概率、统计的综合问题-2025年高考数学一轮复习(解析版)_第1页
概率、统计的综合问题-2025年高考数学一轮复习(解析版)_第2页
概率、统计的综合问题-2025年高考数学一轮复习(解析版)_第3页
概率、统计的综合问题-2025年高考数学一轮复习(解析版)_第4页
概率、统计的综合问题-2025年高考数学一轮复习(解析版)_第5页
已阅读5页,还剩15页未读 继续免费阅读

下载本文档

版权说明:本文档由用户提供并上传,收益归属内容提供方,若内容存在侵权,请进行举报或认领

文档简介

第4课时概率、统计的综合问题

[典例精研•核心考点]重难解惑•直击高考

考点一以统计图表为载体的概率统计问题

[典例1](2022•新高考n卷)在某地区进行流行病学调查,随机调查了100位某

种疾病患者的年龄,得到如下的样本数据的频率分布直方图.

频率/组距

0.023---------------------

0.020-------------------------------

0.017------------------------------------

0.012---------1-

0.006------------------------------------------

0.002

0.001~!一十一寸一1一十~--二______.

0102030405060708090年龄/岁

(1)估计该地区这种疾病患者的平均年龄(同一组中的数据用该组区间的中点值作

代表);

(2)估计该地区一位这种疾病患者的年龄位于区间[20,70)的概率;

(3)已知该地区这种疾病的患病率为0.1%,该地区年龄位于区间[40,50)的人口

占该地区总人口的16%,从该地区中任选一人,若此人的年龄位于区间[40,50),

求此人患这种疾病的概率(以样本数据中患者的年龄位于各区间的频率作为患者

的年龄位于该区间的概率,精确到0.0001).

[解](1)该地区这种疾病患者的平均年龄元=(5*0.001+15X0.002+25X0.012

+35X0.017+45X0.023+55X0.020+65X0.017+75X0.006+85X0.002)X10

=47.9(岁).

⑵设2={一人患这种疾病的年龄在区间[20,70)},则尸⑷=1一尸(%)=1—(0.001

+0.002+0.006+0.002)X10=1-0.11=0.89.

(3)设5={任选一人年龄位于区间[40,50)},C={任选一人患这种疾病},则由

条件概率公式,得P(C⑻=需=0.1%*片10=000J4375心0.0014.

P\B)16%

名师点评该类问题常常借助图形或表格,将文字、图表、数据等融为一体,考

查考生的直观想象和数学建模素养,求解的关键是立足题干提取信息,结合统计

的相关知识进行数据分析或结合概率模型求解相应概率.

[跟进训练]

1.某学校号召学生参加“每天锻炼1小时”活动,为了了解学生参与活动的情

况,随机调查了100名学生一个月(30天)完成锻炼活动的天数,制成如下频数分

布表:

天数[0,5)[5,10)[10,15)[15,20)[20,25)[25,30]

人数4153331116

⑴由频数分布表可以认为,学生参加体育锻炼天数X近似服从正态分布

其中〃近似为样本的平均数(每组数据取区间的中间值),且。=6.1,若全校有3000

名学生,求参加“每天锻炼1小时”活动超过21天的人数(精确到1);

(2)调查数据表明,参加“每天锻炼1小时”活动的天数在[15,30]的学生中有30

名男生,天数在[0,15)的学生中有20名男生,学校对当月参加“每天锻炼1小

时”活动不低于15天的学生授予“运动达人”称号.请填写下面列联表:

活动天数

性别合计

[0,15)[15,30]

男生

女生

合计

并依据小概率值a=0.05的独立性检验,能否认为学生性别与获得“运动达人”

称号有关联.如果结论是有关联,请解释它们之间如何相互影响.

参考数据:若X〜N",/),则尸口一心0.6827,

尸〃+2o■户0.9545,

尸(u—3<7WXW〃+3O)q0.9973.

