辽宁省沈阳市铁西区2024年中考物理一模试卷含解析

Page24辽宁省沈阳市铁西区2024年中考物理一模试卷一、单选题1．（2024·大同模拟）在2024年冬奥会上有11种不同类型的机器人为冬奥会服务，如图所示是一款智能机器人，智能机器人能和运动员进行对话。下列说法正确的是（）A．机器人发出的声音不是由振动产生的B．机器人发出的声音可以在真空中传播C．机器人发出的声音在空气中的传播速度是3×10m8/sD．依据音色的不同能区分机器人和运动员的声音【答案】D【学问点】音色【解析】【解答】A.一切声音都是由物体振动产生的，A不符合题意；B.声音的传播须要介质，机器人发出的声音不能在真空中传播，B不符合题意；C.机器人发出的声音在空气中的传播速度约为340m/s，C不符合题意；D.不同物体发出声音的音色不同，依据音色的不同能区分机器人和运动员的声音，D符合题意。故答案为：D

【分析】不同的声音有不同的品质，包含响度、音调和音色，响度描述声音的强弱，音调描述声音的凹凸，音色描述声音的特色。2．（2024·姑苏模拟）如图所示，一束光在空气和玻璃的分界面上同时发生反射和折射，其光路如图所示，则下列推断正确的是（）A．AO是入射光线，入射角为67.5°B．AO是入射光线，反射角为45°C．CO是入射光线，折射角为22.5°D．CO是入射光线，反射角为45°【答案】C【学问点】光的反射定律；光的折射规律【解析】【解答】解：AB．若AO是入射光线，OC是反射光线时，OB为折射光线，此时的入射角为12；则OA和OB在法线的同侧，不符合光的折射规律；OB是反射光线时，OC为折射光线，此时的入射角为12CD．若CO是入射光线，OA是反射光线时，OB为折射光线，此时的入射角为12；由图可知MN是法线，PQ是界面；折射角为∠BON∠AOQ＝∠MOQ﹣∠AOM＝90°﹣67.5°＝22.5°，∠BOQ＝∠AOB﹣∠AOQ＝90°﹣22.5°＝67.5°所以折射角为∠BON＝∠NOQ﹣∠BOQ＝90°﹣67.5°＝22.5°由图可知∠COB＝360°﹣135°﹣90°＝135°∠COA和∠COB相等，则OB为反射光线时的情形与OA是反射光线时的情形相同，此时的反射角为67.5°，C符合题意，D不符合题意。故答案为：C。

【分析】玻璃表面即可以反射光，也可以折射光，明确入射角、反射角和折射角的大小关系，结合光的折射定律和光的反射定律作图即可。3．（2024·沈阳模拟）如图所示，小明将冰块放于单层的不锈钢盆中，加入适量的盐，用筷子搅拌约半分钟，盆中冰与盐水混合物的温度低于0℃。将装有西瓜汁的小塑料杯放在盆中的冰块里，几分钟后西瓜汁变成了水果冰棍，这时视察到盆外壁出现白霜，下列说法正确的是（）A．西瓜汁变成了冰棍，属于凝华现象B．西瓜汁变成冰棍的过程，内能增加C．吃冰棍感觉凉快，因为冰棍含有的热量少D．白霜是盆四周的水蒸气凝华放热形成【答案】D【学问点】凝固与凝固放热特点；凝华及凝华放热；温度、热量与内能的关系【解析】【解答】A．西瓜汁变成了冰棍，物质由液态变为固态，是凝固现象，A不符合题意；B．西瓜汁变成冰棍是凝固现象，凝固要放热，内能削减，B不符合题意；C．吃冰棍感觉凉快，是因为冰棍熔化时吸热。热量是一个过程量，不能说含有，C不符合题意；D．白霜是盆四周的水蒸气遇到温度较低的盆凝华放热形成的，D符合题意。故答案为：D。

【分析】凝固：物质从液态变成固态的过程叫凝固。要放热。

升华和凝华：物质从固态干脆变成气态叫升华，要吸热；而物质从气态干脆变成固态叫凝华，要放热。

内能是指物体内部全部分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和；温度指物体的冷热程度；热量是指在热传递过程中内能变更的多少。4．（2024·沈阳模拟）如图所示的四个物理情景中，相应的描述正确的是（）A．滑雪板做得宽大是为了减小压力B．洗手间下防臭水管是利用了阿基米德原理C．用吸管喝饮料时利用了大气压强D．用力未起石块，这个力做了功【答案】C【学问点】减小压强的方法及其应用；连通器原理；大气压的综合应用；是否做功的推断【解析】【解答】A．滑雪板做得宽大，是在压力肯定时通过增大受力面积减小压强，A不符合题意；B．洗手间下水管成U形，水不流淌时，U形管里的水相平，可以防止下水道里的气味散发出来，是利用了连通器原理，与阿基米德原理无关，B不符合题意；C．吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，吸管内气压减小，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里，C符合题意；D．用力搬石头但没有搬起，有力但没有在力的方向上移动距离，没有做功，D不符合题意。故答案为：C。

