考点巩固卷05 函数的图象与方程 八大考点-新课标2025年高考《数学》一轮复习考点通关卷（解析版）

第第页考点巩固卷05函数的图象与方程（八大考点）考点01：函数图象的识别考点从函数的定义域，判断图象的左右位置；从函数的值域，判断图象的上下位置从函数的奇偶性，判断图象的对称性从函数的特征点，排除不合要求的图象从函数的单调性，判断图象的变化趋势从函数的周期性，判断图象的循环往复1．函数的图象大致是（

）A．

B．

C．

D．

【答案】A【分析】通过判断函数的奇偶性和在处的导函数值的正负即可得解.【详解】的定义域为R，，所以为奇函数，其图象关于原点对称，故可排除B选项；又，所以，函数图象在处的切线斜率大于0，所以排除C、D选项；故选：A.2．函数的大致图象是（

）A．

B．

C．

D．

【答案】C【分析】根据函数的奇偶性单调性与函数值符号确定函数的图象.【详解】由，得，所以的定义域为.又，所以函数为偶函数，图象关于轴对称，故B错误；因为，所以当时，，所以，且在定义内为增函数，故A，D错误.对C：符合函数的定义域，奇偶性，单调性，故C正确.故选:C3．函数的大致图象为（

）A． B．C． D．【答案】B【分析】先判断函数的奇偶性，再根据函数值的大小，结合排除法进行排除即可.【详解】根据题意，函数，定义域为R，，则是奇函数，图象关于原点对称，排除CD，又，排除A.故选：B.4．已知函数的图象如图所示，则函数的解析式可能为（

）A． B．C． D．【答案】B【分析】根据图象得到该函数的定义域、奇偶性、零点等性质，据此逐项判断即可.【详解】根据题意，由函数的图象，的定义域为，其图象关于原点对称，为奇函数；在上，函数图象与轴存在交点.由此分析选项：对于A，，其定义域为，有，为偶函数，不符合题意；对于B，，其定义域为，有，为奇函数，其图象关于原点对称；当时，，函数图象与轴存在交点，符合题意；对于C，，当时，，故恒成立，所以该函数图象在上与轴不存在交点，不符合题意；对于D，，其定义域为，有为偶函数，不符合题意.综上所述，只有选项B的函数满足，故选：B．5．函数在区间的图象大致为（

）A． B．C． D．【答案】B【分析】利用函数的奇偶性可排除A、C，代入可得，可排除D.【详解】，又函数定义域为，故该函数为偶函数，可排除A、C，又，故可排除D.故选：B.6．函数的部分图象为（

）A． B．C． D．【答案】B【分析】判断函数的奇偶性从而排除选项A、D；再判断当时函数值的符号即可排除C.【详解】因为为奇函数，所以排除；当时，，所以排除C.故选：B.7．函数的部分图象大致为（

）A．B．C． D．【答案】C【分析】先判断函数的奇偶性，再分别判断，时的函数值的正负，运用排除法可得结论.【详解】因为，所以函数为奇函数，可排除D选项；当时，，，可排除B；当时，，，，可排除A；故选：C.8．函数的图象是下列的（

）A． B．C． D．【答案】A【分析】求出函数的定义域可排除B；求出的奇偶可排除C，D.【详解】因为函数的定义域为，解得：，故B错误.，则函数为奇函数，故C，D错误；故选：A.9．函数的大致图象是（

）A．B．C． D．【答案】D【分析】利用函数的性质判断函数图象【详解】依题意，可得，则为奇函数，且当时，，则A，B，C均不正确，故选：D．10．函数的部分图象可能是（

）A． B．C． D．【答案】C【分析】判断函数的奇偶性和对称性，然后分析当时的函数值符号，进行判断即可．【详解】因为，定义域为，且，则是偶函数，图象关于轴对称，排除A，D，当时，，故，所以，当时，，当时，，排除B，所以C正确．故选：C02：确定零点所在区间考点1.零点存在定理：若在的图象是一条连续的曲线，且，则在上有零点.2.特别提醒：（1）满足了零点存在定理的条件，只能得出该函数有零点，无法判断零点的个数.（2）若单调函数在的图象是一条连续的曲线，且，则在上有唯一零点.（3）在零点存在定理中，是在上有零点的充分条件，不是必要条件，即使不满足该条件，即，在上仍然可能有零点.11．方程的解所在区间为（

）A． B． C． D．【答案】C【分析】利用零点存在性定理分析判断即可.【详解】令，在上连续，且单调递增，对于A，因为，，所以的零点不在内，所以A错误，对于B，因为，，所以的零点不在内，所以B错误，对于C，因为，，所以的零点在内，所以方程的解所在区间为，所以C正确，对于D，因为，，所以的零点不在内，所以D错误，故选：C12．函数的零点所在区间是（