附.?2=_____<ad-bcY__

叫(a+b)(c+d)(a+c)(b+d)'n=a+b+c+d

a0.0500.0100.001

Xa3.8416.63510.828

[解](1)由频数分布表知

1

/z=^X(4X2.5+15X7.5+33X12.5+31X17.5+11X22.5+6X27.5)=14.9,

则矛〜N(14.9,6.12),

:尸〃一oWXW〃+Q心0.6827,

.,.尸(X>21)=P(X>14.9+6.1)=^|^=0]5865,

A3000X0.15865=475.95=476,

・•.参加“每天锻炼1小时”活动超过21天的人数约为476.

(2)由频数分布表知,锻炼活动的天数在[0,15)的人数为4+15+33=52,

•.♦参加“每天锻炼1小时”活动的天数在[0,15)的学生中有20名男生,

,参加“每天锻炼1小时”活动的天数在[0,15)的学生中女生人数为52-20=

32.

由频数分布表知,锻炼活动的天数在[15,30]的人数为31+11+6=48,

•.♦参加“每天锻炼1小时”活动的天数在[15,30]的学生中有30名男生,

参加“每天锻炼1小时”活动的天数在[15,30]的学生中女生人数为48-30

=18.

列联表如下:

活动天数

性别

[0,15)[15,30]合计

男生203050

女生321850

合计5248100

零假设为Ho:学生性别与获得“运动达人”称号无关,

2100x(30x32-20x18)2

^5.769>3.841,

50x50x52x48

依据a=0.05的独立性检验,我们推断//o不成立,

即可以认为学生性别与获得“运动达人”称号有关,

而且此推断犯错误的概率不大于0.05.

根据列联表中的数据得到,男生、女生中活动天数不低于15天的频率分别为4

=0.6和0.36,可见男生中获得“运动达人”称号的频率是女生中获得“运动

达人”称号频率的当心1.67倍,于是依据频率稳定与概率的原理,我们可以认

为男生获得“运动达人”的概率大于女生,即男生更容易获得“运动达人”称号.

考点二概率'统计与数列的综合问题

[典例2](2023•新高考I卷)甲、乙两人投篮,每次由其中一人投篮,规则如下:

若命中则此人继续投篮,若未命中则换为对方投篮.无论之前投篮情况如何,甲

每次投篮的命中率均为0.6,乙每次投篮的命中率均为0.8.由抽签确定第1次投

篮的人选,第1次投篮的人是甲、乙的概率各为0.5.求:

(1)第2次投篮的人是乙的概率.

(2)第z,次投篮的人是甲的概率.

(3)已知:若随机变量X服从两点分布,且尸(X=1)=1—P(X=0)=勿,i=1,2,…,

n,则£(9而)=Y,小记前n次(即从第1次到第n次投篮)中甲投篮的次数为

Y,求E(Q.

[解](1)记''第2次投篮的人是乙”为事件2,“第1次投篮的人是甲”为事件8,

则A=BA+BA,

所以P(Z)=P(及4+月4)=P(B4)+P(a2)=P(B)P(4|B)+P(R)P(4出)=0.5X(1

-0.6)+0.5X0.8=0.6.

(2)设第,次投篮的人是甲的概率为口,由题意可知,夕"1=2*0.6+(1—

21

㈤X(1—0.8),即口+1=0.电+0.2=/+丁

所以p,+i_;=([»一;),

又pi—所以数列{pt—;}是以3为首项,|为公比的等比数列,

在、,i-1

所以P,一1,=1ZX(ZJ2\,

3O\3/

所以+.

(3)设第z次投篮时甲投篮的次数为X,则X的可能取值为0或1,当X,=0时,

表示第z,次投篮的人是乙,当X=1时,表示第z,次投篮的人是甲,所以P(X=1)

=Pi,P(Xi=0)=l—pi,所以£(X)=P"

后为+刘+为+…+的,

则E(Y)=E(X\+Xi+X^-\PX7)=pi+&+p3H\-pn,

由(2)知,A=|+1x(I),

所以E(y)=pi+pz+p3H----F/?„=^+1xi+1++,,,+(1)+1x

名师点评解答此类问题关键是借助概率知识(如相互独立事件的概率公式、条件

概率的公式等)建立尸〃+1与Pn的递推关系,然后利用数列知识(一般是构造法)求

解.

