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文档简介
江苏省南通市海安市市级名校2025届初三年级第二学期第一次联合测试试卷物理试题注意事项:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号。回答非选择题时,将答案写在答题卡上,写在本试卷上无效。3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。一、单选题(本大题共10小题,共30分)1.如图甲所示电路,电源电压不变,电压表量程是0~3V,电流表量程是0~0.6A.只闭合S、S1,在滑动变阻器R1的滑片从最右端向左滑至a点的过程中,灯泡、R1的I-U图像如图乙,滑片在a点时灯泡恰好正常发光.保证电路安全,下列说法正确的是A.只闭合S、S2,R1的滑片在a点,R2允许接入电路的阻值范围是1.5Ω~12ΩB.灯泡的额定功率是0.15WC.只闭合S、S1时,灯泡4s内最少消耗0.3J电能D.只闭合S、S1时,电路的最大功率为2.7W2.下列是小张同学在学习过程中得出的四个结论,你认为错误的一项是A.在匀速直线行驶的车中,小明竖直跳起后会落在原地,是因为小明具有惯性B.小花匀速爬杆时,手对杆的握力和小花受到的重力是一对平衡力C.行车时司机要系安全带,是为了防止惯性带来的危害D.嫦娥二号在轨道飞行时,如果所受的力同时消失,它将做匀速直线运动3.如图所示是探究光的反射规律的实验装置,为了探究反射光线与入射光线之间的关系,实验时应进行的操作是A.沿ON向后折转板FB.沿ON向后折转板EC.改变光线OB与ON的夹角D.改变光线AO与ON的夹角4.下列现象中,能用光的反射解释的是()A.叉鱼 B.激光引导掘进方向C.看到地上物体 D.凸透镜会聚光线5.一个氢气球的拉线断开后,沿斜向右上方做匀速直线飞行,则这一过程中的氢气球A.不受力 B.受力但不平衡C.受平衡力 D.只受斜向上的力6.2015年8月初,我市出现了高温天气,气温超过了38℃,小陈从冰箱里面取出来一块冰放在地面上。下列说法正确的是A.冰没有开始熔化时,冰吸收热量,温度升高,内能不变B.冰开始熔化到熔化结束,冰吸收热量,温度升高,内能增加C.冰完全熔化成水后,吸收热量,温度升高D.冰无论是否开始熔化,都是吸收热量,温度不变,内能增加7.为了提高行车的安全性,有的汽车装有日间行车灯,如图所示.当汽车启动时,S1闭合,日间行车灯L1立即亮起,再闭合S2,车前大灯L2也亮起.如图所示的电路图中符合这一情况的是A. B. C. D.8.(2016·东营卷)如图所示,水平桌面上有甲、乙两个相同的烧杯,分别装有两种不同的液体,将两个相同的小球分别放入两烧杯中,小球静止时,两烧杯液面相平.下列判断正确的是A.甲烧杯液体的密度小于乙烧杯液体的密度B.甲烧杯中小球受到的浮力大于乙烧杯中小球受到的浮力C.甲烧杯对水平桌面的压强大于乙烧杯对水平桌面的压强D.甲、乙两烧杯底受到液体的压强相等9.下列关于安全用电的说法中错误的是A.电线绝缘皮破损后可以用普通胶带包裹B.控制用电器的开关要连接在火线和用电器之间C.一旦发现触电事故,应先切断电源再进行抢救D.安全用电要做到不接触低压带电体,不靠近高压带电体10.某些无法直接感知的事实可以通过相关可感知的现象推测得到,是物理学研究问题的一种方法,下列与这种方法所做出的推测不符合事实的是A.打开醋瓶能闻到酸味推测出分子做无规则运动B.酒精和水混合后总体积变小推测出分子间存在空隙C.汤姆生发现电子推测出原子核是可分的D.温度计放在色散光带红光外侧时示数增大推测出该区域存在一种不可见的光二、多选题(本大题共3小题,共12分)11.如图展示了我国古代劳动人民的智慧成果,对其中所涉及的物理知识,下列说法中正确的是A.司南能够指南北是利用了磁体受地磁场的作用B.孔明灯在上升过程中,只受重力C.紫砂壶属于连通器D.正在发声的编钟一定在振动12.在“探究凸透镜成像的规律”实验中,蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示,此时烛焰在光屏上恰好成一清晰的像。