）A． B． C． D．【答案】C【分析】由零点存在性定理可得答案.【详解】因为函数的定义域为，又，易知函数在上单调递增，又，所以在内存在一个零点，使.故选：C.13．已知函数，在下列区间中，包含零点的区间是（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】根据零点存在性定理结合单调性判断.【详解】因为函数在单调递减，函数在上单调递增，所以在上单调递减，又，，所以函数在上存在唯一零点.故选：D.14．函数的零点所在区间是（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】由函数解析式，明确其单调性，利用零点存在性定理求解即可.【详解】由函数可知单调递增，因为，，，，所以零点所在区间是，故选：B15．若函数在上是单调函数，且满足对任意，都有，则函数的零点所在的区间为（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】设，根据，列出关于的方程，进而求得的值，得到的解析式，再用零点存在定理判断即可.【详解】因为函数在上是单调函数，，设，所以，所以，因为与在上单调递增，所以有唯一解，解得，所以，又，，故的零点所在的区间为.故选：B.16．函数的一个零点所在的区间是（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】先判断的单调性，结合零点存在性定理分析判断.【详解】因为的定义域为，且在内单调递增，可知在内单调递增，且，所以函数的唯一一个零点所在的区间是.故选：B.17．函数的零点所在区间为（

）A． B． C． D．【答案】C【分析】先判断函数的单调性，结合函数零点存在性定理可得到答案.【详解】因为和均是R上的增函数，所以函数是R上的增函数，又，，，所以函数的零点所在区间为.故选：C.18．设函数，，在上的零点分别为，则的大小顺序为（）A． B．C． D．【答案】B【分析】利用导数结合零点存在性定理得出，，，再根据，可得，即可得出答案.【详解】因为，，所以在上单调递增，又因为，所以存在使得，所以，因为，，令，解得，当时，，则在上单调递减，当时，，则在上单调递增，又因为，又，，所以，所以在上单调递增，又，，所以存在使得，所以最大，因为，所以，，，又，.故选：B．19．函数的零点所在区间为（

）A． B． C． D．【答案】C【分析】先验证函数的单调性，再代入验证，由零点存在定理得到零点所在区间.【详解】当时，设，则，故在上是单调递增函数；又，，由零点存在定理可知，函数的零点所在的区间为.故选：C.20．设方程的两根为，，则（

）A．， B．C． D．【答案】C【分析】由数形结合及零点的判定方法可确定出，即可判断AD，计算出，可判断BC.【详解】由可得，在同一直角坐标系中同时画出函数和的图象，如图所示：因为，，由图象可知，，所以故A，D错误；，因为，所以，所以，所以，即，故B错误，C正确.故选：C03：求函数零点及零点个数考点在小题中，研究函数零点个数，一般有两种方法.方法1：令，解方程，得出零点个数.方法2：通过变形转化为求两函数图象的交点个数.例如，设，求的零点个数，可将等价变形成，进而转化成研究函数与图象的交点个数.提醒：将拆分成两个函数时，原则是这两个函数的图象容易画出，不然就没法通过图象交点去研究零点个数了.21．函数的零点是（

）A．0 B．1 C．2 D．【答案】C【分析】令，求解方程即得.【详解】由，设，则得，解得，从而，所以.故选：C.22．已知函数则函数的零点个数为（

）A．1 B．2 C．3 D．4【答案】C【分析】分类求出函数零点即可.【详解】当时，由，得或0（舍去）；当时，由解得或.故共有3个零点.故选：C.23．已知符号函数，则函数的零点个数为（

）A．1 B．2 C．3 D．4【答案】C【分析】先分段写出的解析式，然后分类求方程的根即可.【详解】令，则，当时，若，得，符合；当时，若，得，符合；当时，若，得，符合；故函数的零点个数为.故选：C.24．函数在区间内的零点个数为（

）A．2 B．3 C．4 D．5【答案】C【分析】利用三角函数的性质求解即可.【详解】令，得，则；故，，所以在共有4个零点，故选：C.25．已知是函数的一个零点，是函数的一个零点，则的值为（

）．A．1 B．2018 C． D．4036【答案】B【分析】变形得到，，同一坐标系内画出，，的图象，根据和的图象关于对称，也关于对称，得到两点关于对称，从而得到，化简得到答案.【详解】由题意知是的一个根，是的一个根，即，，同一坐标系内画出，，的图象，根据反函数性质可得和的图象关于对称，也关于对称，其中，故两点关于对称，故的中点在上，即，故，即，故，故选：B26．若是函数的一个极值点，是函数的一个零点，则（