[跟进训练]

2.(2024•山东青岛开学考试)某篮球赛事采取四人制形式.在一次战术训练中,

甲、乙、丙、丁四名队员进行传球训练,第1次由甲将球传出,每次传球时,传

球者都等可能地将球传给另外三人中的任何一人.〃次传球后,记事件“乙、丙、

丁三人均接过传出来的球”发生的概率为尸".

⑴求尸3;

(2)当〃=3时,记乙、丙、丁三人中接过传出来的球的人数为X,求随机变量X

的分布列及数学期望;

(3)当时,证明:P“=3+|F“-I一+.

[解](1)乙、丙、丁三人每次接到传球的概率均为《3次传球后,事件“乙、丙、

丁三人均接过传出来的球”发生的概率为尸3=禺x(1)3=|,

(2)由题意知,X的可能取值为1,2,3,

3

P(X=1)=3X(|)=1

P(X=3)=房xQ)3=1,

2

尸(X=2)=1~P(X=l)-P(X=3)=j,

X的分布列为

X123

122

p

939

1??IQ

£(^)=lX-+2X-+3X-=-

(3)证明:〃次传球后乙、丙、丁三人均接过他人传球,有两种情况,

第一种:〃一1次传球后乙、丙、丁三人均接过他人传球,这种情况的概率为P”

-1;

第二种:〃一1次传球后乙、丙、丁中只有两人接过他人传球,第〃次传球时将

球传给剩余一人,这种情况的概率为(1—Pn-l-3X+)x|.

所以,当〃》4时,Pn=Pn-i+(l—Pn_X—3X|=|+

所以=[+|尸„-l-

【教师备选资源】

(2019•全国I卷)为治疗某种疾病,研制了甲、乙两种新药,希望知道哪种新药

更有效,为此进行动物试验.试验方案如下:每一轮选取两只白鼠对药效进行对

比试验.对于两只白鼠,随机选一只施以甲药,另一只施以乙药.一轮的治疗结

果得出后,再安排下一轮试验.当其中一种药治愈的白鼠比另一种药治愈的白鼠

多4只时,就停止试验,并认为治愈只数多的药更有效.为了方便描述问题,约

定:对于每轮试验,若施以甲药的白鼠治愈且施以乙药的白鼠未治愈则甲药得1

分,乙药得一1分;若施以乙药的白鼠治愈且施以甲药的白鼠未治愈则乙药得1

分,甲药得一1分;若都治愈或都未治愈则两种药均得0分.甲、乙两种药的治

愈率分别记为a和川,一轮试验中甲药的得分记为X.

(1)求X的分布列;

(2)若甲药、乙药在试验开始时都赋予4分,口0=0,1,…,8)表示“甲药的累

计得分为z,时,最终认为甲药比乙药更有效”的概率,则po=O,小=1,Pi=aPi

」+奶+⑦+i(i=l,2,…,7),其中a=P(X=—1),b=P(X=0),c=P(X=l).假

设a=0.5,8=0.8.

(i)证明:3+i—口}«=0,1,2,…,7)为等比数列;

(ii)求P4,并根据P4的值解释这种试验方案的合理性.

[解](1)由题意可知X所有可能的取值为一1,0,1.

P(X=_l)=(l—a)四

尸(X=0)=3+(l—a)(l一份,

尸(X=l)=a(l一份.

则X的分布列为

X-101

P(1—a"a£+(l—a)(l一份a(l一份

(2)Va=0.5,夕=0.8,

.*.a=0.5X0.8=0.4,6=0.5X0.84-0.5X0.2=0.5,c=0.5X0.2=0.1.

⑴证明:,.,夕尸(2口-1+6.+。跖+1。=1,2,•••,7),

即口=0.42_1+0.5口+0.5+1«=1,2,…,7),

整理可得:5pi=4pi-i+pi+i(i=i,2,7),

:.pi+\—pi=A{pi-2,…,7),

又po=piWO,

・•・{Pi+i-Pi}«=0,1,2,…,7)是以“为首项,4为公比的等比数列•

(ii)由⑴知:pi+i~Pi=(pi—po)•4i=pi•4Z,

76

:.p8-pi=pi•4,PLP6=P1•4,(P1-p0)=pi•4°.

