2023年人教版九年级上册物理期末试卷 1

2023年人教版九年级上册物理期末试卷一、选择题（每题3分，共30分）1．（3分）小明按图1所示电路图做实验，闭合开关，两表读数如图2所示。L突然烧断，烧断后两表示数如图3所示，定值电阻两端电压为U、流经定值电阻的电流为I，与L烧断前相比，烧断后（）A．U变大，I变大 B．U变大，I变小 C．U不变，I变小 D．U不变，I不变2．（3分）如图所示，轻质棒M放在绝缘支架上，与毛皮摩擦后带上负电的绝缘棒L靠近M的A端时，A端被L吸引，则（）A．M一定带负电 B．M一定带正电 C．摩擦时，L失去电 D．摩擦时，L得到电3．（3分）如图所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒内放一小团硝化棉，迅速下压活塞，硝化棉燃烧。下压过程的能量转化情况与汽油机的哪个冲程相同（）A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程4．（3分）礼花喷射器结构如图，气罐内有高压气体，气罐通过气阀与纸筒相连。使用时转动纸筒，气体将纸筒内的礼花快速喷向远处。对该过程的分析正确的是（）A．罐内气体的内能减少 B．罐内气体分热运动加剧 C．罐内气体通过热传递方式改变了其内能 D．该过程能量转化方式与内燃机压缩冲程相同5．（3分）如图所示，电源电压为3V恒定不变，闭合开关后，LED灯L1比小灯泡L2亮，测得通过LED灯的电流I1＝0.2A，通过小灯泡的电流I2＝0.3A，下列正确的是（）A．L1的实际功率比L2的实际功率大 B．L1两端电压大于L2两端电压 C．工作相同的时间，L1比L2消耗的电能多 D．工作相同的时间，L1比L2消耗的电能少6．（3分）已知某电路接入两个定值电阻R1、R2和两个电流表，当开关闭合时，两定值电阻R1和R2均有电流通过，电路中两个完全相同的电流表指针偏转均如图所示。不正确的是（）A．两电阻可能是串联的 B．两电阻可能是并联的 C．如果已知通过R1的电流为0.3A，R2的电压是3V，则R2的电阻一定是10Ω D．如果R1和R的电阻之比是5：1，电压之比5：1，则该通过两电阻电流之比为1：17．（3分）对比如图中我国2017年发电量和2030年预测发电量，预测（）A．火电发电量将减少 B．水电发电量将增加 C．我国将以核能发电为主 D．风电发电量占总发电量的比例将减小8．（3分）如图，粒a由粒b、c构成，各粒的带电情况如下表，则b是（）粒带电情况a带正电b带正电c不带电A．质 B．原 C．电 D．原核（多选）9．（3分）关于图中表述正确的是（）A．1kg酒精比热容比10kg的煤油大 B．10kg酒精比1kg煤油的热值大 C．1kg酒精完全燃烧放出热量是3×107J D．单价一样时，用酒精的燃料更加经济10．（3分）下列符合安全用电原则的是（）A． B． C． D．二、填空、计算与解析题（8个小题，共70分）11．如图1所示，以O为支点质量忽略不计的杠杆挂上10N重物A，杠杆同时还受另一个力FB作用（图中未画出），杠杆处于平衡状态（杠杆上每格的长度相同，忽略绳重）。（1）这个杠杆受到的阻力FA（选填“是”或“不是”）重物A的重力；（2）请在图1中画出阻力FA的力臂LA；（3）如果FB为一个大小比FA大且方向竖直向下的力，请在图1中画出FB的示意图并标示它的大小；（4）如果FB为一个大小比FA小且方向竖直向上的力，请在图2中画出FB的示意图并标示它的大小。12．