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文档简介
第4课时概率、统计的综合问题
[典例精研•核心考点]重难解惑•直击高考
考点一以统计图表为载体的概率统计问题
[典例1](2022•新高考n卷)在某地区进行流行病学调查,随机调查了100位某
种疾病患者的年龄,得到如下的样本数据的频率分布直方图.
频率/组距
0.023---------------------
0.020-------------------------------
0.017------------------------------------
0.012---------1-
0.006------------------------------------------
0.002
0.001~!一十一寸一1一十~--二______.
0102030405060708090年龄/岁
(1)估计该地区这种疾病患者的平均年龄(同一组中的数据用该组区间的中点值作
代表);
(2)估计该地区一位这种疾病患者的年龄位于区间[20,70)的概率;
(3)已知该地区这种疾病的患病率为0.1%,该地区年龄位于区间[40,50)的人口
占该地区总人口的16%,从该地区中任选一人,若此人的年龄位于区间[40,50),
求此人患这种疾病的概率(以样本数据中患者的年龄位于各区间的频率作为患者
的年龄位于该区间的概率,精确到0.0001).
[解](1)该地区这种疾病患者的平均年龄元=(5*0.001+15X0.002+25X0.012
+35X0.017+45X0.023+55X0.020+65X0.017+75X0.006+85X0.002)X10
=47.9(岁).
⑵设2={一人患这种疾病的年龄在区间[20,70)},则尸⑷=1一尸(%)=1—(0.001
+0.002+0.006+0.002)X10=1-0.11=0.89.
(3)设5={任选一人年龄位于区间[40,50)},C={任选一人患这种疾病},则由
条件概率公式,得P(C⑻=需=0.1%*片10=000J4375心0.0014.
P\B)16%
名师点评该类问题常常借助图形或表格,将文字、图表、数据等融为一体,考
查考生的直观想象和数学建模素养,求解的关键是立足题干提取信息,结合统计
的相关知识进行数据分析或结合概率模型求解相应概率.
[跟进训练]
1.某学校号召学生参加“每天锻炼1小时”活动,为了了解学生参与活动的情
况,随机调查了100名学生一个月(30天)完成锻炼活动的天数,制成如下频数分
布表:
天数[0,5)[5,10)[10,15)[15,20)[20,25)[25,30]
人数4153331116
⑴由频数分布表可以认为,学生参加体育锻炼天数X近似服从正态分布
其中〃近似为样本的平均数(每组数据取区间的中间值),且。=6.1,若全校有3000
名学生,求参加“每天锻炼1小时”活动超过21天的人数(精确到1);
(2)调查数据表明,参加“每天锻炼1小时”活动的天数在[15,30]的学生中有30
名男生,天数在[0,15)的学生中有20名男生,学校对当月参加“每天锻炼1小
时”活动不低于15天的学生授予“运动达人”称号.请填写下面列联表:
活动天数
性别合计
[0,15)[15,30]
男生
女生
合计
并依据小概率值a=0.05的独立性检验,能否认为学生性别与获得“运动达人”
称号有关联.如果结论是有关联,请解释它们之间如何相互影响.
参考数据:若X〜N",/),则尸口一心0.6827,
尸〃+2o■户0.9545,
尸(u—3<7WXW〃+3O)q0.9973.
附.?2=_____<ad-bcY__
叫(a+b)(c+d)(a+c)(b+d)'n=a+b+c+d
a0.0500.0100.001
Xa3.8416.63510.828
[解](1)由频数分布表知
1
/z=^X(4X2.5+15X7.5+33X12.5+31X17.5+11X22.5+6X27.5)=14.9,
则矛〜N(14.9,6.12),
:尸〃一oWXW〃+Q心0.6827,
.,.尸(X>21)=P(X>14.9+6.1)=^|^=0]5865,
A3000X0.15865=475.95=476,
・•.参加“每天锻炼1小时”活动超过21天的人数约为476.