）A．4 B．3 C．2 D．1【答案】C【分析】根据极值点以及零点的含义可得，即可发现和都是函数的零点，利用函数单调性即可求解.【详解】，由得可知和都是函数的零点，因为函数是单调递增函数，所以，．故选：C．27．若函数的导数，的最小值为，则函数的零点为（

）A．0 B． C． D．【答案】C【分析】由，确定，由的最小值为，可求出，即可得出的解析式，进一步求出函数的零点.【详解】因为函数的导数，所以，为常数，设，则恒成立，在上单调递增，即在上单调递增，又，故当时，，即单调递减，时，，即单调递增，所以在处取得最小值，即，所以，所以，由，令，解得，所以的零点为.故选：C.28．函数的零点是（

）A．2 B． C．-2 D．2或-1【答案】A【分析】由题意令可得关于的方程，进而求解.【详解】由题意令，因为，所以，即.故选：A.29．已知函数（）的零点为，函数（）的零点为，则下列结论错误的是（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】根据函数解析式易得，从而得到即，逐一判断选项即可.【详解】因为在单调递增，所以，所以函数在单调递增，且，所以函数在上只有一个零点；而函数，且函数的零点为，所以，所以，故B错误；对于A，因为函数的零点为，所以，所以，所以，故A正确;对于，故C正确；对于，故D正确.故选：B.30．.已知函数的零点分别为，则的大小关系为（

）A． B．C． D．【答案】B【分析】将函数的零点转化为两个图象的交点的横坐标，结合函数的图象，即可求解.【详解】因为函数的零点分别为，可转化为与三个函数的交点的横坐标为，在同一坐标系下，画出函数与函数的图象，如图所示，结合图象可得：.故选：B.04：二分法考点1、二分法的定义对于在区间[a，b]上的图象连续不断且f(a)·f(b)<0的函数y＝f(x)，通过不断地把函数f(x)的零点所在的区间一分为二，使区间的两个端点逐步逼近零点，进而得到零点近似值，即f(x)＝0的近似解的方法叫作二分法．2、运用二分法求函数的零点应具备的条件(1)函数图象在零点附近连续不断.(2)在该零点左右两侧函数值异号.只有满足上述两个条件，才可用二分法求函数零点.因此，用二分法求函数的零点近似值的方法仅对函数的变号零点适用，对函数的不变号零点不适用.3、用二分法求函数零点1、给定精确度，用二分法求函数零点的近似值的步骤（1）确定零点的初始区间，验证；（2）求区间的中点；（3）计算，进一步确定零点所在的区间：=1\*GB3①若（此时），则就是函数的零点；=2\*GB3②若（此时），则令；=3\*GB3③若（此时），则令.（4）判断是否达到精确度：若，则得到零点近似值（或）；否则重复（2）~（4）注：（1）初始区间的确定要包含函数的变号零点；(2)用“二分法”求方程的近似解时，应通过移项问题转化为求函数的零点近似值．如求f(x)＝g(x)的近似解时可构造函数h(x)＝f(x)－g(x)，将问题转化为求h(x)的零点近似值的问题．4、关于精确度（1）“精确度”与“精确到”不是一回事，这里的“精确度”是指区间的长度达到某个确定的数值，即；“精确到”是指某讴歌数的数位达到某个规定的数位，如计算，精确到0.01，即0.33（2）精确度表示当区间的长度小于时停止二分；此时除可用区间的端点代替近似值外，还可选用该区间内的任意一个数值作零点近似值。5、用二分法求函数零点的近似值应遵循的原则(1)需依据图象估计零点所在的初始区间[m，n](一般采用估计值的方法完成).(2)取区间端点的平均数c，计算f(c)，确定有解区间是[m，c]还是[c，n]，逐步缩小区间的“长度”，直到区间的两个端点符合要求，终止计算，得到函数零点的近似值.6、用二分法求方程的近似解用二分法求方程的近似解，首先要选好计算的初始区间，这个区间既要包含所求的根，又要使其长度尽量小，其次要依据给定的精度，及时检验所得区间是否达到要求(达到给定的精度)，以决定是停止计算还是继续计算.31．用二分法研究函数的零点时，第一次经过计算得，，则其中一个零点所在区间和第二次应计算的函数值分别为（