则下列说法中正确的是A.投影仪应用了这一成像规律B.随着蜡烛燃烧变短,光屏上的像逐渐下移C.只移动透镜,还能在光屏上得到一次清晰的像D.透镜不动,将蜡烛移至35cm处,移动光屏可得到清晰的像13.精细陶瓷以硬度大、耐高温、绝缘性好、透光性高等特点成为当代新材料之一。下列陶瓷制品中主要利用硬度大这一物理属性的是:A.陶瓷制成的汽油机火花塞 B.陶瓷刀具C.陶瓷制成的光导纤维 D.陶瓷制成的人工膝关节三、填空题(本大题共5小题,共10分)14.为了探究物体对水平面的压力改变时水平面受到压强的变化量与哪些因素有关,某小组同学将底面积不同的物体置于同一海绵上进行实验。他们改变物体对海绵的压力,并用海绵下陷深度的变化量来反映压强的变化量。他们进行了三组实验,记录有关数据分别如表一、表二、表三所示。通过比较,他们发现每一组海绵下陷深度的变化量相同,而各组却不同,第一组下陷深度的变化量最大,第二组其次,第三组最小。表一实验序号压力变化(牛)受力面积(厘米2二实验序号压力变化(牛)受力面积(厘米2)4555101061515表三实验序号压力变化(牛)受力面积(厘米2)7568101291518①分析比较实验序号_____的数据及观察到的现象,可得出的初步结论是:当压力变化量相同时,受力面积越小,水平面受到压强的变化量越大。②分析比较实验序号2与7的数据及观察到的现象,可得出的初步结论是:当受力面积相同时,_____。③进一步综合分析比较表一、表二、表三中的数据及观察到的现象,并归纳得出结论:(a)分析比较_____中的数据及观察到的现象,可归纳得出结论:_____。(b)分析比较_____中的数据及观察到的现象,可归纳得出结论:_____。15.日食是由于光沿_____传播形成的现象,观察日食时,不能用眼睛直接正对太阳,某同学用脸盆装上稀释后的墨水,从墨水中观察到了日食奇观,该同学所观察到的像是由光的_____形成的,是太阳的_____(选填“实”或“虚”)像.16.冬天室外比较寒冷,要使手的内能增加,温度升高有两种不同的途径,分别举例说明:(1)________________;(2)__________________。17.阅读《月球漫步》回答问题.月球漫步月球是离地球最近的天体,也是地球唯一的天然卫星.地球围绕太阳轨道运行的同时,月球也在围绕着地球旋转.地球和月球的环境大不相同,月球表面没有空气,没有风,表面积大约是地球的,月球的体积只相当于地球体积的,月球质量约等于地球质量的.2018﹣2019年的中国上演了一出“嫦娥”登月大戏,和以往不同,嫦娥这次登陆地在月球背面.月球背面电磁环境非常干净,无法直接接收来自地球的无线电信号,在登月之前,先要发射一颗中继卫星保障通讯.2018年5月21日,嫦娥四号的“开路先锋”鹊桥中继星发射升空.12月8日,“嫦娥”开始奔月之旅2019年1月3日早上,嫦娥四号探测器从距离月面15km处开始实施动力下降,探测器的速度从相对月球1.7km/s逐步下降.在8km到6km处,探测器进行快速姿态调整,不断接近月球.在距月面100m处开始悬停,对障碍物和坡度进行识别,并自主避障.在选定相对平坦的区域后,开始缓速垂直下降11时40分,着陆器获取了世界第一张近距离拍摄的月背影像图并传回地面.15时7分,工作人员在北京航天飞行控制中心通过“鹊桥”中继星向嫦娥四号发送指令,释放巡视器“玉兔二号”,随即展开探测工作.2019年2月4日,国际天文学联合会批准嫦娥四号着陆点命名为“天河基地”.如图是科学家们为本次登月绘制的一张“全家福”.请根据上述材料,回答下列问题:(1)嫦娥四号着陆地被命名为________.(2)假如月球和地球可以认为是一个密度均匀的球体,根据文中对月球和地球基本数据的对比描述,可知月球的密度相比地球要________(选填“大一些”或“小一些”).(3)嫦娥四号在选定相对平坦的区域后,在反推发动机的作用下缓速垂直下降.这个下降过程,若使用巨大的降落伞是________(选填“也有可能”或“不可能”)完成的.(4)嫦娥四号传回地球的电磁信号通过的路径是:嫦娥四号→________→地球.18.2019年4月10日,人类首张黑洞照片面世。黑洞是宇宙中密度极高的一种天体。