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第=page11页,共=sectionpages11页2024-2025学年吉林省第二实验学校九年级(上)第一次月考数学试卷(五四学制)一、选择题:本题共8小题,每小题3分,共24分。在每小题给出的选项中,只有一项是符合题目要求的。1.根据有理数减法法则,计算2−(−3)过程正确的是(
)A.+(2−3) B.+(3−2) C.−(2+3) D.2+32.如图所示的几何体,它的俯视图是(
)A.B.C.D.3.如图,将三角尺的直角顶点放在直尺的一边上,∠1=30°,∠2=50°,则∠3的度数等于(
)A.20°
B.30°
C.50°
D.80°4.下列运算一定正确的是(
)A.3a⋅3a=9a B.a2⋅a35.若a>b,则下列不等式中成立的是(
)A.a−5<b−5 B.a5<b5 C.6.许多大型商场购物中心为了引导人流前往目标楼层,会考虑使用“飞梯”(可以跨楼层抵达的超高超长的自动扶梯).上海大悦城的“飞梯”从3层直达7层,“飞梯”的截面如图,AB的长为50米,AB与AC的夹角为24°,则高BC是(
)A.50sin24°米 B.50cos24°米 C.50sin24D.50cos7.如图,在△ABC中,∠ACB=90°.小聪同学利用直尺和圆规完成了如下作图:
①分别以点A,B为圆心,以大于12AB长为半径画弧,两弧交于点M,N,过点M,N作直线与AB交于点D;
②连接CD,以点D为圆心,以一定长为半径画弧,交MN于点E,交CD于点F,以点C为圆心,以同样定长为半径画弧,与CD交于点G,以点G为圆心,以EF长为半径画弧与前弧交于点H.作射线CH与AB交于点K.
请根据以上操作,下列结论不一定成立的是(
)A.∠CDM=∠DCK B.CK平分∠ACD
C.MN垂直平分AB D.∠CKD=90°8.如图,在平面直角坐标系中,直线y=kx+4与y轴交于点C,与反比例函数y=mx在第一象限内的图象交于点B,连接OB,若S△OBC=4,tan∠BOC=13A.6 B.8 C.10 D.12二、填空题:本题共6小题,每小题3分,共18分。9.单项式−2a2b10.计算:18−211.若抛物线y=x2−2x+c(c是常数)与x轴有交点,则c12.如图,一次函数y=ax+b与x轴、y轴分别交于A、B两点,A(3,0)、B(0,2),那么不等式ax+b<2的解集为______.13.如图,A,B是⊙O上的两点,OA⊥OB,点C在优弧AB上,则∠ACB=______度.14.二次函数y=ax2+bx+c(a≠0)的部分图象如图所示,对称轴为直线x=−1,则下列结论中:
①abc>0;
②am2+bm≤a−b(m为任意实数);
③3a+c<1;
④若M(x1,y)、三、计算题:本大题共1小题,共6分。15.有甲、乙两种车辆参加来宾市“桂中水城”建设工程挖渠运土,已知5辆甲种车和4辆乙种车一次可运土共140立方米,3辆甲种车和2辆乙种车一次可运土共76立方米.求甲、乙两种车每辆一次可分别运土多少立方米?四、解答题:本题共9小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。16.(本小题6分)
先化简,再求值:(1−1x+1)⋅x17.(本小题6分)
如图,在平面直角坐标系中,O为坐标原点,⊙C经过点O,且与两坐标轴分别交于点A与点B,点A的坐标为(0,4),M是圆上一点,∠BMO=135°.
(1)求∠ABO的度数.
(2)圆心C的坐标为______.18.(本小题7分)
函数y=−14x2+12x+154的图象如图所示,结合图象回答下列问题:
(1)方程−14x2+12x+154=0的两个根为x1=______,19.(本小题7分)
如图,已知AB是⊙O的直径,弦AC平分∠DAB,过点C作直线CD,使得CD⊥AD于D.
(1)求证:直线CD与⊙O相切;
(2)若AD=3,AC=23,求直径AB的长.
20.(本小题7分)
图①、图②、图③均是3×3的正方形网格,每个小正方形的边长均为1,每个小正方形的顶点称为格点.点A、B均在格点上,只用无刻度的直尺,分别在给定的网格中按下列要求作格点图形.
(1)在图①中,作△ABC,使其面积为32;
(2)在图②中,作△ABD,使其面积为2;
(3)在图③中,作四边形ABEF,使其是轴对称图形且面积为3.21.(本小题8分)
“绿色出行,低碳环保”,共享电动车是一种新理念下的交通工具,现有甲、乙两种品牌的共享电动车,收费标准y(元)与骑行时间x(分)之间的函数关系如图所示,请根据图象信息,解答下列问题:
(1)甲品牌共享电动车每分钟收费______元.