）A．， B．，C．， D．，【答案】B【分析】根据函数零点的存在性定理可知零点，结合对二分法的理解即可得出结果.【详解】因为，由零点存在性知：零点，根据二分法，第二次应计算，即.故选：B.32．已知增函数的图象在上是一条连续不断的曲线，在用二分法求该函数零点的过程中，依次确定了零点所在区间为，，，则的值是（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】根据二分法的过程得到满足的方程组，由此求解出的值，即可得出答案.【详解】因为依次确定了零点所在区间为，，，可得，即，解得.所以.故选：B.33．下列函数中，不能用二分法求零点的是（）A． B．C． D．【答案】B【分析】利用二分法求零点的要求，逐一分析各选项即可得解.【详解】不能用二分法求零点的函数，要么没有零点，要么零点两侧同号；对于A，有唯一零点，且函数值在零点两侧异号，故可用二分法求零点；对于B，有唯一零点，但恒成立，故不可用二分法求零点；对于C，有两个不同零点，且在每个零点左右两侧函数值异号，故可用二分法求零点；对于D，有唯一零点，且函数值在零点两侧异号，故可用二分法求零点.故选：B.34．设，用二分法求方程在上的近似解时，经过两次二分法后，可确定近似解所在区间为（

）A．或都可以 B．C． D．不能确定【答案】B【分析】借助二分法定义计算即可得.【详解】，，第一次取，有，故第二次取，有，故此时可确定近似解所在区间为.故选：B.35．已知函数，现用二分法求函数在内的零点的近似值，则使用两次二分法后，零点所在区间为（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】根据二分法的计算方法即可判断.【详解】由二分法可知，第一次计算，又，由零点存在性定理知零点在区间上，所以第二次应该计算，又，所以零点在区间.故选：B.36．已知函数在区间内存在一个零点，用二分法求方程近似解时，至少需要求（

）次中点值可以求得近似解（精确度为0.01）.A．5 B．6 C．7 D．8【答案】C【分析】根据二分法结合零点的近似值求解.【详解】由所给区间的长度等于1，每经过一次操作，区间长度变为原来的一半，经过n次操作后，区间长度变为，故需，解得，所以至少需要操作7次.故选：C37．用二分法求函数的一个正零点的近似值（精确度为时，依次计算得到如下数据；，关于下一步的说法正确的是（

）A．已经达到精确度的要求，可以取1.1作为近似值B．已经达到精确度的要求，可以取1.125作为近似值C．没有达到精确度的要求，应该接着计算D．没有达到精确度的要求，应该接着计算【答案】C【分析】由二分法的定义直接求解即可.【详解】由二分法的定义，可得正零点所在区间不断缩小，时的区间长度为，故没有达到精确的要求，应该接着计算的值.故选：C38．若函数的一个正数零点附近的函数值用二分法计算，其参考数据如下：那么方程的一个近似根精确度为可以是（）A． B． C． D．【答案】C【分析】利用零点存在性定理及二分法，结合表格计算即可.【详解】因为，，所以，所以函数在内有零点，因为，所以不满足精确度为因为，所以，所以函数在内有零点，因为，所以不满足精确度为因为，所以，所以函数在内有零点，因为，所以不满足精确度为因为，所以，所以函数在内有零点，因为，所以不满足精确度为因为，所以，所以函数在内有零点，因为，满足精确度为，所以方程的一个近似根精确度为可以是区间内任意一个值包括端点值.故选：C.39．用二分法研究函数的零点时，第一次经过计算发现，，可得其中一个零点，则第二次还需计算函数值（

）A． B． C． D．【答案】C【分析】根据二分法，可得答案.【详解】由题意，第一次经过计算发现，，可得其中一个零点，由于，则第二次需计算，故选：C．40．若函数的一个正零点用二分法计算，零点附近函数值的参考数据如下：，，，，，，那么方程的一个近似根（精确度）为（