【分析】增大压强方法：(1)S不变，F↑；(2)F不变，S↓(3)同时把F↑，S↓。而减小压强方法则相反。

连通器的结构特征是上端开口、底部连通。

利用大气压强例子很多，例如吸盘、用吸管吸饮料、抽水机等等，要利用大气压能说明生活中有关问题。

功的两个必要因素：一是作用在物体上的力；二是物体在力的方向上通过的距离。5．（2024·沈阳模拟）如图所示，两个相同的空塑料瓶，瓶口扎上橡皮膜，竖直浸没在水中，其中甲瓶口朝上，乙瓶口朝下，若甲瓶恰好悬浮状态立于水中，则（）A．乙瓶内气体密度较大B．乙瓶也可能悬浮立于水中C．甲瓶内气体的压强较大乙D．甲瓶受到的浮力小于乙瓶受到的浮力【答案】A【学问点】液体压强的计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用【解析】【解答】BD．已知两个空塑料瓶是相同的，则两个空塑料瓶的重力相等；甲瓶恰好悬浮，则甲瓶受到的浮力等于瓶的重力；由图可知：乙瓶的橡皮膜朝下时，浸入液体的深度大，橡皮膜凹的更明显，则乙瓶排开水的体积小于甲瓶排开水的体积，依据阿基米德原理可知：乙瓶受到的浮力小于甲瓶受到的浮力，则乙瓶受到的浮力小于瓶的重力，所以乙瓶会下沉，BD不符合题意；AC．由于两个空塑料瓶是相同的，瓶内空气质量相同，乙瓶橡皮膜凹进得更多，体积变小，故乙瓶内空气的密度变大，体积减小，压强变大，所以乙瓶内空气的压强也变大，A符合题意，C不符合题意。故答案为：A。

【分析】依据悬浮条件可知：物体受到的浮力等于物体的重力。

肯定质量的气体，其压强还跟体积有关，体积越小，压强越大。

液体的内部压强随深度的增大而增大；搞清橡皮膜所处的深度h，并运用液体压强公式p=ρgh，可比较两橡皮膜所受压强大小。

依据橡皮膜受到的压强变更推断瓶子排开水的体积变更，然后依据F浮=ρ水gV排推断受到的浮力变更。6．（2024·沈阳模拟）为应对疫情，我市某些车站加装多功能安检门，它是集人体温度检测和金属探测为一体的平安检测门。门头装有高精度的体温检测探头，能够测量旅客额头的温度，门中设备中有电磁场，能够探测是否携带金属物品。当旅客温度过高（S1闭合）或携带金属物品（S2闭合）时，报警指示灯就会亮起且电铃发出报警声。下面的简化电路图符合要求的是（）A． B．C． D．【答案】A【学问点】串、并联电路的设计【解析】【解答】依据题意可知，当人体温度过高（S1闭合）或人身上携带金属物品（S2闭合）时，报警指示灯就会亮起且仪器发出报警声，这说明任何一个开关闭合，整个电路工作，即这两个开关互不影响，是并联在电路中的，然后与灯泡和电铃串联在电路中。A．闭合开关S1或闭合开关S2，报警指示灯就会亮起且电铃发出报警声，A符合题意；B．闭合开关S1和开关S2，报警指示灯就会亮起且电铃发出报警声，B不符合题意；C．闭合开关S1和开关S2，将电源短路，两个用电器都不工作，C不符合题意；D．闭合开关S1，只有指示灯发光，闭合开关S2，只有电铃发出报警声，D不符合题意。故答案为：A。