,CTr1—48A8_1Q

作和可得:ps-po=pi,(40+41+...+47)=^-^?1=-^-/?1=1,,pi=目,

:.p4=p4-p0=pi-(4°+41+42+43)=净1=9x6=*=击・

P4表示最终认为甲药更有效的概率.由计算结果可以看出,在甲药治愈率为0.5,

乙药治愈率为0.8时,认为甲药更有效的概率为2=嗫七0.0039,此时得出错误

结论的概率非常小,说明这种试验方案合理.

-考点三概率、统计与函数的交汇问题《规范解答

[典例3](12分)根据社会人口学研究发现,一个家庭有X个孩子的概率模型为:

X1230

a

Pa矶—p)a(l-p)2

P

其中a>0,0<夕<1.每个孩子的性别是男孩还是女孩的概率均为;且相互独立,

事件4表示一个家庭有i个孩子(i=0,1,2,3),事件8表示一个家庭的男孩比

女孩多(例如:一个家庭恰有一个男孩,则该家庭男孩多).

1

(1)若夕=5,求a及尸(8);

(2)为了调控未来人口结构,其中参数?受到各种因素的影响(例如生育保险的增

加,教育、医疗福利的增加等).

①若希望尸(X=2)增大,如何调控p的值?

②是否存在夕的值使得£(&=常请说明理由.

[规范解答](1)由题意得/a+a(—p)+a(l—2)2=1,2=也解得a=^•1分

区因为上圜'1三片©三;「

打理垃三磁(J土Cj(|)3=|.........................................................................4分

失分点:不会概率建模导致相应的概率求解错误

所以P(8)=\1>(1\]ll()=1x^+ix-^+ix^=|(z=l,2,3).・・5分

(2)①由已知§+。+研1一2)+。(1—p)2=1,

切入点:建立a与p的等量关系

变形整理得,工=p2—32+工+3.........................................................................6分

ap

1

可设一价)=。2—3。+;+3,0V。V1,

所以/'(。)=勿3要2r........................................................................................7分

故g。)在(0,D上单调递减,

因为g(o)=—i,所以gg)vo,所以13)vo,

关键点:视“p”为变量,建立函数/①),g(p)

故/(/?)在(0,1)上单调递减,所以增加夕的取值,'会减小,a增大,即P(X=2)

增大•...............................................................9分

②假设存在P使E(X)=^+2a+3a(1—p)=|,又因为^=p2—32+;+3,

将上述两等式相乘,化简整理得:5?3—6夕2+2=0,

设h(p)=5p3~6p2+2,0<p<1,

即〃0)=1522—122=32(52一4).....................................................................11分

所以〃①)在(0,§上单调递减,在G,1)上单调递增,故〃①)min=M()=||>0.

所以不存在p,使得E(X)=^............................................................................12分

名师点评该类问题常以实际生活中的概率、统计知识为背景,将概率、统计与

函数建模融合在一起,充分借助函数的性质研究相关问题的最值,可能涉及函数

的单调性、导数等知识,求解时注意合理转化.

[跟进训练]

3.(2021•新高考n卷)一种微生物群体可以经过自身繁殖不断生存下来,设一

个这种微生物为第0代,经过一次繁殖后为第1代,再经过一次繁殖后为第2

代……该微生物每代繁殖的个数是相互独立的且有相同的分布列,设X表示1

个微生物个体繁殖下一代的个数,P(X=i)=pi(i=0,1,2,3).

(1)已知"o=O.4,0=0.3,P2=0.2,pj=0.1,求E(X);

(2)设p表示该种微生物经过多代繁殖后临近灭绝的概率,p是关于x的方程po

+夕1%+72%2+23了3=%的一个最小正实根,求证:当EQ0W1时,p=l,当E(X)>1

时,7?<1;

(3)根据你的理解说明(2)问结论的实际含义.

[解](1)£(^)=OXO.4+1XO.3+2XO.2+3X0.1=1.

