高一物理答案

高一年级期末考试物理答案1．C【详解】“其满而重者行迟，空而轻者行疾”、“任重，其进取疾速，难矣”，本质上的意思是，在相同力的作用下，质量大的物体速度变化慢，加速度小，质量小的物体速度变化快，加速度大，因此王充对运动与力的理解与牛顿第二定律相近。2．C【详解】A．物体在恒力作用下不一定做直线运动，如平抛运动，故A错误；B．物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，只要变力的方向始终与速度共线，物体就做直线运动，故B错误；C．物体的速度方向与合外力方向不在同一直线上时，物体一定做曲线运动，故C正确；D．加速度不为零且保持不变的运动叫做匀变速运动，可以是直线运动，也可以是曲线运动，D错3．D【详解】如果离地高处自由下落，则由，可得落到地面的时间树叶在下落过程中受到空气阻力作用，使得下落的时间增大，大于1s。4．C【详解】A．对机器人整体受力分析，脚受地面支持力大小不变，A错误；B．由于A、B两处均看作光滑的铰链，所以腿部承受的弹力方向与AB共线，设B点上方人体的重力大小为G，对B点受力分析如图所示，根据平衡条件可知，腿对B点的作用力与墙壁对后背的支持力的合力大小始终等于G，根据平行四边形定则有，变小，变大，变大，B错误；CD．地面摩擦力、墙壁弹力均等于，脚受到地面的摩擦力和后背受到墙面的支持力都越来越大，故C正确，D错误。5．A【详解】ABD．小明在下蹲过程经历先向下加速再向下减速，即先失重后超重；起立过程经历先向上加速再向上减速，即先失重后超重，所以由图示可知，小明先下蹲后起立，小明完成了1次下蹲和1次起立，且a点对应时刻小明的加速度为0，向下的速度达到最大，故A正确，BD错误；C．b点对应时刻，小明正在起立减速上升的过程，所以小明处于失重状态，故C错误。6．C【详解】A．根据位移关系有A正确，不符合题意；B．小船相对静水速度的大小为B正确，不符合题意；C．因为静水中的船速小于水速，所以小船无法沿直线到达正对岸。C错误，符合题意；D．当小船的船头与下游河岸的夹角满足小船过河的位移最小，D正确，不符合题意。7．B【详解】A．0~t1时间内小物块向左做匀减速直线运动，t1时刻小物块向左速度减为零，此时离A处的距离达到最大，故A错误；B．t2时刻前小物块相对传送带向左运动，之后小物块相对传送带静止，时刻小物块相对传送带滑动的距离达到最大，故B正确；C．0~t2时间内小物块先减速，后反向加速，小物块受到大小不变，方向始终向右的摩擦力作用D．时刻小物块向右速度增加到与皮带相等，时刻之后小物块与皮带保持相对静止随水平传送带一起匀速运动，摩擦力消失，故D错误。8．AC【详解】A．足球运动的时间为故A正确；B．足球的位移大小为故B错误；C．当足球停下时，运动员运动的位移为所以足球停下后运动员才追上足球，故C正确；D．足球停下时，运动员距离足球为此时运动员还需要才能追上足球，故运动员追上足球需要时间为故D错误。9．BD【详解】A．图象的斜率表示加速度，故物块上滑的加速度大小为下滑的加速度大小故A错误；BC．物体上滑时受到重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律，有物体下滑时受到重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律，有又解得，故B正确，C错误；D．图象与时间轴包围的面积表示位移大小，故物块向上滑行的最大距离为故D正确。10．BCD【详解】B．由于两物体是通过轻质细线连接，物体的速度均沿细线方向，则小球与物块的加速度大小相等，B正确；AC．对小球与物块进行分析有解得A错误，C正确；D．对小球进行分析有结合上述解得，D正确。11．BD【详解】A．环刚开始释放时，环有向下的加速度，而该加速度没有沿绳子方向的分量，所以重物在瞬间加速度为零，则绳子的张力等于重物的重力，即T=2mg，所以A错误；B．小环到达B处时，重物上升的高度应为右边绳子缩短的长度，即h=d－d，所以B正确；CD．根据题意，绳子两端沿绳方向的分速度大小相等，将小环速度沿绳子方向与垂直于绳子方向正交分解，应有v环cos45°=v物得所以C错误，D正确。12．

乙

>

1.2【详解】（1）[1]小球抛出点位置的确定需要考虑小球的直径，所以选择图乙比较合理。（2）[2]由于小球在水平方向做匀速直线运动，根据可知[3]由图可知，小球通过AC、CD两段过程所用时间相等，设其时间为t，则水平方向有竖直方向根据有联立解得v0≈1.26m/s13．

2.0

BC

【详解】（1）[1]由逐差法得解得（2）[2]A．由题意可知本实验是在轨道水平情况下进行，故不能通过将轨道左侧垫高来平衡摩擦力，故A错误；BD．力传感器能准确测出滑块所受到的拉力，因此无需测出重物的总质量，也不需要保证重物的质量远小于滑块和位移传感器发射部分的总质量，故B正确，D错误；C．连接滑块的细线与轨道保持平行，使得力传感器测得的力的大小等于滑块在水平方向上受到的拉力，才能更好地减小误差，故C正确。[3][4]由牛顿第二定律得由滑动摩擦力公式得联立得变形得故图像的斜率、纵轴截距分别为，解得，14．（1）；（2）；（3）【详解】（1）对同学受力分析得代入数据解得（2）整体受力分析根据牛顿第三定律得（3）对左侧桌子受力分析得解得15．（1）；（2）【详解】（1）对长木板受力分析有，则木板始终静止，取滑块初速度方向为正，对滑块受力分析有，滑块刚滑到长木板右端时，由匀变速直线运动公式有，解得（2）由题可知滑块滑到长木板右端时两者刚好速度相同，滑块在长木板上滑动时的加速度仍为，设长木板的加速度大小为，经过时间t两者速度大小相等，解得，对长木板由牛顿第二定律有，解得16．（1）3s；（2）75m；（3）10m/s；（4）1.5s【详解】（1