【分析】当人体温度过高（S1闭合）或人身上携带金属物品（S2闭合）时，报警指示灯就会亮起且仪器发出报警声，这说明任何一个开关闭合，整个电路工作，据此判定电路的连接方式。二、多选题7．（2024·沈阳模拟）如图所示，将一个焦距为10cm的凸透镜放在光具座上，此时蜡烛在光屏上成一个清楚的像，凸透镜的位置固定不变，只移动点燃的蜡烛和光屏，下列说法正确的是（）A．此时间屏上成的是倒立放大的实像B．若把蜡烛移到30cm的刻度处，再向左移动光屏，能在光屏上得到倒立缩小的清楚实像，成像规律可以应用于照相机C．蜡烛在光屏上已成一个清楚的像，假如在蜡烛和凸透镜之间放一个近视眼镜，为了在光屏上重新得到清楚的像，光屏应向右移动D．把蜡烛移到5cm刻度处，再向右移动光屏，能在光屏上得到正立放大的虚像，成像规律可以应用于放大镜【答案】A,B,C【学问点】凸透镜成像的应用【解析】【解答】A．由图可知，物距为u=18.5cm，像距为v=24.5cm，此时的物距小于像距，依据凸透镜成像规律，成倒立、放大的实像，A符合题意；B．蜡烛移到刻度值为30cm处，此时u>2f，成倒立、缩小的实像，像距2f>v>f，光屏应向左移动，是照相机工作原理，B符合题意；C．近视镜片是凹透镜，对光线起发散作用，放置后，光线延迟会聚，像距变大，应向右移动光屏才能得到清楚的像，C符合题意；D．蜡烛移到刻度值为5cm处，此时u<f，成正立、放大的虚像，其应用是放大镜，虚像是不能被光屏接收的，光屏上看不到像，D不符合题意。故答案为：ABC。

【分析】利用凸透镜成像的特点分析解答。物体位置像的位置像的大小像的性质应用举例u>2ff<v<2f像、物异侧缩小倒立实像照相机u=2fv=2f像、物异侧等大倒立实像测焦距f<u<2fv>2f像、物异侧放大倒立实像幻灯机、投影仪8．（2024·沈阳模拟）如图甲所示的电路中，电源电压恒定，灯泡L的电阻随温度变更而变更，R0为定值电阻。滑动变阻器R2的规格为“20Ω2.5A”。闭合开关S，电压表V1的示数为U1、电压表V2的示数为U2，移动滑动变阻器的滑片P从A端至B端，U2与U1的关系如图乙所示，当滑片P滑到B端时，灯L恰好正常发光。下列结果中正确的是（）A．电源电压为36V B．电路中的最小电流为1AC．定值电阻R0的阻值为16Ω D．灯L的额定功率为24W【答案】A,B,D【学问点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算【解析】【解答】由图知灯泡L、定值电阻R0、滑动变阻器串联，电压表V1测量定值电阻R0两端的电压，电压表V2测量灯泡L和定值电阻R0两端的总电压，当滑片P滑到B端时，此时电路的总电阻最小，总电流最大，两电压表的示数都达到了最大，即两电压表的示数为36V和24V；当滑动变阻器的滑片P在A端时，总电阻最大，电路中的总电流最小，两电压表的示数为16V和12V。A．当滑片在B端时，电压表V2的示数为36V，则电源电压为36V，A符合题意；B．当滑动变阻器的滑片P在A端时，滑动变阻器的电阻最大，电路中的总电流最小，此时滑动变阻器两端的电压为U则此时电路的电流为I=B符合题意；C．定值电阻R0的阻值为RC不符合题意；D．当滑片在B端时，滑动变阻器的电阻为零，电路的电流最大，此时灯L恰好正常发光，定值电阻两端的电压为24V，此时电路最大电流为I灯泡两端的额定电压为U灯L正常发光时的电阻为R灯泡L的额定功率为PD符合题意。故答案为：ABD。

【分析】理清元件的连接方式及电表的测量对象，当滑片P滑到B端时，灯L恰好正常发光，此时电路的总电阻最小，总电流最大，两电压表的示数都达到了最大，推断出电源电压；当滑动变阻器的滑片P在A端时，总电阻最大，电路中的总电流最小，由乙图读出两电压表的示数，依据串联电路电压的规律表示出滑动变阻器的电压，依据欧姆定律算出电路的电流和定值电阻R0的阻值。

当滑片在B端时，滑动变阻器的电阻为零，电路的电流最大，此时灯L恰好正常发光，定值电阻两端的电压为24V，依据欧姆定律算出电路的电流，依据串联电路电压的规律算出灯泡两端的额定电压，依据欧姆定律算出灯L正常发光时的电阻，由P=UI算出灯泡L的额定功率。三、双选题9．（2024·沈阳模拟）如图所示是利用磁悬浮原理浮在空中的盆栽，盆栽底部有磁体，底座内装有电磁铁，给盆栽浇水后与浇水前相比，下列说法正确的是（）A．盆栽受到的磁力变小B．底座对桌面的压强变大C．要使盆栽与底座之间距离不变，可变更电磁铁线内的电流方向D．要使盆栽与底座之间距离不变，可适当增大电磁铁线圈内的电流【答案】B,D【学问点】压强大小比较；通电直导线四周的磁场【解析】【解答】A．该盆栽悬浮的原理利用了同名磁极相互排斥，当盆栽悬浮在空中静止不动时，受的力是平衡力，即盆栽的总重力和磁力大小相等，当浇水后重力变大，故磁力也变大，A不符合题意；B．影响压强的因素是压力和受力面积，当浇水后重力变大，磁力也变大，对桌面的压力也变大，依据p=FC．要使盆栽与底座之间距离不变，需增大磁力，磁力的大小与电流的方向无关，C不符合题意；D．要使盆栽与底座之间距离不变，需增大磁力，电磁铁磁性强弱与电流的大小有关，其他条件相同，电流越大，磁性越强，故要增大磁力需增大电流，D符合题意。故答案为：BD。