）A．1.2 B．1.3 C．1.4 D．1.5【答案】C【分析】由参考数据可得，区间满足题干要求精确到，结合选项可得答案.【详解】因为，所以不必考虑端点；因为，所以不必考虑端点和；因为，，所以，所以函数在内有零点，因为，所以满足精确度0.1；所以方程的一个近似根（精确度0.1）是区间内的任意一个值（包括端点值），根据四个选项可知：.故选：C.05：根据函数零点所在区间求参数的取值范围已知函数零点所在区间求参数的取值范围根据函数零点所在的区间求解参数的关键是结合条件给出参数的限制条件，此时应分三步：①判断函数的单调性；②利用零点存在性定理，得到参数所满足的不等式；③解不等式，即得参数的取值范围．在求解时，注意函数图象的应用．41．已知函数，则使有零点的一个充分条件是（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】首先判断，此时可得的单调性，依题意可得，令，结合函数的单调性及零点存在性定理得到存在使得，从而得到有零点的充要条件为，即可判断.【详解】因为，当时，，所以，没有零点，故A错误；当时与在上单调递增，所以在上单调递增，，要使有零点，则需，即，令，则在上单调递减，且，，，所以存在使得，所以有零点的充要条件为，所以使有零点的一个充分条件是.故选：D42．若函数的最小正周期为，在区间上单调递减，且在区间上存在零点，则的取值范围是（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】根据给定周期求得，再结合余弦函数的单调区间、单调性及零点所在区间列出不等式组，然后结合已知求出范围.【详解】由函数的最小正周期为，得，而，解得，则，由，得，又在上单调递减，因此，且，解得①，由余弦函数的零点，得，即，而在上存在零点，则，于是②，又，联立①②解得，所以的取值范围是.故选：B43．已知函数，若有且只有一个零点，且，则实数的取值范围是（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】求出函数的导数，按分类，结合函数单调性、极值讨论函数的零点是否符合题设要求即可得解.【详解】显然，否则函数有两个零点，不符合题意，函数，求导得，当时，由，得或，函数在上单调递增，，则函数在上有一个零点，不符合题意；当时，由，得或，由，得，函数在上单调递减，在上单调递增，当时，取得极小值，当时，取得极大值，而，则在上有唯一零点，因为有且只有一个零点，且，则当且仅当，于是，所以实数的取值范围是.故选：A44．若函数在区间上有极值点，则实数的取值范围是（

）A． B． C． D．【答案】C【分析】求导，然后根据导函数为单调函数，利用零点存在定理列式计算.【详解】由已知得，明显为单调递增函数，若函数在上有极值点，则且，解得.即.故选：C.45．设函数的定义域为，满足，且当时，．若对任意，都有，则m的取值范围是（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】由题设条件画出函数的简图，由图象分析得出的取值范围.【详解】当时，，则，即当时，，同理当时，；当时，.以此类推，当时，都有.函数和函数在上的图象如下图所示：由图可知，，解得，即对任意，都有，即的取值范围是.故选：D46．已知函数在内有零点，则的取值范围是（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】首先判断函数的单调性，再根据零点存在性定理，即可列式求解.【详解】是增函数，也是增函数，所以是上的增函数.因为在内有零点，所以，解得.故选：A47．若椭圆的离心率和双曲线的离心率恰好是关于的方程的两个实根，则实数的取值范围是（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】根据离心率得出，的范围，利用离心率恰好是关于的方程的两不等实根，即可得出实数的取值范围.【详解】由椭圆与双曲线的性质可知，椭圆的离心率，双曲线的离心率，关于的方程有两个不相等的实根，，令，则解得：．故选：D．48．关于x的方程的唯一解在区间内，则k的值为（

）A．2 B．3 C．4 D．5【答案】A【分析】由零点存在性定理结合函数单调性可判断得解.【详解】由题意得，关于x的方程的唯一解在区间内可转化为：函数的唯一零点在区间内，由，且，由零点存在性定理可得在上有零点，又因为函数的唯一零点在区间内，所以.故选：A．49．函数在区间上存在零点，则实数的取值范围是（

）A． B．C． D．【答案】D【分析】由函数的单调性，根据零点存在性定理可得.【详解】若函数在区间上存在零点，由函数在的图象连续不断，且为增函数，则根据零点存在定理可知，只需满足，即，解得，所以实数的取值范围是.故选：D.50．已知，若关于x的方程在上有解，则a的取值范围为（

）A． B．C． D．【答案】B【分析】根据已知可得.当时，设，，根据函数的单调性以及函数增长速度的快慢，结合函数图象，列出不等式，求解即可得出；当时，代入方程求解，即可判断；当时，设，根据函数的单调性，结合零点存在定理，列出不等式组，求解即可得出答案.【详解】由已知可得，.当时，设，，函数在上单调递减，在上单调递减.但是函数的递减的速度要慢于函数的递减速度，且.作出函数以及的图象如图，要使与在上有交点，应满足，即.又，所以；当时，由已知可得，整理可得，解得，或（舍去），此时方程有解，满足；当时，设，函数以及均为上的增函数，所以，在上单调递增.要使在上有解，根据零点存在定理可知，应有，即，解得.综上所述，.故选：B.考点06：根据函数零点个数求参数的取值范围已知方程有根求参数的取值范围常用的方法：（1）直接法：直接求解方程得到方程的根，再通过解不等式确定参数范围；（2）分离参数法：先将参数分离，转化成求函数的值域问题加以解决；（3）数形结合法：先对解析式变形，进而构造两个函数，然后在同一平面直角坐标系中画出函数的图象，把方程解的问题转化为函数图象交点问题，利用数形结合的方法求解.51．若函数在区间内恰有一个零点，则实数的取值范围为（

