理：，在偏转磁场中，依据洛伦兹力供应向心力可得：，联立可得：，故A正确；B.设粒子轨迹与CD相切于H点，此时粒子半径为，粒子轨迹垂直打在CD边上G点，则GH间距离即为粒子打中区域的长度x，依据几何关系：，可得：，依据几何关系可得粒子打中区域的长度：，故B错误；C.粒子在磁场中运动周期为：，粒子在磁场中运动的最大圆心角：，所以粒子在磁场中运动的最长时间为：，故C正确；D.当粒子在磁场的轨迹与CD边相切时，即粒子半径，时，打到N板上的粒子的动能最大，最大动能：，依据洛伦兹力供应向心力可得：，联立可得能打到N板上的粒子的最大动能为：，故D正确；故选ACD。【点睛】本题考查带电粒子在复合场中的运动，解题关键是要画出粒子轨迹过程图，分好过程，针对每个过程的受力特点和运动形式选择合适的规律解决问题，对数学几何实力有肯定的要求。三、非选择题9.某探究小组为了探讨小车在桌面上的直线运动，用自制“滴水计时器”计量时间．试验前，将该计时器固定在小车旁，如图(a)所示．试验时，保持桌面水平，用手轻推一下小车．在小车运动过程中，滴水计时器等时间间隔地滴下小水滴，图(b)记录了桌面上连续6个水滴的位置．(已知滴水计时器每30s内共滴下46个小水滴)(1)由图(b)可知，小车在桌面上是________(填“从右向左”或“从左向右”)运动的．(2)该小组同学依据图(b)的数据推断出小车做匀变速运动．小车运动到图(b)中A点位置时的速度大小为________m/s，加速度大小为________m/s2.(结果均保留两位有效数字)【答案】(1).从右向左(2).0.19(3).0.038【解析】【详解】（1）[1]小车在桌面上做匀减速运动，故相等的时间内，桌面上连续两水滴的位置会组建减小，故小车在桌面上是从右向左运动的。（2）[2]已知滴水计时器每30s内共滴下46个小水滴，那么各点时间间隔为：依据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，有：依据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小，得：，负号表示方向相反。．【点睛】处理纸带问题，一般是依据匀变速直线运动的推论公式求出加速度的大小，依据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，求出打纸带上某点时小车的瞬时速度大小。10.某同学要测量一个由匀称新材料制成的圆柱体的电阻率。步骤如下：①用20分度的游标卡尺测量其长度如图所示，其长度是_____mm.②用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘示数如图所示，则该电阻的阻值约为_____Ω。③为了更精确地测量其电阻，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R；电流表A1（量程0～3mA,内阻约50Ω）；电流表A2（量程0～15mA,内阻约30Ω）；电压表V(量程0～3V，内阻约10KΩ)；滑动变阻器R1，（阻值范围0～15Ω）；滑动变阻器R2，（阻值范围0～2KΩ；）直流电源E（电动势4V，内阻不计）；开关S，导线若干为使试验误差较小，要求测得多组数据进行分析，电流表应选____，滑动变阻器应选____（选填代号）④请在图中补充连线并完成试验。（）【答案】(1).100.45(2).2.2×102(3).A2(4).R1(5).【解析】【详解】解：①游标卡尺的固定刻度读数为100mm，游标尺上第9个刻度与主尺对齐，读数为，所以最终读数为：；②用欧姆表测电阻的读数方法为指针示数乘以倍率，当指针指在中心旁边时测量值较精确，所以该电阻的阻值约为；③由电动势和电阻的阻值知电流最大为，所以用电流表，滑动变阻器用小阻值的，便于调整，所以用滑动变阻器；④本试验中，因待测电阻值远小于电压表内阻，电流表应选外接法；又滑动变阻器最大阻值远小于待测电阻值，故变阻器应用分压式接法，电路图如图所示11.