【分析】）磁极间相互作用的规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；物体处于静止或者匀速直线运动状态时，受到的力是平衡力。

物体受到平衡力时会保持静止状态或匀速直线运动状态。

电磁铁磁性强弱与电流的大小有关，与电流的方向无关，其他条件相同，电流越大，磁性越强。10．（2024·泸州）如图所示是探讨电与磁关系的示意图，ab为一根电阻不行忽视且能自由移动的导体棒，其中单刀双掷开关S的c、d两点为触点，则下列说法正确的是（）A．当单刀双掷开关S的触片P置于c点，该装置相当于电动机的工作原理B．当单刀双掷开关S的触片P置于d点，该装置相当于电动机的工作原理C．撤走蹄形磁铁，在Q点放置一小磁针，同时将单刀双掷开关S的触片置于c点，该装置可验证奥斯特试验D．撤走蹄形磁铁，在Q点放置一小磁针，同时将单刀双掷开关S的触片置于d点，该装置可验证奥斯特试验【答案】A,C【学问点】通电直导线四周的磁场；磁场对通电导线的作用【解析】【解答】AB．当单刀双掷开关S的触片P置于c点，电源、开关、导体、导线组成了闭合回路，由电源，故可以成为电动机的原理图，A符合题意；当单刀双掷开关S的触片P置于d点时，没有电源，故是发电机，B不符合题意；CD．撤走蹄形磁铁，在Q点放置一小磁针，同时将单刀双掷开关S的触片置于c点，有电源，验证通电导线四周存在磁场，故该装置可验证奥斯特试验是正确的，C符合题意；当单刀双掷开关S的触片P置于d点时，没有电源，没有电流，故不是奥斯特试验，D不符合题意。故答案为：AC。

【分析】处在磁场中的通电导体棒，电流对导体棒有力的作用，导体棒就会运动起来，这就是电动机的原理，导体棒运动的方向与电流和磁场方向有关。四、填空题11．（2024·沈阳模拟）疫情之后，百姓最终可以走出家门，来到公园享受美景。如图所示，南湖公园的湖水水清可鉴，鲜花盛开。其中，湖水“水清可鉴”是由于光可以在水面发生（选填“镜面”或“漫”）反射，能形成物体的（选填“实像”或“虚像”）。【答案】镜面；虚像【学问点】平面镜成像的原理、特点【解析】【解答】安静的水面相当于平面镜，平面镜成正立等大的虚像，湖水“水清可鉴”是由于光可以在水面发生镜面反射形成的物体的虚像。

【分析】平面镜成像特点：(1)平面镜成的是虚像；(2)像与物体大小相等；（3）像与物体到镜面的距离相等；(4)像与物体的连线与镜面垂直。12．（2024·沈阳模拟）随着芯片技术的进步，实现人工智能、“云”技术、虚拟连接、无人驾驶汽车物联网和量子计算等新应用。中美芯片之争，已经促使中国芯片产业奋力追逐。芯片制作主要难在材料和工艺，芯片材料离不开硅晶片，其原始材料是高纯度硅，从导电性来讲硅是（选填“导体”、“绝缘体”或“半导体”）；芯片制作尺度越来越小，已达到了8nm以下，这个尺度大约是物理课本一张纸厚度的（选填“百分之一”、“千分之一”或“万分之一”）。【答案】半导体；万分之一【学问点】长度及其测量；半导体特点及作用【解析】【解答】高纯度的硅是重要的半导体材料，可干脆或间接用于制备半导体器件。一张纸的厚度大约是0.1mm=0.1×106nm=1×105nm所以1×1因此，这个尺度大约是物理课本一张纸厚度的万分之一。

【分析】结合材料内容进行单位换算即可。13．（2024·沈阳模拟）如图甲所示，小明将气球吹大后，让气球自行飞出，若刚好捡捡起气球，将会感觉到气球球身的温度和原来相比（选填“变高”“变低”或“没有变更”），此过程发生的能量转化与（选填“乙”或“丙”）图中的能量转化是一样的。【答案】变低；乙【学问点】做功变更物体内能；内燃机的四个冲程【解析】【解答】甲图中，气球向外喷出气体，对外做功，内能转变为机械能，内能削减，所以气球温度会降低。乙图中火花塞点燃，属于做功冲程，内能转变为机械能，与甲图中能量转化一样。丙图中进气口和排气口都关闭，活塞向上运动压缩气体，属于压缩冲程，机械能转变为内能，与甲不一样。