(2)由频数分布表知,锻炼活动的天数在[0,15)的人数为4+15+33=52,
•.♦参加“每天锻炼1小时”活动的天数在[0,15)的学生中有20名男生,
,参加“每天锻炼1小时”活动的天数在[0,15)的学生中女生人数为52-20=
32.
由频数分布表知,锻炼活动的天数在[15,30]的人数为31+11+6=48,
•.♦参加“每天锻炼1小时”活动的天数在[15,30]的学生中有30名男生,
参加“每天锻炼1小时”活动的天数在[15,30]的学生中女生人数为48-30
=18.
列联表如下:
活动天数
性别
[0,15)[15,30]合计
男生203050
女生321850
合计5248100
零假设为Ho:学生性别与获得“运动达人”称号无关,
2100x(30x32-20x18)2
^5.769>3.841,
50x50x52x48
依据a=0.05的独立性检验,我们推断//o不成立,
即可以认为学生性别与获得“运动达人”称号有关,
而且此推断犯错误的概率不大于0.05.
根据列联表中的数据得到,男生、女生中活动天数不低于15天的频率分别为4
=0.6和0.36,可见男生中获得“运动达人”称号的频率是女生中获得“运动
达人”称号频率的当心1.67倍,于是依据频率稳定与概率的原理,我们可以认
为男生获得“运动达人”的概率大于女生,即男生更容易获得“运动达人”称号.
考点二概率'统计与数列的综合问题
[典例2](2023•新高考I卷)甲、乙两人投篮,每次由其中一人投篮,规则如下:
若命中则此人继续投篮,若未命中则换为对方投篮.无论之前投篮情况如何,甲
每次投篮的命中率均为0.6,乙每次投篮的命中率均为0.8.由抽签确定第1次投
篮的人选,第1次投篮的人是甲、乙的概率各为0.5.求:
(1)第2次投篮的人是乙的概率.
(2)第z,次投篮的人是甲的概率.
(3)已知:若随机变量X服从两点分布,且尸(X=1)=1—P(X=0)=勿,i=1,2,…,
n,则£(9而)=Y,小记前n次(即从第1次到第n次投篮)中甲投篮的次数为
Y,求E(Q.
[解](1)记''第2次投篮的人是乙”为事件2,“第1次投篮的人是甲”为事件8,
则A=BA+BA,
所以P(Z)=P(及4+月4)=P(B4)+P(a2)=P(B)P(4|B)+P(R)P(4出)=0.5X(1
-0.6)+0.5X0.8=0.6.
(2)设第,次投篮的人是甲的概率为口,由题意可知,夕"1=2*0.6+(1—
21
㈤X(1—0.8),即口+1=0.电+0.2=/+丁
所以p,+i_;=([»一;),
又pi—所以数列{pt—;}是以3为首项,|为公比的等比数列,
在、,i-1
所以P,一1,=1ZX(ZJ2\,
3O\3/
所以+.
(3)设第z次投篮时甲投篮的次数为X,则X的可能取值为0或1,当X,=0时,
表示第z,次投篮的人是乙,当X=1时,表示第z,次投篮的人是甲,所以P(X=1)
=Pi,P(Xi=0)=l—pi,所以£(X)=P"
后为+刘+为+…+的,
则E(Y)=E(X\+Xi+X^-\PX7)=pi+&+p3H\-pn,
由(2)知,A=|+1x(I),
所以E(y)=pi+pz+p3H----F/?„=^+1xi+1++,,,+(1)+1x
名师点评解答此类问题关键是借助概率知识(如相互独立事件的概率公式、条件
概率的公式等)建立尸〃+1与Pn的递推关系,然后利用数列知识(一般是构造法)求
解.
[跟进训练]
2.(2024•山东青岛开学考试)某篮球赛事采取四人制形式.在一次战术训练中,
甲、乙、丙、丁四名队员进行传球训练,第1次由甲将球传出,每次传球时,传
球者都等可能地将球传给另外三人中的任何一人.〃次传球后,记事件“乙、丙、
丁三人均接过传出来的球”发生的概率为尸".