(2)法一(常规求导):

77O+/?1X+/?2X2+J03X3-x=0,x>0,

令/(X)=^o+/?1X+/>2X2+/73X3—X,

/'(x)=pi+2pvc+3/?3X2-1,

令g(x)=f'(x),则g'(x)=2P2+6/?3X三0,

••./◎)在(0,+8)上单调递增,

当E(&=pi+2/2+323W1时,注意到XG(O,1]时,/(x)W/U)=pi+2必+3必

—1W0,

.../(X)在(0,1]上单调递减,注意到/(1)=0,:.x=l,即夕=1.

当£(%)=21+2必+3夕3>1时,注意到/'(0)="一1<0,

r(l)=pi+222+323—1>0,

存在唯一的祝©(0,1)使/(祝)=0,且当OVxVxo时,/'(x)V0,/(x)单调递减;

当XoVxVl时,f'(x)>0,/(x)单调递增,

注意到/(O)=po>O,/(1)=0,/./(xo)</(l)=O.

.,./(x)在(0,xo)上有一个零点XI,另一个零点为1,.".p=xi<l.

法二(巧妙因式分解):

由题意知po+pi+22+23=1,E(X)=p1+2/?2+3J?3,

由/7O+/71X+/72X2+/?3X3=X=>7?O+/72X2+/?3X3-(1-/?1)X=O,

.,.;70+P2X1+/>3X3—(po+/72+/73)x=0=>7?o(1-X)+p?X(X—1)+T73X(X-l)(x+1)=0,

(X—1)[/73X2+(/72+p3)X-po]=0,

f(x)=P^+(/?2+/?3)X—7?0,/(x)的对称轴为X=—V~-<0,

2P3

注意到/(0)=-;?0<0,/(1)=2必+必一po=》+2必+3P3-l=£(X)T,

当E(X)W1时,/(1)WO,/(x)的正实根xoNl,原方程的最小正实根夕=1,

当E(X)>1时,/(1)>0,/(x)的正实根xoVl,原方程的最小正实根夕=xo〈l.

(3)当1个微生物个体繁殖下一代的期望小于等于1时,这种微生物经过多代繁

殖后临近灭绝,当1个微生物个体繁殖下一代的期望大于1时,这种微生物经过

多代繁殖后还有继续繁殖的可能.

【教师备选资源】

踢健子在我国流传很广,有着悠久的历史,是一项传统民间体育活动.某次体育

课上,甲、乙、丙、丁四人一起踢毯子.僚子在四人中传递,先从甲开始,甲传

给乙、丙、丁的概率均为热当乙接到僚子时,乙传给甲、丙、丁的概率分别为1

,;;当丙接到径子时,丙传给甲、乙、丁的概率分别为:,;,;;当丁接到径

子时,丁传给甲、乙、丙的概率分别为:,"假设建子一直没有掉地上,经过

36Z

〃次传健子后,健子被甲、乙、丙、丁接到的概率分别为斯,bn,Cn,dn,已知

Ql=0.

⑴记丁在前2次传僚子中,接到径子的次数为X,求X的分布列;

⑵证明{册-}为等比数列,并判断经过150次传犍子后甲接到僚子的概率与I

的大小.

[解](1)X的所有可能取值为0,1,

P(X=l)=1-+2X-1x-1=A-,

所以X的分布列为

X01

54

p

99

⑵当〃三2且〃©N*时,

=

an-^bn-\

bn=^n-\+-zCn-\

金=石。〃-1+力〃_1+于/〃_1,

=

-\+cn-\~\~dn-\)an-\-\~2an,

因为Cln=-bn-\-\~-Cn-l~\~-dn-\,所以3斯+1=6〃+。“+&/,

3a力+i及—1,所以3a”I1,

因为41=0,«2=-,所以3。"+斯_1=1,

1

所以

an-l-7§

所以{册一;}是首项为一:,公比q=一;的等比数列,

11n—1

所以4

111

-十-

44

149

所匕乙以、,050=-黄1/-弓1\)+।;1=;1><

\3744'

故经过150次传谶子后甲接到趟子的概率大于2

4

课时分层作业(七十二)概率、统计的综合

问题

[A组在基础中考查学科功底]

1.为调查我校学生的用电情况,学校后勤部门抽取了100间学生宿舍在某月的

用电量,发现每间宿舍的用电量都在50kW-h到350kW•h之间,将其分组为

[50,100),[100,150),[150,200),[200,250),[250,300),[300,350],得

到如图所示的频率分布直方图.