）A． B． C． D．【答案】C【分析】对进行讨论，即可结合二次函数的性质以及零点存在性定理求解.【详解】若时，，则，满足题意，若，当，解得且，此时满足题意，若时，，此时，此时方程在只有一根，满足题意，若时，，此时，此时方程在只有一根，满足题意，当，得时，此时，此时方差的根为，满足题意，综上可得或故选：C52．已知函数，，若函数有8个零点，则正数的取值范围是（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】令，得到或，当，，利用导数与函数单调性间的关系，得到的单调区间，数形结合，得到当时，有四个根，从而有当，有四个零点，由和，直接求出零点，即可求出结果.【详解】令，得到，解得或，又时，，，由得到，由，得到，即当时，在区间上单调递增，在区间上单调递减，又，，时，，其图象如图，所以，当时，或均有2个根，有四个根，即时，有四个零点，又函数有8个零点，所以，当，有四个零点，由，得到或，即或，由，得到或，即或，又，，所以从右向左的个零点为，，，，所以，得到，故选：D.53．已知函数在上有且仅有两个零点，则的取值范围是（

）A． B． C． D．【答案】C【分析】利用降幂公式降幂，结合余弦函数的图象特征，可得关于的不等式，即可求得实数得取值范围.【详解】函数，由，得，要使函数在上有且仅有两个零点，则，得，即的取值范围是.故选：.54．已知函数，若函数在有6个不同零点，则实数a的取值范围是（

）A． B．C． D．【答案】C【分析】令，得或，作出函数的图象，结合函数图象，分，和三种情况讨论即可得解.【详解】令，即，解得或，如图，作出函数的图象，当时，有无数个解；当时，则方程无解，因为函数在有6个不同零点，所以方程在有6个不同的实根，即函数的图象在有6个不同的交点，由图可知，，所以，当时，则方程无解，则方程在有6个不同的实根，即函数的图象在有6个不同的交点，由图可知，，所以，综上所述，实数a的取值范围是.故选：C.55．已知函数在区间内没有零点，则周期的最小值是（

）A． B． C． D．【答案】C【分析】先利用辅助角公式进行化简，然后结合正弦函数的零点求出零点的表达式，结合已知条件，求出的最大值，从而可求周期的最小值．【详解】，令得，所以，，因为在区间内没有零点，所以，只需且，解得，令得，得，因为，所以的取值范围，所以周期的最小值是，故选：．56．若函数在上有两个不同的零点，则下列说法正确的是（

）A． B．C． D．【答案】B【分析】根据一元二次方程根的分布，即可列出不等式，结合选项即可求解.【详解】在上有两个不同的零点,则，故，故B正确，ACD错误，故选：B57．已知关于x的方程在上有两个不同的实数解，则实数a的取值范围为（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】设，则可得有两个根，进而利用二次函数的性质可得时可满足条件.【详解】在上有两个零点，设，则有两个根．因为，且是开口向上，对称轴为的二次函数，因为，，则存在，使得，若方程在上有两个根，则，解得，所以非零实数a的取值范围为．故选：B.58．已知函数，有且只有一个负整数，使成立，则的取值范围是（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】根据题意，将问题转化为有且只有一个负整数解，分别构造与，做出函数图象，结合图象可得，即可求解.【详解】已知函数，则有且只有一个负整数解，令，则，当时，，当时，，所以在上单调递减，在上单调递增，当时，取得最小值为，且时，，时，，设，则恒过点，在同一坐标系中分别做出与图象，如图所示，显然，由题意可得，解得，所以，即的取值范围是.故选：A59．设函数，，当时，曲线与恰有一个交点，则（

）A． B． C．1 D．2【答案】D【分析】解法一：令，分析可知曲线与恰有一个交点，结合偶函数的对称性可知该交点只能在y轴上，即可得，并代入检验即可；解法二：令，可知为偶函数，根据偶函数的对称性可知的零点只能为0，即可得，并代入检验即可.【详解】解法一：令，即，可得，令，原题意等价于当时，曲线与恰有一个交点，注意到均为偶函数，可知该交点只能在y轴上，可得，即，解得，若，令，可得因为，则，当且仅当时，等号成立，可得，当且仅当时，等号成立，则方程有且仅有一个实根0，即曲线与恰有一个交点，所以符合题意；综上所述：.解法二：令，原题意等价于有且仅有一个零点，因为，则为偶函数，根据偶函数的对称性可知的零点只能为0，即，解得，若，则，又因为当且仅当时，等号成立，可得，当且仅当时，等号成立，即有且仅有一个零点0，所以符合题意；故选：D.60．已知函数，若函数有6个不同的零点，则实数a的取值可以是（