⑴求尸3;
(2)当〃=3时,记乙、丙、丁三人中接过传出来的球的人数为X,求随机变量X
的分布列及数学期望;
(3)当时,证明:P“=3+|F“-I一+.
[解](1)乙、丙、丁三人每次接到传球的概率均为《3次传球后,事件“乙、丙、
丁三人均接过传出来的球”发生的概率为尸3=禺x(1)3=|,
(2)由题意知,X的可能取值为1,2,3,
3
P(X=1)=3X(|)=1
P(X=3)=房xQ)3=1,
2
尸(X=2)=1~P(X=l)-P(X=3)=j,
X的分布列为
X123
122
p
939
1??IQ
£(^)=lX-+2X-+3X-=-
(3)证明:〃次传球后乙、丙、丁三人均接过他人传球,有两种情况,
第一种:〃一1次传球后乙、丙、丁三人均接过他人传球,这种情况的概率为P”
-1;
第二种:〃一1次传球后乙、丙、丁中只有两人接过他人传球,第〃次传球时将
球传给剩余一人,这种情况的概率为(1—Pn-l-3X+)x|.
所以,当〃》4时,Pn=Pn-i+(l—Pn_X—3X|=|+
所以=[+|尸„-l-
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(2019•全国I卷)为治疗某种疾病,研制了甲、乙两种新药,希望知道哪种新药
更有效,为此进行动物试验.试验方案如下:每一轮选取两只白鼠对药效进行对
比试验.对于两只白鼠,随机选一只施以甲药,另一只施以乙药.一轮的治疗结
果得出后,再安排下一轮试验.当其中一种药治愈的白鼠比另一种药治愈的白鼠
多4只时,就停止试验,并认为治愈只数多的药更有效.为了方便描述问题,约
定:对于每轮试验,若施以甲药的白鼠治愈且施以乙药的白鼠未治愈则甲药得1
分,乙药得一1分;若施以乙药的白鼠治愈且施以甲药的白鼠未治愈则乙药得1
分,甲药得一1分;若都治愈或都未治愈则两种药均得0分.甲、乙两种药的治
愈率分别记为a和川,一轮试验中甲药的得分记为X.
(1)求X的分布列;
(2)若甲药、乙药在试验开始时都赋予4分,口0=0,1,…,8)表示“甲药的累
计得分为z,时,最终认为甲药比乙药更有效”的概率,则po=O,小=1,Pi=aPi
」+奶+⑦+i(i=l,2,…,7),其中a=P(X=—1),b=P(X=0),c=P(X=l).假
设a=0.5,8=0.8.
(i)证明:3+i—口}«=0,1,2,…,7)为等比数列;
(ii)求P4,并根据P4的值解释这种试验方案的合理性.
[解](1)由题意可知X所有可能的取值为一1,0,1.
P(X=_l)=(l—a)四
尸(X=0)=3+(l—a)(l一份,
尸(X=l)=a(l一份.
则X的分布列为
X-101
P(1—a"a£+(l—a)(l一份a(l一份
(2)Va=0.5,夕=0.8,
.*.a=0.5X0.8=0.4,6=0.5X0.84-0.5X0.2=0.5,c=0.5X0.2=0.1.
⑴证明:,.,夕尸(2口-1+6.+。跖+1。=1,2,•••,7),
即口=0.42_1+0.5口+0.5+1«=1,2,…,7),
整理可得:5pi=4pi-i+pi+i(i=i,2,7),
:.pi+\—pi=A{pi-2,…,7),
又po=piWO,
・•・{Pi+i-Pi}«=0,1,2,…,7)是以“为首项,4为公比的等比数列•
(ii)由⑴知:pi+i~Pi=(pi—po)•4i=pi•4Z,
76
:.p8-pi=pi•4,PLP6=P1•4,(P1-p0)=pi•4°.