⑴为降低能源损耗,节约用电,规定:当每间宿舍的月用电量不超过200kW・h

时,按每度0.5元收取费用;当每间宿舍的月用电量超过200kW・h时,超过部

分按每千瓦时1元收取费用.用/(单位:kW•h)表示某宿舍的月用电量,用y(单

位:元)表示该宿舍的月用电费用,求y与f之间的函数关系式;

(2)在抽取的100间学生宿舍中,月用电量在区间[200,250)内的学生宿舍有多少

间?

[解](1)根据题意,得当50W/W200时,月用电费用为>=0.5/;

当/>200时,月用电费用为y=200X0.5+。一200)X1=7—100.

,…人(0.51,50Wt<200,

综上,佰舍的月用电费用为

It-100,t>200.

(2)因为月用电量在[200,250)内的频率为50x=1-(0.0060+0.0036+0.0024+

0.0024+0.0012)X50=1-0.0156X50=0.22,所以月用电量在[200,250)内的

宿舍有100X0.22=22(间).

2.(2024•湖北武汉江汉区开学考试)某学校为了了解老师对“民法典”知识的

认知程度,针对不同年龄的老师举办了一次“民法典”知识竞答,满分100分(95

分及以上为认知程度高),结果认知程度高的有机人,按年龄分成5组,其中第

一组:[20,25),第二组:[25,30),第三组:[30,35),第四组:[35,40),第

五组:[40,45],得到如图所示的频率分布直方图,已知第一组有10人.

(1)根据频率分布直方图,估计这机人年龄的第75百分位数;

⑵现从以上各组中用分层随机抽样的方法抽取40人,担任“民法典”知识的宣

传使者.

①若有甲(年龄23),乙(年龄43)2人已确定人选宣传使者,现计划从第一组和第

五组被抽到的使者中,再随机抽取2名作为组长,求甲、乙两人恰有一人被选上

的概率;

②若第四组宣传使者的年龄的平均数与方差分别为36和1,第五组宣传使者的

年龄的平均数与方差分别为42和2,据此估计这他人中35〜45岁所有人的年龄

的方差.

[解](1)不妨设第75百分位数为a,

此时5X(0.01+0.07+0.06)+(4—35)X0.04=0.75,

解得a=36.25.

(2)由条件可知,第一、二、三、四、五组应分别抽取2人,14人,12人,8人,

4人.

①第一•组应抽取2人,记为A,甲,

第五组抽取4人,记为B,C,D,乙,

此时对应的样本空间为。={(A,B),(A,C),(A,D),(A,甲),(A,乙),(B,

C),(B,D),(B,甲),(B,乙),(C,甲),(C,乙),(C,D),(D,甲),(D,乙),

(甲,乙)},共15个样本点,

记“甲、乙两人恰有一人被选上”为事件〃,

此时/={(A,甲),(A,乙),(B,甲),(B,乙),(C,甲),(C,乙),(D,甲),

(D,乙)},共8个样本点,

贝U甲、乙两人恰有一人被选上的概率尸须=言

②设第四组,第五组的宣传使者的年龄的平均数分别为幻口方差分别为§2,52,

此时元=36,7=42,$2=1,s'2=2,

设第四组和第五组所有宣传使者的年龄平均数为N,方差为sE

8x,4y8x36+4x42r。

此时Z=——F—=-----------=38,

121212'

"2_8(S2+(AZ)2)+4(S'2+(广力2)

S12

_8(1+(36-38户)+4(2+(42-38)2)_28

12-3'

故这机人中35—45岁所有人的年龄的方差为g.