【分析】汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，各冲程的特点不同，因此依据气门的状态和活塞的运行方向确定冲程；并且只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能。14．（2024·沈阳模拟）2024年北京冬奥会上，中国运动员谷爱凌获得自由式滑雪女子大跳台冠军，如图所示为她参与竞赛的场景。她手持滑雪杆加速下滑，以滑雪板为参照物，她是（选填“运动”或“静止”）的，她的机械能（选填“增大”“减小”或“不变”）。【答案】静止；减小【学问点】机械能及其转化；参照物及其选择【解析】【解答】以滑雪板为参照物，人与滑雪板之间的位置没有发生变更，所以人与滑雪板之间是静止的。手持滑雪杆加速下滑，因为她与雪地之间有摩擦，她的部分机械能转化为内能，所以机械能减小。

【分析】推断一个物体是否是运动的还是静止的，关键是看被探讨的物体与所选的标准即参照物之间的相对位置知否发生了变更。假如发生变更，则次物体是运动的，假如没发生变更，则此物体是静止的。

动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。留意分析能量转化时，就看什么能量削减了，什么能量增加，总是削减的能量转化为增加的能量。15．（2024·沈阳模拟）如图甲所示的滑轮组提升重200N的物体，已知拉力F为80N，不计绳重和摩擦，物体和绳子自由端的运动状况如图乙所示，反映绳子自由端运动的图线是（选填“A”或“B”）：3s内对物体做的有用功为J；此滑轮组的机械效率为%（结果保留一位小数）。【答案】A；300；83.3【学问点】滑轮组及其工作特点；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算【解析】【解答】依据滑轮组的特点，动滑轮上有3段绳承重，因此绳子移动的距离为物体移动距离的三倍，依据图像特点可以推断A反映了绳子自由端运动图像，B反映了物体的运动图像。动滑轮的重力为G由乙图中，3s内物体移动的距离为1.5m，则有用功为W当时间为3s时，绳子移动的距离为s则总功为W此滑轮组的机械效率为η=

【分析】拉力端移动距离s=nh，据此确定图乙中绳子自由端运动的s-t图像是A还是B；不计绳重和摩擦，拉力F=1n（G+G动），据此求动滑轮重力；由图乙可知，t=3s时，物体运动的高度h=1.5m，利用W=Gh求有用功。利用η=16．（2024·沈阳模拟）如图所示，用电水壶烧水时，若不慎有水溅入旁边的插座里，可能导致电路，空气开关跳闸；该电水壶运用时应运用三孔插座，使其金属外壳与（选填“火线”“零线”或“大地”）相连。【答案】短路；大地【学问点】电路的三种状态；家庭电路的连接【解析】【解答】由于水是导体，所以用电水壶烧水时，若不慎有水溅入旁边的插座里，使得火线和零线干脆连通，可能导致电路短路。为了平安运用，电水壶的金属外壳应接地，这样即使外壳带电，电流也能通过地线流入大地，不会对人造成损害。

【分析】水是导体；火线和零线干脆连通时，会导致电路短路。

对于金属外壳的用电器为了避开外壳带电时造成触电事故，外壳要通过三线插头中的地线与大地相通。17．（2024·沈阳模拟）小明家2月底电能表示数如图所示，3月底电能表示数为82.0kW·h，3月份他家消耗的电能为kW·h，小明发觉1分钟内，转盘转过了50转，他家接入的用电器消耗的电功率是W。【答案】50；1200【学问点】电能表参数的理解；电功率的计算【解析】【解答】2月底电能表读数32.0kW•h，3月底电能表示数为82.0kW▪h，则3月份小强家消耗电能W'=W1-W2=82.0kW▪h-32.0kW•h=50kW•h2500r/kW•h表示电能表每转1r，电路中消耗2500kW•h的电能，电能表转动50r，电路消耗的电W=他家接入的用电器消耗的电功率是P=

【分析】电能表的读数方法：月末的减去月初的示数；最终一位是小数；单位kW•h；

结合电能表的参数求出转盘转50转电路中消耗的电能；依据P=Wt18．（2024·沈阳模拟）如图甲，电源电压为6V，灯泡L1和L2均标有“6V6W”字样，其电流随电压变更的曲线如图乙所示．假如同时闭合开关，可使两灯都能正常发光；假如同时闭合开关S1、S2，电流表的示数是A；假如只闭合开关S2，电路消耗的总功率是W．【答案】S1和S3；1；4.2【学问点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算【解析】【解答】（1）同时闭合开关S1、S2时，电路为L1的简洁电路，电流表测电路中的电流，此时灯泡两端的电压为电源的电压6V，由图象可知电流表的示数为1.0A；（2）只闭合开关S2时，两灯泡串联，两灯泡分得的电压相等，即：U1=U2=U2由图象可知，此时电路电流：I=0.7A，则电路消耗的总功率：P=UI=6V×0.7A=4.2W。