,CTr1—48A8_1Q
作和可得:ps-po=pi,(40+41+...+47)=^-^?1=-^-/?1=1,,pi=目,
:.p4=p4-p0=pi-(4°+41+42+43)=净1=9x6=*=击・
P4表示最终认为甲药更有效的概率.由计算结果可以看出,在甲药治愈率为0.5,
乙药治愈率为0.8时,认为甲药更有效的概率为2=嗫七0.0039,此时得出错误
结论的概率非常小,说明这种试验方案合理.
-考点三概率、统计与函数的交汇问题《规范解答
[典例3](12分)根据社会人口学研究发现,一个家庭有X个孩子的概率模型为:
X1230
a
Pa矶—p)a(l-p)2
P
其中a>0,0<夕<1.每个孩子的性别是男孩还是女孩的概率均为;且相互独立,
事件4表示一个家庭有i个孩子(i=0,1,2,3),事件8表示一个家庭的男孩比
女孩多(例如:一个家庭恰有一个男孩,则该家庭男孩多).
1
(1)若夕=5,求a及尸(8);
(2)为了调控未来人口结构,其中参数?受到各种因素的影响(例如生育保险的增
加,教育、医疗福利的增加等).
①若希望尸(X=2)增大,如何调控p的值?
②是否存在夕的值使得£(&=常请说明理由.
[规范解答](1)由题意得/a+a(—p)+a(l—2)2=1,2=也解得a=^•1分
区因为上圜'1三片©三;「
打理垃三磁(J土Cj(|)3=|.........................................................................4分
失分点:不会概率建模导致相应的概率求解错误
所以P(8)=\1>(1\]ll()=1x^+ix-^+ix^=|(z=l,2,3).・・5分
(2)①由已知§+。+研1一2)+。(1—p)2=1,
切入点:建立a与p的等量关系
变形整理得,工=p2—32+工+3.........................................................................6分
ap
1
可设一价)=。2—3。+;+3,0V。V1,
所以/'(。)=勿3要2r........................................................................................7分
故g。)在(0,D上单调递减,
因为g(o)=—i,所以gg)vo,所以13)vo,
关键点:视“p”为变量,建立函数/①),g(p)
故/(/?)在(0,1)上单调递减,所以增加夕的取值,'会减小,a增大,即P(X=2)
增大•...............................................................9分
②假设存在P使E(X)=^+2a+3a(1—p)=|,又因为^=p2—32+;+3,
将上述两等式相乘,化简整理得:5?3—6夕2+2=0,
设h(p)=5p3~6p2+2,0<p<1,
即〃0)=1522—122=32(52一4).....................................................................11分
所以〃①)在(0,§上单调递减,在G,1)上单调递增,故〃①)min=M()=||>0.
所以不存在p,使得E(X)=^............................................................................12分
名师点评该类问题常以实际生活中的概率、统计知识为背景,将概率、统计与
函数建模融合在一起,充分借助函数的性质研究相关问题的最值,可能涉及函数
的单调性、导数等知识,求解时注意合理转化.
[跟进训练]
3.(2021•新高考n卷)一种微生物群体可以经过自身繁殖不断生存下来,设一
个这种微生物为第0代,经过一次繁殖后为第1代,再经过一次繁殖后为第2
代……该微生物每代繁殖的个数是相互独立的且有相同的分布列,设X表示1
个微生物个体繁殖下一代的个数,P(X=i)=pi(i=0,1,2,3).
(1)已知"o=O.4,0=0.3,P2=0.2,pj=0.1,求E(X);
(2)设p表示该种微生物经过多代繁殖后临近灭绝的概率,p是关于x的方程po
+夕1%+72%2+23了3=%的一个最小正实根,求证:当EQ0W1时,p=l,当E(X)>1
时,7?<1;
(3)根据你的理解说明(2)问结论的实际含义.