(2)当骑行时间不低于10分钟时,求乙品牌共享电动车y与x之间的函数关系式.
(3)已知两种品牌共享电动车的平均行驶速度均为20km/ℎ,若小明需要骑行共享电动车去上班,小明家到单位的距离为6km,请通过计算帮小明选择哪个品牌的共享电动车更省钱.22.(本小题9分)
【问题原型】
如图1,线段AB是⊙O一条弦,AB=2,点D在⊙O上,∠ADB=30°,求⊙O的半径长.小元的解法如下,请你帮他补全适当的理由:
解:连结BO并延长交⊙O于点C,连结AC,
∵BC为⊙O直径,点A在圆上,
∴∠CAB=90°,(______)
∵AB=AB,
∴∠ACB=∠ADB=30°,(______)
∴在Rt△ABC中,∠ACB=30°,
∴sin∠C=12,
∴AB=12BC.
∵AB=2.
∴BC=4,
∴OB=2.
即⊙O的半径长为2.
【逆向思考】
如图2,线段AB是⊙O一条弦,若C、D在AB的异侧,∠ADB=60°,⊙O的半径为1,求弦AB的长.
【模型应用】
如图3,P为△ABC边BC上一点,以AP为直径作圆,交直线AB于点E,交直线AC于点F,连结EF.∠B=30°,∠C=15°,AB=x,则线段EF的最小值为______23.(本小题10分)
如图,在△ABC中,AB=7,AC=5,tan∠A=34,点P为边AC上一点,当点P不与点A重合时,过点P作PQ⊥AB于点Q,以PQ为边向右侧作正方形PQMN.
(1)tan∠B=______;
(2)当△QBC是等腰直角三角形时,求线段AP的长;
(3)连接BN,求线段BN的最小值;
(4)连接PM、QC,设线段PM与线段QC交点为O,当点O为线段24.(本小题12分)
在平面直角坐标系中,二次函数y=x2+bx+c(b、c为常数)经过点(0,−3)和点(3,0),点P是抛物线上一动点,其横坐标为m,过点P作x轴垂线交直线y=2x于点Q,分别作点P、Q关于y轴的对称点N、M,构造矩形PQMN.
(1)求此二次函数的解析式.
(2)当抛物线顶点落在矩形PQMN的边上时,求矩形PQMN的面积.
(3)当抛物线在矩形内部的图象y随x的增大而减小时,求m的取值范围.
(4)抛物线在矩形内部(包括边界)的最高点与最低点的纵坐标之和的绝对值为2时,直接写出m
参考答案1.D
2.A
3.A
4.B
5.C
6.A
7.B
8.D
9.−2
10.211.c≤1
12.x>0
13.45
14.①②③
15.解:设甲种车辆一次运土x立方米,乙车辆一次运土y立方米,
由题意得,5x+4y=1403x+2y=76,
解得:x=12y=20.
答:甲、乙两种车每辆一次可分别运土12和2016.解:原式=(x+1x+1−1x+1)⋅(x+1)(x−1)x
=xx+1⋅(x+1)(x−1)x17.解:(1)∵点A、B、O、M在⊙C上,
∴四边形ABMO内接于⊙C,
∴∠BAO+∠BMO=180°,
∵∠BMO=135°,
∴∠BAO=45°,
∵∠AOB=90°,
∴∠ABO=45°;
(2)过C作CE⊥OB于E,
∵点A的坐标为(0,4),
∴OA=4,
∵O为坐标原点,⊙C经过点O,且与两坐标轴分别交于点A与点B,
∴AB是⊙C的直径,
∴CBAB=12,
由(1)知,∠ABO=∠BAO=45°,
∴OB=OA=4,
∵CE⊥OB,
∴CE//OA,
∴△BCE∽△BAO,
∴BEOB=CEOA=CBAB=12,
∴BE4=CE18.解:(1)由图象可得:方程−14x2+12x+154=0的两个根为x1=−3,x2=5;
(2)由图象可得:当y>0时,则x的取值范围为−3<x<5,
∵y=−14x2+12x+154=−19.(1)证明:连接OC,
∵OA=OC,
∴∠OAC=∠OCA,
∵AC平分∠DAB,
∴∠DAC=∠OAC,
∴∠DAC=∠OCA,
∴OC//AD,
∵AD⊥CD,
∴OC⊥CD.
又∵OC是⊙O的半径,
∴直线CD与⊙O相切于点C;
(2)解:连接BC,
∵AB是⊙O的直径,
∴∠ACB=90°.