如果质量为6×1024kg的地球塌缩成黑洞,其体积只有玻璃弹珠大小,约为3×10﹣6m3,则地球形成的黑洞的密度约为_____kg/m3。四、计算题(本大题共3小题,共29分)19.如图所示,将一个质量为0.5kg的物体,从底端沿斜面匀速拉到顶端所用时间为5s,斜面长s为1m,高h为0.4m,斜面的效率为80%.(g取10N/kg)求:(1)拉力所做的有用功;(2)拉力做功的功率;(3)物体在斜面上运动时受到的摩擦力。20.某电热水瓶容量为2L,有加热和保温两档,该电热水瓶装满初温为20℃的水接在家庭电路中,它正常工作时的功率和时间关系如图所示.(外界大气压强为1个标准大气压,计算结果保留一位小数)求:保温时通过电热水瓶的电流是多少?若通电10min恰好将水烧开,则加热时电热水瓶的热效率是多少?21.如图所示是一种电热水龙头及它的电路简图.旋转手柄可使扇形开关S同时接触两个相邻触点,从而控制流出的水为冷水、温水或热水.已知R1、R2是电热丝,R2=22Ω,温水档的电功率是880W,电热转化效率为80%,c水=4.2×103J/(kg•℃).求:(1)电热丝R1的阻值;(2)电热水器将2kg水从20℃加热到64℃最短的时间.五、作图题(本大题共2小题,共4分)22.如图所示,一木块沿斜面匀速下滑,请画出该木块所受重力以及摩擦力的示意图.23.如图所示,一束光从直角三角形玻璃砖AB面垂直射入,并从玻璃砖AC面射出,请画出光束进入玻璃砖和离开玻璃砖后的光线.六、实验探究题(本大题共3小题,共15分)24.小琴在探究“电流与电阻的关系”的实验中,利用电压恒为6V的电源设计如图甲所示的电路.(1)小琴将滑动变阻器的滑片移到最右端后,闭合开关S,电压表的指针______(选填“几乎不动”或“偏转很大”).电流表的示数如图乙所示,则滑动变阻器最大电阻为______Ω.请你在连接错误的一条导线上画“×”,并用笔画线代替导线将电路连接正确.(________)(2)小琴分别把5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的四个定值电阻接入电路进行实验,为了完成这四次实验,应控制定值电阻两端电压至少为______V.(3)小琴用额定电压为2.5V的小灯泡替换定值电阻R,利用原有电路,测量小灯泡的电阻.实验时,她调节滑动变阻器的滑片到某一位置时,电压表的示数为2V,为使小灯泡正常发光,她应该向______(选填“左”或“右”)调节滑动变阻器的滑片.根据丙图还可以求出小灯泡的额定功率______W.(4)完成上面实验后,小琴又想测量额定电压为U额的小灯泡的额定功率,利用一个电压未知的电源和阻值为R0的定值电阻,设计了如图丁所示的电路.请完成下列实验步骤:①闭合开关S1,开关S2接a接线柱,移动滑动变阻器的滑片,使电压表的示数为U额;②闭合开关S1,开关S2接b接线柱,滑动变阻器的滑片______(选填“向左移动”、“向右移动或“保持不动”),读出电压表示数为U1;再将开关S2接c接线柱,读出电压表的示数为U2;③小灯泡额定功率的表达式P额=______.25.在长约1m、横截面积为S、重力为G、一端封闭的玻璃管里灌满密度为ρ0的水银,用手指将管口堵住,然后倒插在水银槽中.放开手指,管内水银面下降到一定高度时就不再下降,这时管内外水银面高度差为h.(1)最早用这一实验测量大气压强的科学家是______,以下操作会影响测量值的是____.A.玻璃管粗些B.将玻璃管倾斜C.把玻璃管稍向上提一些,但不离开液面D.外界大气压发生变化(2)用手竖直匀速向上提起玻璃管(管口未漏出水银面),不计管壁与水银之间的摩擦,手竖直提起玻璃管的力的大小等于_____(用题中字母表示).26.探究物体的重力势能:甲、乙、丙三物体的质量关系为:m甲=m乙<m丙,木桩起始位置高度相同.①比较图中A、B两木桩扎入沙坑的深度,可以得出的结论是:质量一定时,物体的高度越大,具有的重力势能就_________.②若图中B、C两木桩扎入沙坑的深度相同(桩未触底),_________(能/不能)说明乙、丙的重力势能相同,你的理由是___________________________________.