3.(2024•黑龙江哈尔滨开学考试)某校设置了篮球挑战项目,现在从本校学生

中随机抽取了60名男生和40名女生共100人进行调查,统计出愿意接受挑战和

不愿意接受挑战的男女生比例情况,具体数据如图表:

□男生

□女生

(1)根据条件完成下列2X2列联表:

接受挑战情况

性别合计

愿意不愿意

男生

女生

合计

(2)根据2X2列联表,依据小概率值a=0.01的独立性检验,分析该校学生是否

愿意接受挑战与性别有关;

(3)挑战项目共有两关,规定:挑战过程依次进行,每一关都有两次机会挑战,

通过第一关后才有资格参与第二关的挑战,若甲参加第一关的每一次挑战通过的

概率均为;,参加第二关的每一次挑战通过的概率均为3且每轮每次挑战是否通

过相互独立.记甲通过的关数为X,求X的分布列和数学期望.

参考公式与数据:

9n(ad—bc)2...

X7777777V7,7T9〃〃十b十C十Cl.

人(a+b)(c+d)(a+c)(b+d)

a0.10.050.0100.0050.001

Xa2.7063.8416.6357.87910.828

[解](1)根据条件得2X2列联表如表所示.

接受挑战情况

性别合计

愿意不愿意

男生154560

女生202040

合计3565100

⑵零假设为〃0:该校学生是否愿意接受挑战与性别无关,根据列联表的数据,

K-f'»耕,日右,[9100x(15x20—20x45)2/「

经计算得到%2=­;=6.593<6-635=xo.oi,

八35x65x60x40

依据小概率值a=0.01的独立性检验,没有充分理由证据推断为不成立,因此可

以认为M成立,即认为该校学生是否愿意接受挑战与性别无关.

(3)记甲第z,次通过第一关为4"=1,2),第z,次通过第二关为A(i=l,2),

由题意得,X的可能取值为0,1,2,

尸(X=0)=尸

尸(X=l)=尸(41B$2)+尸(&出8/2)=器xg+衿x|x„

尸(X=2)=尸(Zi8i)+P(Z1瓦82)+P(A[AiBx)+P(不加瓦82)

11,121,111,11215

=-X—十一X一X一十一X-X一十一X-X-X—=—

23233223223312’

故X的分布列为

X012

115

P

4312

11q7

所以£(工)=0><(+1></+2乂卷=£

4.(2023•广东茂名二模)马尔可夫链是因俄国数学家安德烈•马尔可夫得名,

其过程具备“无记忆”的性质,即第〃+1次状态的概率分布只跟第〃次的状态

有关,与第〃一1,〃一2,〃一3,…次状态是“没有任何关系的”.现有甲、乙

两个盒子,盒子中都有大小、形状、质地相同的2个红球和1个黑球.从两个盒

子中各任取一个球交换,重复进行〃(〃©N*)次操作后,记甲盒子中黑球个数为

X”,甲盒中恰有1个黑球的概率为念,恰有2个黑球的概率为从.求:

(1闵的分布列;

(2)数列{斯}的通项公式;

(3间的期望.

[解](1)由题可知,Xi的可能取值为0,1,2.由相互独立事件概率乘法公式可

知:P(Xi=0)=|x|=|,P(Xi=l)=|xi+|x|=|,P(Xi=2)=|x|=|,

故Xi的分布列为

X1012

252

p

999

(2)由全概率公式可知:

尸(不+1=1)=0(乂=1)•尸(X,+i=1曷=1)+P(X,=2)•P(不+尸1|不=2)+P("产

0)・尸(不+1=1及=0)

=GX扛"|>(X=1)+(1X1)P(X=2)+(1X|)P(X=O)

q7?

=#(怎=1)+7(不=2)+丁(不=0),

q7?

即tz«+i=-^+-^+-(l—an—bn),

12

所以斯+i=--an+~,

所以1—春=—[(an-§,

532

又ai=P(Xi=l)=d,ai

yD

3'以一刍为首项,以一二为公比的等比数列,

459

匕匕、,(-广・(-犷

所以斯一三3=一石2

2?1\Tl

即an=~+--

(3)由全概率公式可得:

尸(不+I=2)=尸(的=1)•P(刘+尸2照=1)+P(%,=2)•P(刘+i=2照=2)+尸(X尸

0)-P(X+i=2|X=0)=(|x|)•P(羽=1)+Qx1)•P(X=2)+0XP(X,=0),

21

即儿+1=3即+/7,

__3,2(l\n

又许。+=x(一§),

2

所以=;瓦+:+X

bn+1XE5-

2

又bi=P(X=2)=;,

11

所以从一三十三又

所以儿一'+'x(一3=0,

所以儿W,

所以£(苞)=斯+2为+0*(1—an—bn)=Cln+2bn=1.