∵∠DAC=∠OAC,∠ADC=∠ACB=90°,
∴△ADC∽△ACB,
∴ADAC=ACAB,20.解:(1)如图所示,△ABC1或△ABC2或△ABC2即为所求;
S△ABC1=S△ABC3=12×3×1=32,
如图,
∵AB=12+12=2,AC2=12+22=5,
∴AD=22,21.(1)0.2;
(2)当x≥10时,设乙品牌共享电动车y与x之间的函数关系式是y=kx+b,
将(10,3),(20,4)代入得:
10k+b=320k+b=4,
解得k=0.1b=2,
∴y=0.1x+2(x≥10);
(3)小明需要骑行的时间是620×60=18(分),
从图象可知,当x<20时,y甲<y乙,即骑行甲品牌的共享电动车更省钱,
答:小明选择甲品牌的共享电动车更省钱.
22.[问题原型]直径所对的圆周角是直角;同弧所对的圆周角相等;
[逆向思考]连结AO并延长交⊙O于点M,连结BM,
∵A
M为⊙O直径,点B在圆上,
∴∠ABM=90°,
∵AB=AB,
∴∠ADB=∠AMB=60°,
在Rt△ABM中,∠MAB=30°,
∵AM=2AO=2,
∴AB=AM⋅cos30°=2×32=3,
即AB=3;
[模型应用]设圆的圆心为O,连结EP,FP,连结EO并延长交⊙O于点K,连结FK,如图,
∵∠B=30°,∠C=15°,
∴∠A=180°−∠B−∠C=135°,
∴∠EPF=180°−∠A=45°,
∵EK为⊙O直径,点F在圆上,
∴∠EFK=90°,
∵EF=EF,
∴∠EKF=∠EPF=45°,
在Rt△EFK中,∠FEK=∠FKE=45°,
∴EF=EK2=AP2=2AP223.(1)1;
(2)当QC=BC,∠QCB=90°时,△QBC是等腰直角三角形,如图2,
∵CD⊥AB,
∴QD=BD=3,
∴AQ=7−QD−BD=1,AD=7−BD=4,
由题意知PQ//CD,
∴APAC=AQAD,即AP5=14,
∴AP=54;
显然,点P与点C重合时,△QBC是等腰直角三角形,如图3,
此时,AP=5;
综上,线段AP的长为5或54;
(3)如图4,以BC为对角线,构造正方形CDBE,连接AE,
∴PN//CE,MN//BE,
∴点N在线段AE上,当BN⊥AE时,线段BN取得最小值,
由题意得BE=CD=3,
∴AE=AB2+BE2=58,
∵S△ABE=12AE×BN=12AB×BE,
∴BN=215858,
即线段BN的最小值为215858;
(4)设正方形PQMN的边长为x,
当QOQC=13时,如图5,
∵∠B=45°,∠PMQ=45°,
∴OM//BC,
∴QOQC=QMQB=13,即xQB=13,
∴QB=3x,则AQ=7−3x,
∵tan∠A=34,
∴x7−3x=34,
解得x=2113,经检验x=2113是原方程的解,
即PQ=2113,AQ=7−3x=2813,
∴AP=AQ2+PQ2=3513;
当QOQC=23时,如图6,
∵∠B=45°,∠PMQ=45°,
∴OM//BC,
∴QOQC=QMQB=23,即xQB=23,
∴QB=32x,则AQ=7−32x,
∵tan∠A=34,
∴x7−32x=34,解得x=4217,
经检验x=4217是原方程的解,
即PQ=4217,AQ=7−32x=5617,
∴AP=AQ2+PQ2=7017;
综上,线段AP的长为3513或7017.
24.解:(1)把(0,−3),(3,0)代入y=x2+bx+c,得c=−39+3b+c=0,
解得:c=−3b=−2,
∴y=x2−2x−3;
(2)∵y=x2−2x−3=(x−1)2−4,
∴抛物线顶点坐标为(1,−4),
当抛物线顶点落在矩形PQMN的边PN上时,如图,
∵P、N是关于y轴的对称点,
∴PN//x轴,
∴点P纵坐标为−4,
∴点P与抛物线的顶点重合,
即P(1,−4),
∴点N(−1,−4),
∴PN=2,
∵过点P作x轴垂线交直线y=2x于点Q,
∴Q点横坐标为1,
当x=1时,y=2x=2,
∴Q(1,2),
∴PQ=2−(−4)=6,
∴矩形PQMN的面积=PQ⋅PN=6×2=12;
当抛物线顶点落在矩形PQMN的边QM上时,如图,
同理可得点Q的纵坐标为−4,
当y=−4时,则2x=−4,
解得:x=−2,
∴Q(−2,−4),
∴M(2,−4),
∴MQ=4,
∵PQ⊥x轴,
∴P点的横坐标
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