）A． B．3 C． D．【答案】C【分析】画出函数图象，再根据函数零点个数以及二次函数根的分布情况，可求得.【详解】作出函数的图象如下图所示：结合图象可知，令，令，则可得方程有两个不相等的实数根，不妨设；所以，解得或；若函数有6个不同的零点，根据图象可知当时符合题意，此时无解；当时，满足函数有6个不同的零点，根据二次函数根的分布可知此时需满足，解得，因此实数a的取值可以是.故选：C考点07：分段函数与零点问题形如1：已知定义域为的函数，若是三个互不相同的正数，且，则的范围是？破解：作出函数的图象，不妨设，则，∴，∴，即，∴，∴.形如2：已知函数，若方程有四个不同的解，，，，且，则的取值范围是？破解：由题意作函数与的图象如下，结合图象可知，，，故，，故，61．已知函数，，若存在3个零点，则a的取值范围是（）A． B． C． D．【答案】D【分析】根据题意，将函数零点问题转化为函数图象交点问题，然后结合函数图象，代入计算，即可求解.【详解】令，即，则函数的零点个数即为函数与函数交点的个数，做出函数与函数的图象，如图所示，当直线与曲线相切时，又当时，，则，则，则，即且点为，此时，因为存在3个零点，即函数与函数的图象有3个交点，所以，解得，所以a的取值范围是.故选：D62．已知函数若有4个零点，则实数的取值范围为（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】先讨论是否为函数零点，然后，两边同时除以，分离参数，最终转化为与交点问题，求导，研究单调性画出图象，即可得到答案.【详解】当时，，对于任意恒成立，所以是其中的一个零点.当时，有三个（除之外）的零点，即，所以有三个交点.令，当，，,当，单调递增.当，单调递减，所以.当，为二次函数，易知单调性，在单调递减，在单调递增..图象如下：与有三个交点，的取值范围为或者.故选：B63．已知函数，函数与函数的图象有5个不同的交点，则正实数k的取值范围是（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】作出函数的图象，数形结合求得参数的范围.【详解】作出的图象如图所示，函数与函数的图象有5个不同的交点，即有5个不同零点，令，则，又，当时，有唯一的，即仅有一个零点，不合题意；当时，有三个零点，，，相应的只有3个零点，不合题意；当时，有三个零点，，，所以有1个零点，有1个零点，则有3个零点，又，，则，解得，又，.综上，正实数的取值范围是.故选：A.64．设，函数，若函数恰有5个零点，则实数的取值范围为（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】设，可确定当时，函数的零点个数，继而作出的大致图象，考虑时的图象情况，分类讨论，将零点问题转化为函数图象的交点问题，数形结合，即可解决.【详解】设，当时，，此时，由得，即，解得或，所以在上有2个零点；时，若，对称轴为，函数的大致图象如图：此时，即，则，所以无解，则无零点，无零点，综上，此时只有两个零点，不符合题意，若，此时的大致图象如下：令，解得（舍去），显然在上存在唯一负解，所以要使恰有5个零点，需，即，解得，所以．故选：D65．定义在上的满足对，关于的方程有7个不同的实数根，则实数a的取值范围是（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】依题意，对化简得，即，画出图象，结合图象即可得到答案.【详解】关于的方程可化简为，即有7个不同的根，画出的图象，

观察可以看出当有4个不同的根，故只需有3个不同的根即可，所以.故选：A.66．已知函数，若曲线与直线恰有2个公共点，则a的取值范围是（

）A． B． C． D．【答案】C【分析】由导函数等求出函数单调性和切线方程，画出的图象，数形结合即可得解.【详解】当时，，其在上单调递减，在上单调递增，且，则；当时，，，其在上单调递减，且.作出的图象，如图，易知的取值范围是.故选：C.67．已知函数若关于的方程有5个不同的实数根，则的取值范围是（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】直线与函数的图象有5个交点，可得是奇函数，可得只需直线与曲线有2个交点即可，即方程有2个实数根，利用导数即可求解.【详解】由题意得，则直线与函数的图象有5个交点.显然，直线与的图象交于点.又当时，；当时，；当时，，所以是奇函数，则必须且只需直线与曲线有2个交点即可，所以方程有2个实数根.令，则，当时，单调递减；当时，单调递增，所以.又当趋近于0时，,所以；当趋近于时，，所以必须且只需.68．已知函数，函数有四个不同的零点，从小到大依次为，则的取值范围为（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】利用求导研究分段函数单调性，再作出分段函数图象，确定参数取值范围，再利用韦达定理分别得到根与系数的关系，再构造新的函数，即可求出值域.【详解】∵时，，∴，则当时，，则在上单调递减，当时，，在上单调递增，且，，又时，，，则当时，，则在上单调递减，当时，，则在上单调递增，且，根据分段函数定义域，画出函数图象，现将有四个零点转化为的图象与有四个不同交点，由图分析可知：，由图可知：是方程的两根，而，可知：，是方程的两根，而，可知：，所以可得：，设，，则，故在上单调递增，当时，，即.故选：D.69．函数，若方程恰有三个不相等的实数根，则实数的取值范围是（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】方程恰有三个不相等的实数根可转化为与的图象的交点有3个，利用导数求出切线斜率，根据数形结合求解.【详解】作出与的图象，的图象为恒过定点的直线，如图：当时，设与相切于点，则，解得，即，所以，所以，由图象可知，此时的图象与的图象有两个公共点，当时，的图象与的图象有一个公共点，当时，的图象与的图象有三个公共点，当时，的图象与的图象有两个公共点，综上，，的图象与的图象有三个公共点，即方程恰有三个不相等的实数根，故实数的取值范围是.故选：A70．已知函数，若关于x的方程的不同实数根的个数为6，则a的取值范围为（