【分析】理清开关处于不同状态时元件的连接方式及电表的测量对象，依据图象读出电流表的示数；两灯泡串联，它们两端的电压相等，为电源电压的一半，由图象求出此时电路电流，由功率公式P=UI求出电路功率。五、计算题19．（2024·沈阳模拟）如图所示，是最新一款无人驾驶汽车。该车以20m/s的速度在一段平直的马路上的速行了8km，消耗汽油1.2kg。汽油机的效率为30%，那么，在这段运动过程中，求：（q汽油=4.5×107J/kg）（1）该汽车发动机做的有用功是多少?（2）该汽车的输出功率为多少（3）该汽车在以此速度行驶的过程中，受到的阻力多大?【答案】（1）解：汽油完全燃烧放出的热量为Q发动机的有用功W=η答：该汽车发动机做的有用功是1.62×10（2）解：汽车走的路程为8km=8000m汽车运动的时间t=汽车的输出功率P=答：该汽车的输出功率为4.（3）解：由P=Fv得F=由于汽车是匀速行驶的，可得二力平衡f=F=2025N答：受到的阻力2025N。【学问点】功率的计算；燃料的热值；热机的效率；二力平衡的条件及其应用【解析】【分析】（1）利用Q放=mq求汽油完全燃烧放出的热量，再利用效率公式η=WQ放可求出牵引力做的有用功。

（2）利用t=sv求出汽车运动的时间，利用P=Wt即可求出该汽车的输出功率。

（3）求出了汽车的输出功率P，已知汽车的速度v，依据P=Fv求汽车受到的牵引力；又知道汽车在平直的20．（2024·沈阳模拟）如图甲所示为新型电饭锅，它采纳“聪慧火”技术，智能化地限制食物在不同时间段的温度，以得到最佳的养分和口感。其简化电路如图乙所示，其中R1和R2均为电热丝，S1是自动限制开关，煮饭时，把电饭锅接入电路中，在电饭锅工作的30min内，电路中总电流I随时间t变更的图象如图丙所示，设电饭锅工作过程中无电能损失，求；（1）S和S1都闭合时，电饭锅的电功率；（2）电热丝R2的阻值；（3）在这30min内电饭锅产生的热量。【答案】（1）解：S和S1都闭合时，电阻R1和R2并联；由乙图可知此时电流值Imax=3A答：S和S1都闭合时，电饭锅的电功率为660W；（2）解：开关S1断开时，电路中只有R1工作，由乙图可知通过R1的电流值I1=2A，则依据并联电路的电流特点可知，电阻R1和R2依据欧姆定律得，电热丝R2的阻值为R答：电热丝R2的阻值为220Ω；（3）解：只有R1工作时功率为P由乙图可知tt则QQ所以Q=答：在这30min内电饭锅产生的热量为9.9×10【学问点】欧姆定律及其应用；电功率的计算【解析】【分析】（1）理清开关处于不同状态时元件的连接方式，依据P=UI=U2R推断对应的状态，依据图乙读出电路的总功率，利用P=UI求出电饭锅的电功率。

（2）依据图乙读出电路的总电流，利用=并联电路的电流特点及欧姆定律求出电热丝R2的阻值。

（3）由图乙可知，前30min内电饭锅最大功率工作时间和最小功率工作时间，六、试验题21．（2024·沈阳模拟）在探究平面镜成像特点的试验中，我们一般选用玻璃板代替平面镜，这样既能望见物体的像，也能透过玻璃板望见另一侧的物体，便于确定物体像的位置，但在试验中，由于玻璃板前后两个面都能成像，并且玻璃板的厚度对探讨成像规律也有影响，聪慧的小明利用网上定制的两块小镜子（该平面镜的前表面为反射面）也完成了试验。小明的试验步骤如下：（1）如图甲所示，将两块平面镜分开肯定距离固定于不锈铜框架上，将铅笔A放在平面镜前，可以望见铅笔通过平面镜成上下两段不完整的（选填“虚像”或“实像”）。此像虽然不完整，但优点是比玻璃板成像要。（2）小明用与铅笔A完全一样的铅笔B找到了铅笔A像的位置。他详细的操作是。（3）为了消退平面镜厚度对测量物距和像距的影响，小明用图乙的方法测出了物距和像距。图丙为图乙的简化图，图丙中表示像距（选填“BD”或“BC”）。（4）依据试验结论，小明学以致用。如图丁所示，小明的眼睛在点A处，他通过平面镜看到自己脚尖B点，请完成光路图.【答案】（1）虚像；清楚（2）将铅笔B放在平面镜后，使B与A的像重合（3）BD（4）【学问点】探究平面镜成像的特点【解析】【解答】（1）铅笔射向平面镜的光经平面镜反射后不能会聚成像，而反射光线的反向延长线会聚在一起形成虚像；玻璃板既能透光又能反射光，平面镜只能反射光，故用平面镜反射的光多，成像清楚。（2）为了确定像的位置，小明将铅笔B放在平面镜后，使B与A的像重合。（3）AD是物体到平面镜的距离即物距，依据物体到平面镜的距离等于像到平面镜的距离知，BD是像到平面镜的距离即像距。（4）结合平面镜成像特点和光的反射规律进行作图，如图所示