参考答案一、单选题(本大题共10小题,共30分)1、A【解析】
只闭合S、S1,灯泡、变阻器R1串联,在滑动变阻器R1的滑片从最右端向左滑至a点的过程中,R1的阻值减小,电路中的总电阻变小,电流变大,灯泡两端的电压变大,由此可知:图乙中,左边的曲线为灯泡的I−U图象,则右边的曲线为R1的I−U图象,如图所示:滑片在a点时R1的阻值最小(允许接入的最小阻值),电路中的电流最大,由于灯泡恰好正常发光,则根据I−U图象可知:小灯泡正常工作时的电压为1.5V,电流为0.5A,此时R1两端的电压为3V,则灯泡的额定功率:P额=ULI最大=1.5V×0.5A=0.75W,故B错误;电源电压:U=UL+U1=1.5V+3V=4.5V,电路的最大功率:P最大=UI最大=4.5V×0.5A=2.25W,故D错误;只闭合S、S1,灯泡、变阻器R1串联,由灯泡的I−U图象可知,灯泡两端的最小电压为0.5V最小电流为0.3A,此时灯泡消耗的功率最小,则灯泡2s内最少消耗的电能:=0.5V×0.3A×4s=0.6J,故C错误;由可得,R1的滑片在a点时R1的电阻:;由图可知,只闭合S、S2,R1的滑片在a点,R1与R2串联,电压表测变阻器R2两端的电压,电流表测电路中的电流,由于串联电路中各处的电流相等,电流表的量程为0∼0.6A,所以电路中的最大电流I′最大=0.6A,此时滑动变阻器R2接入电路中的电阻最小,由可得最小总电阻:,根据串联电路的总电阻等于各电阻之和可得,滑动变阻器R2接入电路中的最小电阻:R2小=R总最小−R1=7.5Ω−6Ω=1.5Ω,由于电压表采用0∼3V量程,当电压表的示数U2最大=3V时,滑动变阻器R2接入电路中的电阻最大,因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以此时R1两端的电压:U′1=U−U2最大=4.5V−3V=1.5V,电路中的最小电流:,则滑动变阻器接入电路中的最大阻值:,所以滑动变阻器R2允许的取值范围是1.5Ω∼12Ω,故A正确.2、B【解析】
A、在匀速直线行驶的车中,由于小明具有惯性,竖直跳起后会落在原地,故A正确,不符合题意;B、小明匀速爬杆时,手对杆的握力和小明受到的重力没有作用在同一直线上,所以二力不是一对平衡力,故B错误,符合题意;C、为防止惯性带来的危害,行车时司机要系安全带,故C正确,不符合题意;D、嫦娥二号在轨道飞行时,如果所受的力同时消失,根据牛顿第一定律可知它将做匀速直线运动,故D正确,不符合题意.3、A【解析】
首先要搞清光的反射定律的内容,知道实验中的操作方法,要研究反射光线与入射光线的位置关系,我们可以以法线为轴线转动光屏,通过现象进行判断。【详解】A、沿ON向后转动板F,板E、F不在同一个平面内,这样就可以探究反射光线与入射光线的关系,符合题意。B、沿ON向后转动板E,看不到入射光线,不能探究反射光线与入射光线的关系,不符合题意。C、改变光线OB与ON的夹角,即改变反射角的大小,需要改变入射角的大小,板E、F仍在一个平面内,只能探究反射角和入射角的关系,不能探究反射光线与入射光线的关系,不符合题意。D、改变光线AO与ON的夹角,只是改变了入射角的大小,板E、F仍在一个平面内,只能探究反射角和入射角的关系,不能探究反射光线与入射光线的关系,不符合题意。故选:A。4、C【解析】