）．A． B． C． D．【答案】C【分析】方程因式分解得，所以或，根据函数的草图，判断的解的个数，从而确定解的个数，可得的取值范围.【详解】当时，，由此可知在单调递减，且当时，，在上单调递增，；当时，在单调递增，在上单调递减，，如图所示．得，即或，由与有两个交点，则必有四个零点，即，得.故选：C考点08：嵌套函数与零点问题定义：①函数里调用另一个函数简称函数嵌套. ②函数里调用函数本身简称递归嵌套.函数嵌套原理求函数解析式步骤如下：形如：第一步：令第二步：令，,解出第三步：求出的解析式.71．已知函数若函数有5个不同的零点，则的取值范围是（

）A． B． C． D．【答案】C【分析】求得，得到函数的单调性和极值，作出函数的图象，根据题意，转化为和共有5个不相等实数根，结合图象，即可求解.【详解】当时，，此时，则时，单调递减；时，单调递增，所以，当是的极小值点，作出如图所示的函数的图象，函数有5个不同的零点，则方程，即有5个不相等实数根，也即是和共有5个不相等实数根，其中有唯一实数根，只需有4个且均不为-2的不相等实数根，由图可知，即实数的取值范围为.故选：C.72．已知函数，，若关于的方程有两个不等实根，且，则的最大值是（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】先利用导函数得出函数在上单调递增，将关于的方程有两个不等实根转化为关于的方程有两个不等实根；再数形结合得出，；最后构造函数，并利用导数求出该函数的最大值即可.【详解】由可得：函数的定义域为，，所以函数在上单调递增.令.因为关于的方程有两个不等实根，，则关于的方程有两个不等实根，.作出函数的图象，如图所示：.所以结合图形可知.由可得：，，解得：，即有.设，则.令，得：；令，得：，所以函数在区间上单调递增，在区间上单调递减，所以.故选：B.73．满足，且当时，，则方程的所有根之和为（

）A．4 B．6 C．8 D．10【答案】D【分析】画出函数图象，求出的解对照图象求得根之和.【详解】由题意得，则关于对称，其图象如下令，则关于的方程由4个解，其中，关于的方程有四个解，由对称性可知，其和为4，同理：关于的方程有两个解，由对称性可知，其和为2，关于的方程有两个解，由对称性可知，其和为2，关于的方程有两个解，由对称性可知，其和为2，所以方程的所有根之和为10.故选:D74．已知函数，若关于的方程有8个不相等的实数根，则实数的取值范围为（

）A． B．C． D．【答案】C【分析】利用导数研究函数的图象和性质，结合绝对值函数的图象作出函数的大致图象，然后根据题意得到一元二次方程根的分布，从而得到关于的不等式组，解不等式组即可得到实数的取值范围.【详解】令，则，令，解得，故当时，单调递增，当时，单调递减，所以，且当时，，当时，，结合绝对值函数的图象可画出函数的大致图象，如图所示：

令，则方程，即方程，，①当时，式无实数根，直线和的图象无交点，原方程无实数根；②当时，式有两个相等的实数根，直线和的图象最多有4个交点，因此要使有8个不相等的实数根，则式有两个不相等的实数根，不妨设为，且，则.则，解得.故选：C.75．设定义在的单调函数，对任意的都有，若方程有两个不同的实数根，则实数的取值范围为（

）A． B．C． D．【答案】B【分析】对任意的，都有，又是定义在上的单调函数，则为定值，求出其值后得，进而求得由方程有两个不同的实数根，转化为有两个不同的实数根，令对其求导求得的最小值，从而求得实数的取值范围.【详解】