[解](1)£(^)=OXO.4+1XO.3+2XO.2+3X0.1=1.
(2)法一(常规求导):
77O+/?1X+/?2X2+J03X3-x=0,x>0,
令/(X)=^o+/?1X+/>2X2+/73X3—X,
/'(x)=pi+2pvc+3/?3X2-1,
令g(x)=f'(x),则g'(x)=2P2+6/?3X三0,
••./◎)在(0,+8)上单调递增,
当E(&=pi+2/2+323W1时,注意到XG(O,1]时,/(x)W/U)=pi+2必+3必
—1W0,
.../(X)在(0,1]上单调递减,注意到/(1)=0,:.x=l,即夕=1.
当£(%)=21+2必+3夕3>1时,注意到/'(0)="一1<0,
r(l)=pi+222+323—1>0,
存在唯一的祝©(0,1)使/(祝)=0,且当OVxVxo时,/'(x)V0,/(x)单调递减;
当XoVxVl时,f'(x)>0,/(x)单调递增,
注意到/(O)=po>O,/(1)=0,/./(xo)</(l)=O.
.,./(x)在(0,xo)上有一个零点XI,另一个零点为1,.".p=xi<l.
法二(巧妙因式分解):
由题意知po+pi+22+23=1,E(X)=p1+2/?2+3J?3,
由/7O+/71X+/72X2+/?3X3=X=>7?O+/72X2+/?3X3-(1-/?1)X=O,
.,.;70+P2X1+/>3X3—(po+/72+/73)x=0=>7?o(1-X)+p?X(X—1)+T73X(X-l)(x+1)=0,
(X—1)[/73X2+(/72+p3)X-po]=0,
f(x)=P^+(/?2+/?3)X—7?0,/(x)的对称轴为X=—V~-<0,
2P3
注意到/(0)=-;?0<0,/(1)=2必+必一po=》+2必+3P3-l=£(X)T,
当E(X)W1时,/(1)WO,/(x)的正实根xoNl,原方程的最小正实根夕=1,
当E(X)>1时,/(1)>0,/(x)的正实根xoVl,原方程的最小正实根夕=xo〈l.
(3)当1个微生物个体繁殖下一代的期望小于等于1时,这种微生物经过多代繁
殖后临近灭绝,当1个微生物个体繁殖下一代的期望大于1时,这种微生物经过
多代繁殖后还有继续繁殖的可能.
【教师备选资源】
踢健子在我国流传很广,有着悠久的历史,是一项传统民间体育活动.某次体育
课上,甲、乙、丙、丁四人一起踢毯子.僚子在四人中传递,先从甲开始,甲传
给乙、丙、丁的概率均为热当乙接到僚子时,乙传给甲、丙、丁的概率分别为1
,;;当丙接到径子时,丙传给甲、乙、丁的概率分别为:,;,;;当丁接到径
子时,丁传给甲、乙、丙的概率分别为:,"假设建子一直没有掉地上,经过
36Z
〃次传健子后,健子被甲、乙、丙、丁接到的概率分别为斯,bn,Cn,dn,已知
Ql=0.
⑴记丁在前2次传僚子中,接到径子的次数为X,求X的分布列;
⑵证明{册-}为等比数列,并判断经过150次传犍子后甲接到僚子的概率与I
的大小.