A、鱼在水中,而人在船上,则来自鱼的光线需要从水中射向空气中进入人眼,此时光线就会发生折射,折射光线进入人眼,人看到的是鱼的虚像,由于虚像的位置比鱼的位置要高,所以我们要瞄准看到的鱼的下方去叉;与题意不符;B、由图可知,激光引导掘进方向是利用了光的直线传播,由于光是沿直线传播的,所以光引导的掘进方向也是直的;与题意不符;C、看到地上物体是由于光的反射,反射光线进入眼睛.符合题意;D、凸透镜会聚光线是由于光的折射.与题意不符;
5、C【解析】解答:物体做匀速直线运动或静止状态时受到的力是平衡力.一个氢气球的线拉断开后,沿斜向右上方做匀速直线飞行,气球处于平衡状态,受到平衡力的作用6、C【解析】
A、冰没有开始熔化时,冰吸收热量,温度升高,内能增大,故A错误;B、冰是晶体,冰开始熔化到熔化结束,吸收热量,温度不变,内能增加,故B错误;C、冰完全熔化成水后,继续吸收热量,温度不断升高,故C正确;D、冰熔化前,吸收热量,温度升高,内能增加,熔化过程中,吸收热量,温度不变,内能增加,故D错误。7、D【解析】
A.由电路图可知,只闭合S1时,两灯泡均不亮,故A不符合题意;B.由电路图可知,只闭合S1时,两灯泡都亮,再闭合S2时,L1不亮,故B不符合题意;C.由电路图可知,只闭合S1时,车前大灯L2亮,再闭合S2时,日间行车灯L1亮,故C不符合题意;D.由电路图可知,只闭合S1时,日间行车灯L1亮,再闭合S2时,车前大灯L2亮,故D符合题意.8、C【解析】试题分析:由图可知,小球在甲、乙两杯中分别处于漂浮和悬浮状态.根据浮沉条件可知,ρ甲液>ρ球,ρ乙液=ρ球,所以ρ甲液>ρ乙液,故A错误;因为物体漂浮或悬浮时,受到的浮力和自身的重力相等,所以同一只小球在两杯中受到的浮力相等,都等于小球的重力,故B错误;由G=mg、ρ=m/V可得G=ρVg,因为ρ甲液>ρ乙液,甲杯内液体的体积大于乙杯内液体的体积,所以甲杯内液体的质量较大,重力较大,甲、乙两烧杯相同,两小球相同,所以甲杯对桌面的压力较大;又根据p=F/S可知,甲烧杯对水平桌面的压强大于乙烧杯对水平桌面的压强,故C正确;两杯中液面相平,ρ甲液>ρ乙液,所以根据p=ρ液gh可知,烧杯底受到液体的压强:p甲液>p乙液,故D错误;故选C.考点:物体的浮沉条件及其应用;压强的大小及其计算;液体压强计算公式的应用;阿基米德原理9、A【解析】
A、电线绝缘皮破损后应该用专用绝缘胶带包裹,若用普通胶带包裹,因普通胶带的绝缘性差,则容易发生漏电事故,故A错误,符合题意;B、控制用电器的开关要连接在火线和用电器之间,这样在断开开关后用电器不带电,故B正确,不符合题意;C、一旦发生触电事故,应先应该切断电源,然后再进行抢救,故C正确,不符合题意;D、安全用电的原则:不接触低压带电体,不靠近高压带电体,故D正确,不符合题意。10、C【解析】A、打开醋瓶能闻到酸味,这是一种扩散现象,由此推测出分子在不停的做无规则运动,故A符合事实;
B、酒精和水混合后总体积变小,是因为分子间有间隙,并且分子是在运动的,分子进入了彼此的空间,使总体积减小,因此可以推测出分子间存在空隙,故B符合事实;
C、汤姆生发现电子说明原子由原子核和核外电子组成的,因此可以推测出原子是可分的,故C不符合事实;
D、在光谱上,红光以外的不可见光是红外线,其热效应强,所以温度计放在色散光带红光外侧时示数会增大,因此可以推测出该区域存在一种人眼看不见的光,故D符合事实.