如图所示，一重力不计的带电粒子从平行板电容器的上极板左边缘处以某一速度沿极板方向射入电容器。若平行板电容器所带电荷量为Q1，该粒子经时间t1恰好打在下极板正中间，若平行板电容器所带电荷量为Q2，该粒子经时间t2恰好沿下极板边缘飞出。不考虑平行板电容器的边缘效应，求两种状况下：（1）粒子在电容器中运动的时间t1、t2之比；（2）电容器所带电荷量Q1、Q2之比。【答案】（1）（2）【解析】【详解】（1）设粒子在极板间的运动时间为t，沿极板方向的位移为x，粒子在水平方向上做匀速直线运动，则t=…①即t∝x由条件可知t1：t2=1：2…②（2）设电容器电容为C，极板间电压为U，极板间距离为d，极板间电场强度为E，则有：…③…④设粒子的质量为m，带电量为q，在电容器中的加速度为a，则有：a=…⑤d=…⑥由①③④⑤⑥可得：Q∝所以Q1：Q2=4：1【点睛】解决本题的关键是知道粒子在水平方向和竖直方向上的运动规律，得到运动时间和电容器电荷量的表达式，再求比值，要学会运用比例法。12.如图，固定的光滑平台左侧有一光滑的半圆轨道，轨道半径R=0.72m。平台上静止着两个滑块A、B，mA=0.1kg、mB=0.2kg，两滑块间夹有少量炸药,平台右侧有一带挡板的小车,静止在光滑的水平地面上．小车质量为M=0.3kg，车上表面与平台的台面等高，车面左侧粗糙部分长度为L，动摩擦因数为μ=0.2，右侧拴接一轻质弹簧，弹簧自然长度所在处车面光滑。点燃炸药后，A滑块恰好到达半圆轨道的最高点，滑块B冲上小车。两滑块都可以看作质点，炸药的质量忽视不计，爆炸的时间极短，爆炸后两个物块的速度方向在同一水平直线上，g取10m/s2。（1）求炸药爆炸后滑块B的速度大小vB；（2）若滑块B恰好没有从小车上掉下来，求小车左侧粗糙部分的长度L；（3）若L'=0.75m，求小车的最大速度v2．【答案】(1)3m/s(2)0.675m(3)2m/s【解析】【详解】(1)滑块A恰好到轨道的最高点炸药爆炸AB系统动量守恒解得：vB=3m/s(2)最终B与小车共速，B与小车系统动量守恒解得：L=0.675m(3)当弹簧再次复原原长时，小车速度最大解得v2=2m/s【点睛】本题过程比较困难，分析清晰物体运动过程是正确解题的前提与关键，确定探讨对象与探讨过程，应用牛顿其次定律、动量守恒定律、能量守恒定律即可正确解题.13.下列说法不正确的是（）A.两个接触在一起的固体间不行能发生扩散现象B.布朗运动指的是悬浮在液体里的花粉中的分子运动C.温度相同的物体的分子平均速率相同D.无论今后科技发展到什么程度，都不行能达到肯定零度E.肯定质量的志向气体分子内能增加，温度肯定上升【答案】ABC【解析】【详解】A、固体的分子也在不停的做无规则运动，同时固体的分子之间也存在间隙，所以扩散现象不仅发生在气体和液体之间，固体之间也会发生扩散现象；故A错误.B、布朗运动指的是悬浮在液体里的花粉微粒的运动，不是分子的无规则运动，故B错误.C、温度是分子平均动能的标记，温度相同说明分子的平均动能相等，而不是速率相等．故C错误.D、由热力学第三定律可知无论今后科技发展到什么程度，都不行能达到肯定零度，故D正确.E、肯定质量的志向气体的内能由温度确定，故内能增加时温度上升；故E正确.14.如图所示，在粗细匀称的U形管左侧用水银封闭一段长为L1=20cm、温度为T1=285K的空气柱，稳定时，左右两管水银面高度差为h=19cm。现向右管缓慢补充水银，保持左管内气体的温度不变，当左右两管水银面等高时，停止补充水银。已知大气压为p0=76①求此时左管内空气柱的长度L2；②接着给左管的气体缓慢匀称加热，使管内空气柱的长度复原到20cm【答案】(1)L2=15cm(2)T3=430K【解析】分析】对于封闭气体，气体发生等温改变，由玻意耳定律求得左管内空气柱的长度；给左管的气体缓慢匀称加热，由志向气体状态方程求得左管内气体的温度；【详解】解：(1)对于封闭气体有：末态压强：由于气体发生等温改变，由玻意耳定律可得：解得：(2)匀称加热封闭气体的压强：由志向气体状态方程可得：联立解得：15.图甲为某一列沿x轴传播的简谐横