【分析】（1）平面镜成正立等大的虚像；玻璃板既能透光又能反射光，平面镜只能反射光。

（2）依据物像大小相等完成操作。

（3）依据平面镜成像成像时物体到平面镜的距离与像到平面镜的距离相同分析解答。

（4）结合平面镜成像特点和光的反射规律进行作图。22．（2024·沈阳模拟）小明和同学在试验室做探究“比较不同物质吸热升温状况”的试验。（1）小明将天平放在水平桌面上并将游码归零后，若指针静止时位置如图甲所示，则他应向右调整；调整天平平衡后，为称取质量相等的沙子和水，小明选用相同的烧杯盛装沙子和水，分别放在天平的左、右托盘上，称取完成后，天平平衡时如图乙所示，则小明在称取中存在的问题是；（2）小明组装的试验装置如图丙所示，他在器材安装中的一处不妥是；（3）试验中某时刻温度计的示数如图丁所示，其读数为℃；（4）小明依据图戊所示的图象，用三种方法来比较沙子和水吸热升温的快慢：①在相同的时间t内比较温度变更ΔT；②在相同的温度变更ΔT内比较时间t；③若ΔT和t均不同，则可用来比较沙子和水吸热升温的快慢。【答案】（1）平衡螺母；未称取相等质量的沙子和水（2）温度计安装位置偏高（3）35（4）ΔTt或【学问点】比较不同物质吸热的状况试验【解析】【解答】（1）由图甲可知，天平平衡时，指针向左偏，依据天平的调平原则“左偏右调，右偏左调”可知，此时应将平衡螺母向右调整。由图乙可知，此时天平平衡，则右盘质量加上游码质量等于左盘质量，此时游码示数不为零，所以此时左盘质量不等于右盘质量，所以称取过程中存在的问题是沙子和水的质量不相等。（2）试验室温度计在运用时，温度计的玻璃泡应当浸没在被测液体中，由图可知，温度计的玻璃泡未能与水充分接触，所以在器材安装中的一处错误是：温度计安装位置偏高（温度计玻璃泡未能与水充分接触）。（3）由图丁可知，温度计分度值为1℃，其读数为35℃。（4）若ΔT和t均不同，可以用单位时间内上升的温度，或者单位温度上升须要的时间来比较，即可用ΔTt或t

【分析】我们运用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法；

比较物质吸热实力的2种方法：

①使相同质量的不同物质上升相同的温度，比较汲取的热量（即比较加热时间），汲取热量多的吸热实力强；

②使相同质量的不同物质汲取相同的热量，比较温度的变更，温度变更小的吸热实力强。23．（2024·沈阳模拟）小明为了测量滑动摩擦力的大小，设计了如图所示的试验装置。试验中，小桶内装入适量的沙子，滑块恰好做匀速直线运动。（轻绳与滑轮的摩擦不计）（1）为了测量滑块受到的滑动摩擦力，须要测量的物理量是（选填“滑块的质量m1”或“小桶和沙子的总质量m2”）；滑块受到的滑动摩擦力为（用物理量符号表示）；（2）当小桶落地后，滑块由于惯性还将接着向前运动一段距离，此时滑块受到的滑动摩擦力的大小将（选填“变大”、“变小”或“不变”）；（3）小明接着试验，他将毛巾铺在木板上，要使图中滑块仍能做匀速直线运动，下一步的操作。【答案】（1）小桶和沙子的总质量m2；m2g（2）不变（3）在小桶中增加沙子【学问点】探究影响摩擦力大小因素的试验【解析】【解答】（1）当滑块匀速直线运动时，受到的摩擦力和轻绳的拉力是一对平衡力，大小相等，而轻绳对滑块的拉力大小等于小桶和沙子的总重力，因此，了测量滑动摩擦力的大小，应测量小桶和沙子的总质量m2，然后依据G=mg计算出小桶和沙子的总重力。滑动摩擦力的大小f=G=m2g（2）滑块由于惯性还将接着向前运动一段距离，因为滑块对桌面的压力和接触面的粗糙程度均未变，因此滑动摩擦力不变。（3）将毛巾铺在木板上，接触面更粗糙了，压力肯定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大，故应在小桶中增加沙子。