故选C.二、多选题(本大题共3小题,共12分)11、ACD【解析】
A、地磁场能对地球附近的磁体产生磁力,所以司南能够指南北是受地磁场的作用。故A正确;B、孔明灯在上升过程中,受到重力和浮力的作用,浮力大于重力。故B错误;C、茶壶的壶嘴和壶身上端开口,底部相互连通,是利用连通器的原理。故C正确;D、正在发声的物体都在振动,所以发声的编钟一定在振动。故D正确。12、AC【解析】
A.由图可知,此时的物距u=50cm-20cm=30cm,像距v=95cm-50cm=45cm,由于物距小于像距,因此所成的清晰的像是倒立、放大的实像,投影仪成倒立、放大的实像,故A正确;B.因为经过光心的光线方向不发生改变,则蜡烛变短时,像应该向上移动,故B错误;C.将只移动透镜,当物距与像距大小互换时,根据光路可逆可知,能在光屏上得到一个清晰的缩小的像,故C正确;D.物距u=30cm,像距v=45cm,由于成倒立、放大的实像,则:45cm>2f,f<30cm<2f,解得:22.5cm>f>15cm将,蜡烛移动到35cm刻度处,物距u′=50cm-35cm=15cm,物距小于焦距,所以成正立放大的虚像,不能成在光屏上,故D错误。13、BD【解析】
A.陶瓷制成的汽油机的火花塞是利用陶瓷耐高温的特点,故A不符合题意;B.用纳米陶瓷材料制成切割硬物的刀具利用坚硬、耐磨的特性,故B符合题意;C.光导纤维不能导电,但可以导光是利用了高透光性的特点,故C不符合题意;D.用纳米陶瓷制成的人工膝关节是利用了其坚硬、耐磨的特性,故D符合题意。三、填空题(本大题共5小题,共10分)14、1、4、7或2、5、8或3、6、9压力变化量越小,水平面受到压强的变化量越小表一、表二或表三当压力变化量与受力面积的比值相等时,水平面受到的压强变化量相等表一、表二和表三当压力变化量与受力面积的比值越小时,水平面受到的压强变化量越小。【解析】
①研究当压力变化量相同时,压强变化量与受力面积的关系,根据控制变量法,控制压力变化相同,只改变受力面积大小,故分析比较实验序号1、4、7或2、5、8或3、6、9的数据及观察到的现象,可得出的初步结论是:当压力变化量相同时,受力面积越小,水平面受到压强的变化量越大;②分析比较实验序号2与7的数据知,压力变化量实验序号7中较小,而受力面积相同,由已知条件,第一组下陷深度的变化量最大,第二组其次,第三组最小,可得出的初步结论是:当受力面积相同时,压力变化量越小,水平面受到压强的变化量越小;③(a)分析比较中的表一或表二或表三数据,压力变化量与受力面积之比:==,即压力变化量与受力面积之比相等,由已知条件:每一组海绵下陷深度的变化量相同,故可归纳得出结论:当压力变化量与受力面积的比值相等时,水平面受到的压强变化量相等;(b)分析比较表一、表二和表中的数据及观察到的现象,压力变化量与受力面积之比分别为:、、,即压力变化量与受力面积之比越来越小,由已知条件,第一组下陷深度的变化量最大,第二组其次,第三组最小,即水平面受到的压强变化量越小。可归纳得出结论:当压力变化量与受力面积的比值越小时,水平面受到的压强变化量越小。15、直线反射虚【解析】(1)日食是由光的沿直线传播形成的;(2)盆中的水相当于平面镜,从水中观察日食属于平面镜成像,是由光的反射形成的,是太阳的虚像;16、搓搓手慢慢给手上哈气【解析】
改变物体内能有两种方式:做功和热传递,所以要使手的内能增加,温度升高,可以有两种不同的途径,一是搓搓手,即利用做功的方法;二是慢慢给手上哈气,利用热传递的方法。17、天河基地小一些不可能鹊桥中继星【解析】
(1)2019年2月4日,国际天文学联合会批准嫦娥四号着陆点命名为“天河基地”;(2)因为月球的体积只相当于地球体积的,即,月球质量约等于地球质量的,即,根据可得:以月球的密度小;(3)月球表面没有空气,这个下降过程,不可能利用巨大的降落伞完成;(4)根据“月球背面电磁环境非常干净,无法直接接收来自地球的无线电信号,在登月之前,先要发射一颗中继卫星保障通讯”知:嫦娥四号传回地球的电磁信号通过的路径是:嫦娥四号→鹊桥中继星→地球.18、2×1030【解析】