[解](1)X的所有可能取值为0,1,
P(X=l)=1-+2X-1x-1=A-,
所以X的分布列为
X01
54
p
99
⑵当〃三2且〃©N*时,
=
an-^bn-\
bn=^n-\+-zCn-\
金=石。〃-1+力〃_1+于/〃_1,
=
-\+cn-\~\~dn-\)an-\-\~2an,
因为Cln=-bn-\-\~-Cn-l~\~-dn-\,所以3斯+1=6〃+。“+&/,
3a力+i及—1,所以3a”I1,
因为41=0,«2=-,所以3。"+斯_1=1,
1
所以
an-l-7§
所以{册一;}是首项为一:,公比q=一;的等比数列,
11n—1
所以4
111
-十-
44
149
所匕乙以、,050=-黄1/-弓1\)+।;1=;1><
\3744'
故经过150次传谶子后甲接到趟子的概率大于2
4
课时分层作业(七十二)概率、统计的综合
问题
[A组在基础中考查学科功底]
1.为调查我校学生的用电情况,学校后勤部门抽取了100间学生宿舍在某月的
用电量,发现每间宿舍的用电量都在50kW-h到350kW•h之间,将其分组为
[50,100),[100,150),[150,200),[200,250),[250,300),[300,350],得
到如图所示的频率分布直方图.
⑴为降低能源损耗,节约用电,规定:当每间宿舍的月用电量不超过200kW・h
时,按每度0.5元收取费用;当每间宿舍的月用电量超过200kW・h时,超过部
分按每千瓦时1元收取费用.用/(单位:kW•h)表示某宿舍的月用电量,用y(单
位:元)表示该宿舍的月用电费用,求y与f之间的函数关系式;
(2)在抽取的100间学生宿舍中,月用电量在区间[200,250)内的学生宿舍有多少
间?
[解](1)根据题意,得当50W/W200时,月用电费用为>=0.5/;
当/>200时,月用电费用为y=200X0.5+。一200)X1=7—100.
,…人(0.51,50Wt<200,
综上,佰舍的月用电费用为
It-100,t>200.
(2)因为月用电量在[200,250)内的频率为50x=1-(0.0060+0.0036+0.0024+
0.0024+0.0012)X50=1-0.0156X50=0.22,所以月用电量在[200,250)内的
宿舍有100X0.22=22(间).
2.(2024•湖北武汉江汉区开学考试)某学校为了了解老师对“民法典”知识的
认知程度,针对不同年龄的老师举办了一次“民法典”知识竞答,满分100分(95
分及以上为认知程度高),结果认知程度高的有机人,按年龄分成5组,其中第
一组:[20,25),第二组:[25,30),第三组:[30,35),第四组:[35,40),第
五组:[40,45],得到如图所示的频率分布直方图,已知第一组有10人.
(1)根据频率分布直方图,估计这机人年龄的第75百分位数;
⑵现从以上各组中用分层随机抽样的方法抽取40人,担任“民法典”知识的宣
传使者.
①若有甲(年龄23),乙(年龄43)2人已确定人选宣传使者,现计划从第一组和第
五组被抽到的使者中,再随机抽取2名作为组长,求甲、乙两人恰有一人被选上
的概率;
②若第四组宣传使者的年龄的平均数与方差分别为36和1,第五组宣传使者的
年龄的平均数与方差分别为42和2,据此估计这他人中35〜45岁所有人的年龄
的方差.
[解](1)不妨设第75百分位数为a,
此时5X(0.01+0.07+0.06)+(4—35)X0.04=0.75,
解得a=36.25.
(2)由条件可知,第一、二、三、四、五组应分别抽取2人,14人,12人,8人,
4人.
①第一•组应抽取2人,记为A,甲,
第五组抽取4人,记为B,C,D,乙,
此时对应的样本空间为。={(A,B),(A,C),(A,D),(A,甲),(A,乙),(B,
C),(B,D),(B,甲),(B,乙),(C,甲),(C,乙),(C,D),(D,甲),(D,乙),
(甲,乙)},共15个样本点,
记“甲、乙两人恰有一人被选上”为事件〃,
此时/={(A,甲),(A,乙),(B,甲),(B,乙),(C,甲),(C,乙),(D,甲),
(D,乙)},共8个样本点,
贝U甲、乙两人恰有一人被选上的概率尸须=言
②设第四组,第五组的宣传使者的年龄的平均数分别为幻口方差分别为§2,52,
此时元=36,7=42,$2=1,s'2=2,
设第四组和第五组所有宣传使者的年龄平均数为N,方差为sE
8x,4y8x36+4x42r。
此时Z=——F—=-----------=38,
121212'
"2_8(S2+(AZ)2)+4(S'2+(广力2)
S12
_8(1+(36-38户)+4(2+(42-38)2)_28
12-3'
故这机人中35—45岁所有人的年龄的方差为g.