【分析】（1）依据二力平衡条件进行分析。

（2）摩擦力等于物体的重力，依据公式G=mg得出表达式。

（3）（4）影响滑动摩擦力的因素是压力大小和接触面的粗糙程度，据此分析解答。24．（2024·沈阳模拟）小明用两节其他同学曾经运用过的干电池测小灯泡的功率，电路如图甲所示，小灯泡额定电压为2.5V，滑动变阻器规格为“20Ω2A”，请你帮他解决试验中遇到的问题。（1）在图甲中，请你用笔画线代替导线将电路连接完整；（2）连接电路时，滑动变阻器的滑片应移到最（选填“左”或“右”）端；（3）当滑动变阻器的滑片移动到某一位置时，电压表的示数达到2V，电流表的示数如图乙所示，此时灯泡的电功率为W；为使灯泡正常发光，他应如何操作；（4）小明接着进行试验，当电压表示数达到2.5V后，他无论怎么调整变阻器滑片都无法使电压表示数变大，为了用该灯泡接着完成试验，小明的做法是。【答案】（1）（2）左（3）0.48；灯泡正常发光时，灯泡两端的电压是2.5V，所以要使灯泡正常发光，应当增大灯泡两端的电压，依据串联电路电压规律可知，应当减小滑动变阻器两端电压，即减小滑动变阻器接入电路的阻值，将滑动变阻器的滑片向右移动。（4）增加一节电池【学问点】探究用电器的电功率试验【解析】【解答】（1）测量小灯泡电功率时，须要测量小灯泡两端的电压和流过小灯泡的电流，则电压表并联在小灯泡两端，电流表串联在电路中，由图可知，此时应当将小灯泡的左接线柱与电流表的相连，留意电流表的正进负出，如图所示：（2）连接电路时，应当断开开关，并将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，避开闭合电路的瞬间，电路中的电流过大，烧坏用电器，由图可知，应将滑片移到最左端。（3）由图可知，电流表的量程是0~0.6A，分度值是0.02A，此时电流表的示数是0.24A，此时灯泡的电功率P=UI=2V×0灯泡正常发光时，灯泡两端的电压是2.5V，所以要使灯泡正常发光，应当增大灯泡两端的电压，依据串联电路电压规律可知，应当减小滑动变阻器两端电压，即减小滑动变阻器接入电路的阻值，将滑动变阻器的滑片向右移动。（4）当电压表示数达到2.5V时，无论怎么调整变阻器滑片都无法使电压表示数变大，说明电源电压过小，为了用该灯泡接着完成试验，做法是增加一节干电池。

【分析】（1）灯泡与电流表串联连入电路中。

（2）该试验的试验原理是：P=UI；连接电路时，为爱护电路，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处。

（3）灯在额定电压下正常发光，比较电压表示数与额定电压的大小，依据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向。

（4）当电压表示数达到2.5V时，无论怎么调整变阻器滑片都无法使电压表示数变大，说明电源电压过小，据此分析。七、综合题25．（2024·沈阳模拟）随着京沈高铁的开通，大大的提升了居民出行的条件，疫情后的假期，小明与父母乘坐“和谐号”高铁外出旅游，宠爱视察的他发觉了高铁上很多与物理有关的学问。（1）如图甲所示，是列车上的自动感应水龙头，感应窗发出的（选填“红外线”“紫外线”或“电磁波”）照到手上发生光的反射现象，使感应窗收到信号后限制出水；（2）乘坐高铁时，他们感觉比一般列车噪声要小很多，车内采纳了很多降低噪声的技术，如安装真空玻璃，这是通过来减弱噪声的；（3）列车到站后，小明拉着旅行箱走出站台，旅行箱示意图如图乙所示，装有物品的旅行箱整体可视为杠杆，O为支点，B为重心，在A点沿图示方向施加拉力F；①当旅行箱静止时，请你画出拉力F的力臂l；②要使作用在A点的拉力减小，保持其他条件不变，下列做法可行的是；A．缩短拉杆的长度B．使拉力方向顺时针变更30°C．使拉力方向顺时针变更10°D．将箱内较重的物品靠近O点摆放，重心由B变至B'（4）小明发觉列车通过隧道时，每个车厢的黑明灯都会亮起来，而且亮度相同。他通过学习知道车厢内的照明灯是并联的，那