地球形成的黑洞的密度约为:四、计算题(本大题共3小题,共29分)19、(1)2J;(2)0.5W;(3)0.5N。【解析】
(1)拉力所做的有用功:W有=Gh=mgh=0.5kg×10N/kg×0.4m=2J;(2)由η=W有W总可得,拉力所做的总功:W总=W有η=2J80%=2.5J,拉力做功的功率:(3)额外功为:W额=W总﹣W有=2.5J﹣2J=0.5J,由W额=fs可得,物体在斜面上运动时受到的摩擦力:f=W额s=0.5J20、(1)1.8A;(3)93.3%【解析】试题分析:(1)由图示可知,保温瓶保温时消耗的电功率为400W,所以可知保温时通过电热水瓶的电流I=P/U=1.8A;(2)通电10min消耗的电能为W="Pt=0.2kWh="7.2×105J;烧开水时水所吸收的热量为Q吸=cm(t-t0)=4.2×103J/(kg•℃)×2kg×(100℃-20℃)=6.72×105J,所以可知电热水瓶的热效率为热水瓶效率:η=Q吸/W≈93.3%.考点:电功率;热效率21、(1)55Ω;(2)150s.【解析】
(1)旋转手柄可使扇形开关S同时接触两个相邻触点,从而控制流出的水为冷水(图中1位置,没有加热,为冷水档)、温水或热水,当开关处于位置2时,只有电阻R1接入电路,电路电阻最大(大于并联的总电阻),根据P=可知此时功率最小,可见此时放出的是温水;当开关处于位置3时,电阻R1和R2并联接入电路,根据电阻的并联规律,电路的总电阻最变小,根据P=可知此时功率最大,所以此时放出的是热水;流出水为温水时接入电阻R1的阻值:R1==55Ω;(2)开关处于位置3时,两电阻并联,电路的中功率最大,加热时间最短,R2消耗的功率:P2==2200W,则最大加热功率为:P并=P温+P2=880W+2200W=3080W;将2kg水从20℃加热到64℃,水吸收的热量:Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg•℃)×2kg×(64℃﹣20℃)=3.696×105J;电热转化效率为80%,则η=,所以电热水器将2kg水从20℃加热到64℃最短的时间:t==150s.答:(1)电热丝R1的阻值为55Ω;(2)电热水器将2kg水从20℃加热到64℃最短的时间为150s.五、作图题(本大题共2小题,共4分)22、【解析】
重力的方向竖直向下,作用点在重心,如图矩形木块的重心在对角线的交点处,从重心竖直向下画出箭头,并标出重力的符号G,如图;摩擦力与运动方向相反,即沿斜面向上,作用点也画在重心,符号为f,如图:重点是重力和摩擦力的画法,关键是明白重力的方向始终竖直向下,而摩擦力沿斜面向上.23、如图:【解析】试题分析:此题主要考查光的折射规律:当光从空气斜射入玻璃时,入射光线和折射光线分居法线的两侧,折射角小于入射角.当光从玻璃斜射入空气时,入射光线和折射光线分居法线的两侧,折射角大于入射角.解:光从空气垂直入射到玻璃界面上,传播方向不变,当光从玻璃斜射入空气中时,折射角大于入射角,折射光线将远离法线.在作图时,注意先做出法线.故答案为【点评】此题主要考查了光的折射规律,一定要熟练掌握光的折射定律的内容,关键是搞清折射角与入射角之间的关系.六、实验探究题(本大题共3小题,共15分)24、几乎不动302.4左1.25保持不动U额×【解析】
(1)经分析,定值电阻只接了一边,电压表没有被接入电路,电压表示数为零;
电流表的量程为0-0.6A,分度值为0.02A,电流表示数为0.2A;
滑动变阻器的最大电阻为R滑===30Ω;
将电阻串联在电路中,电压表并联在电阻的两端,如图所示:
(2)变阻器与定值电阻串联,设电压表示数为UV,根据串联电路电压的规律和分压原理有:=-----①,①式左边为一定值,故右边也
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