3.(2024•黑龙江哈尔滨开学考试)某校设置了篮球挑战项目,现在从本校学生
中随机抽取了60名男生和40名女生共100人进行调查,统计出愿意接受挑战和
不愿意接受挑战的男女生比例情况,具体数据如图表:
□男生
□女生
(1)根据条件完成下列2X2列联表:
接受挑战情况
性别合计
愿意不愿意
男生
女生
合计
(2)根据2X2列联表,依据小概率值a=0.01的独立性检验,分析该校学生是否
愿意接受挑战与性别有关;
(3)挑战项目共有两关,规定:挑战过程依次进行,每一关都有两次机会挑战,
通过第一关后才有资格参与第二关的挑战,若甲参加第一关的每一次挑战通过的
概率均为;,参加第二关的每一次挑战通过的概率均为3且每轮每次挑战是否通
过相互独立.记甲通过的关数为X,求X的分布列和数学期望.
参考公式与数据:
9n(ad—bc)2...
X7777777V7,7T9〃〃十b十C十Cl.
人(a+b)(c+d)(a+c)(b+d)
a0.10.050.0100.0050.001
Xa2.7063.8416.6357.87910.828
[解](1)根据条件得2X2列联表如表所示.
接受挑战情况
性别合计
愿意不愿意
男生154560
女生202040
合计3565100
⑵零假设为〃0:该校学生是否愿意接受挑战与性别无关,根据列联表的数据,
K-f'»耕,日右,[9100x(15x20—20x45)2/「
经计算得到%2=;=6.593<6-635=xo.oi,
八35x65x60x40
依据小概率值a=0.01的独立性检验,没有充分理由证据推断为不成立,因此可
以认为M成立,即认为该校学生是否愿意接受挑战与性别无关.
(3)记甲第z,次通过第一关为4"=1,2),第z,次通过第二关为A(i=l,2),
由题意得,X的可能取值为0,1,2,
尸(X=0)=尸
尸(X=l)=尸(41B$2)+尸(&出8/2)=器xg+衿x|x„
尸(X=2)=尸(Zi8i)+P(Z1瓦82)+P(A[AiBx)+P(不加瓦82)
11,121,111,11215
=-X—十一X一X一十一X-X一十一X-X-X—=—
23233223223312’
故X的分布列为
X012
115
P
4312
11q7
所以£(工)=0><(+1></+2乂卷=£
4.(2023•广东茂名二模)马尔可夫链是因俄国数学家安德烈•马尔可夫得名,
其过程具备“无记忆”的性质,即第〃+1次状态的概率分布只跟第〃次的状态
有关,与第〃一1,〃一2,〃一3,…次状态是“没有任何关系的”.现有甲、乙
两个盒子,盒子中都有大小、形状、质地相同的2个红球和1个黑球.从两个盒
子中各任取一个球交换,重复进行〃(〃©N*)次操作后,记甲盒子中黑球个数为
X”,甲盒中恰有1个黑球的概率为念,恰有2个黑球的概率为从.求:
(1闵的分布列;
(2)数列{斯}的通项公式;
(3间的期望.
[解](1)由题可知,Xi的可能取值为0,1,2.由相互独立事件概率乘法公式可
知:P(Xi=0)=|x|=|,P(Xi=l)=|xi+|x|=|,P(Xi=2)=|x|=|,
故Xi的分布列为
X1012
252
p
999
(2)由全概率公式可知:
尸(不+1=1)=0(乂=1)•尸(X,+i=1曷=1)+P(X,=2)•P(不+尸1|不=2)+P("产
0)・尸(不+1=1及=0)
=GX扛"|>(X=1)+(1X1)P(X=2)+(1X|)P(X=O)
q7?