[B组在综合中考查关键能力]

5.(2024•广东实验中学模拟)为了检测某种抗病毒疫苗的免疫效果,需要进行

动物与人体试验.研究人员将疫苗注射到200只小白鼠体内,一段时间后测量小

白鼠的某项指标值,按[0,20),[20,40),[40,60),[60,80),[80,100]分组,

绘制频率分布直方图如图所示,试验发现小白鼠体内产生抗体的共有160只,其

中该项指标值不小于60的有110只,假设小白鼠注射疫苗后是否产生抗体相互

独立.

(1)填写下面的2X2列联表,并根据列联表及a=0.05的独立性检验,判断能否

认为注射疫苗后小白鼠产生抗体与指标值不小于60有关.

指标值

抗体合计

小于60不小于60

有抗体

没有抗体

合计

(2)为检验疫苗二次接种的免疫抗体性,对第一次注射疫苗后没有产生抗体的40

只小白鼠进行第二次注射疫苗,结果又有20只小白鼠产生抗体.

①用频率估计概率,求一只小白鼠注射2次疫苗后产生抗体的概率p;

②以①中确定的概率p作为人体注射2次疫苗后产生抗体的概率,进行人体接种

试验,记〃个人注射2次疫苗后产生抗体的数量为随机变量X试验后统计数据

显示,当X=99时,P(㈤取最大值,求参加人体接种试验的人数〃.

参考公式.72=--------n(a"bc)2----苴中

,少么队.%(a+b)(c+d)(a+c)(b+d)'八十"="丁。丁。丁々.

a0.0500.0100.001

Xa3.8416.63510.828

[解](1)由频率分布直方图,知200只小白鼠按指标值分布为:

在[0,20)内有0.0025X20X200=10(只);

在[20,40)内有0.00625X20X200=25(只);

在[40,60)内有0.00875X20X200=35(只);

在[60,80)内有0.025X20X200=100(只),

在[80,100]内有0.0075X20X200=30(只).

由题意,有抗体且指标值小于60的有50只,

而指标值小于60的小白鼠共有10+25+35=70只,

所以指标值小于60且没有抗体的小白鼠有20只,

同理,指标值不小于60且没有抗体的小白鼠有20只,

故列联表如表所示.

指标值

抗体合计

小于60不小于60

有抗体50110160

没有抗体202040

合计70130200

零假设为面:注射疫苗后小白鼠产生抗体与指标值不小于60无关联.

根据列联表中数据,得六笔黑蒜臀“945>3.841=x°g

根据a=0.05的独立性检验,推断为不成立,

温馨提示

  • 1. 本站所有资源如无特殊说明,都需要本地电脑安装OFFICE2007和PDF阅读器。图纸软件为CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.压缩文件请下载最新的WinRAR软件解压。
  • 2. 本站的文档不包含任何第三方提供的附件图纸等,如果需要附件,请联系上传者。文件的所有权益归上传用户所有。
  • 3. 本站RAR压缩包中若带图纸,网页内容里面会有图纸预览,若没有图纸预览就没有图纸。
  • 4. 未经权益所有人同意不得将文件中的内容挪作商业或盈利用途。
  • 5. 人人文库网仅提供信息存储空间,仅对用户上传内容的表现方式做保护处理,对用户上传分享的文档内容本身不做任何修改或编辑,并不能对任何下载内容负责。
  • 6. 下载文件中如有侵权或不适当内容,请与我们联系,我们立即纠正。
  • 7. 本站不保证下载资源的准确性、安全性和完整性, 同时也不承担用户因使用这些下载资源对自己和他人造成任何形式的伤害或损失。

评论

0/150

提交评论