=#(怎=1)+7(不=2)+丁(不=0),
q7?
即tz«+i=-^+-^+-(l—an—bn),
12
所以斯+i=--an+~,
所以1—春=—[(an-§,
532
又ai=P(Xi=l)=d,ai
yD
3'以一刍为首项,以一二为公比的等比数列,
459
匕匕、,(-广・(-犷
所以斯一三3=一石2
2?1\Tl
即an=~+--
(3)由全概率公式可得:
尸(不+I=2)=尸(的=1)•P(刘+尸2照=1)+P(%,=2)•P(刘+i=2照=2)+尸(X尸
0)-P(X+i=2|X=0)=(|x|)•P(羽=1)+Qx1)•P(X=2)+0XP(X,=0),
21
即儿+1=3即+/7,
__3,2(l\n
又许。+=x(一§),
2
所以=;瓦+:+X
bn+1XE5-
2
又bi=P(X=2)=;,
11
所以从一三十三又
所以儿一'+'x(一3=0,
所以儿W,
所以£(苞)=斯+2为+0*(1—an—bn)=Cln+2bn=1.
[B组在综合中考查关键能力]
5.(2024•广东实验中学模拟)为了检测某种抗病毒疫苗的免疫效果,需要进行
动物与人体试验.研究人员将疫苗注射到200只小白鼠体内,一段时间后测量小
白鼠的某项指标值,按[0,20),[20,40),[40,60),[60,80),[80,100]分组,
绘制频率分布直方图如图所示,试验发现小白鼠体内产生抗体的共有160只,其
中该项指标值不小于60的有110只,假设小白鼠注射疫苗后是否产生抗体相互
独立.
(1)填写下面的2X2列联表,并根据列联表及a=0.05的独立性检验,判断能否
认为注射疫苗后小白鼠产生抗体与指标值不小于60有关.
指标值
抗体合计
小于60不小于60
有抗体
没有抗体
合计
(2)为检验疫苗二次接种的免疫抗体性,对第一次注射疫苗后没有产生抗体的40
只小白鼠进行第二次注射疫苗,结果又有20只小白鼠产生抗体.
①用频率估计概率,求一只小白鼠注射2次疫苗后产生抗体的概率p;
②以①中确定的概率p作为人体注射2次疫苗后产生抗体的概率,进行人体接种
试验,记〃个人注射2次疫苗后产生抗体的数量为随机变量X试验后统计数据
显示,当X=99时,P(㈤取最大值,求参加人体接种试验的人数〃.
参考公式.72=--------n(a"bc)2----苴中
,少么队.%(a+b)(c+d)(a+c)(b+d)'八十"="丁。丁。丁々.
a0.0500.0100.001
Xa3.8416.63510.828
[解](1)由频率分布直方图,知200只小白鼠按指标值分布为:
在[0,20)内有0.0025X20X200=10(只);
在[20,40)内有0.00625X20X200=25(只);
在[40,60)内有0.00875X20X200=35(只);
在[60,80)内有0.025X20X200=100(只),
在[80,100]内有0.0075X20X200=30(只).
由题意,有抗体且指标值小于60的有50只,
而指标值小于60的小白鼠共有10+25+35=70只,
所以指标值小于60且没有抗体的小白鼠有20只,
同理,指标值不小于60且没有抗体的小白鼠有20只,
故列联表如表所示.
指标值
抗体合计
小于60不小于60
有抗体50110160
没有抗体202040
合计70130200
零假设为面:注射疫苗后小白鼠产生抗体与指标值不小于60无关联.
根据列联表中数据,得六笔黑蒜臀“945>3.841=x°g
根据a=0.05的独立性检验,推断为不成立,
即
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