（1）已知酒精的热值为3.0×107J/kg，则0.7g酒精完全燃烧放出的热量为J；这些热量如果全部被0.1kg的液体吸收，液体的温度升高了50℃，则该液体的比热容为J/（kg•℃），0.1kg该液体的比热容（选填“大于”、“等于”或“小于”）0.5kg该液体的比热容；（2）用相同的加热器给初温及质量均相同的甲、乙两种液体加热，如图1所示。两种液体每秒吸收的热量相同，这两种液体的温度～加热时间的图线如图2所示。①从开始加热到第2分钟，甲、乙两种液体吸收热量的关系为Q甲Q乙（选填“＞”、“＝”或“＜”）；②如果两液体都加热到40℃，甲、乙两种液体吸收热量的关系为Q甲Q乙（选填“＞”、“＝”或“＜”）；③通过分析可得，（选填“甲”或“乙”）液体的比热容更大。13．如图是小明家电能表的表盘，其读数是kW•h。小明将家中其他用电器关闭，只让干衣机单独工作，观察到6min内电能表指示灯闪烁了160次，干衣机在这6min内消耗的电能为kW•h，它的实际功率是kW。14．小明设计了一个电路图如图甲，小灯泡L1、L2的规格不同。（1）根据电路图，用笔画线表示导线，把图乙中的实物连接起来；（2）电路正确连接后，闭合开关，两灯发光，如图丙电压表V1的示数为，V2的示数为2.8V，L2的电压是V；（3）小明继续实验，他将L1换成LED，闭合开关后发现LED亮，而L2不亮；①小明认为此时L2烧断，他判断是否正确？，依据是；②小芳认为L2两端电压不够，将图乙中的电池增至三节，闭合开关，两灯不亮，此时V1、V2的示数均为4.4V，这可能是烧断（选填“LED”、“L2”）。15．（1）小明借助图所示的滑轮组100N的拉力把重为200N的物块匀速提升1m，绳自由端移动了3m。①请根据该信息在图1上画出正确的绕线方式；②拉力所做的功的大小为；③滑轮组的机械效率为；（保留一位小数）（2）小明在对整个滑轮组进行受力分析时，得出以下关系式：G轮＝3F拉﹣G物，并利用该关系式求出该动滑轮的重力为100N。你觉得求出的结果符合实际吗？请说明理由。（3）如图2所示，小明分别使用甲、乙两种机械匀速提升同一物体M到同一高度，测得两次拉力和物体M所受的重力如表所示。F甲F乙GM5.5N5N5N①使用甲提升物体M时（选填“省力”、“费力”或“既不省力也不费力”）；②使用乙提升物体M时（选填“省力”、“费力”或“既不省力也不费力”）；③甲的机械效率（选填“大于”、“等于”或“小于”）乙的机械效率。16．中国茶文化源远流长。如图甲所示是一款煮茶器，有“加热”和“保温”两个挡位，其简化电路图如图乙所示，R1和R2均为发热电阻，煮茶器部分参数如表。煮茶器中装有初温为20℃的水，在标准大气压下，将水刚好加热到沸腾，用时700s，在此过程中煮茶器的加热效率为80%。求：额定电压220V保温挡功率100W加热挡功率900W（1）发热电阻R1的阻值。（2）加热过程中煮茶器消耗的电能。（3）煮茶器中水的质量。[水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃）]17．为了研究“通过导体的电流与导体电阻”的关系，小明将同一电源依次与5Ω、10Ω、15Ω、20Ω等阻值不同的电阻相连，如图1所示。（1）该实验需要控制哪个物理量不变？；（2）表记录了每次实验的数据，第3次实验电流表的示数如图2所示，请将其填入实验表格中；实验次数电阻/Ω电流/A150.282100.183154200.12（3）通过分析数据，小明并未能得到“通过导体的电流与导体电阻成反比”的结论。为了找到原因，老师建议小明在电阻R两端并联一个电压表，如图3所示，其目的是：；（4）通过以上实验，小明找出了自己的问题所在，他应当如何对实验电路进行改进？请在图4所示的虚线框内画出相应的电路图。18．把装有一定质量水的电热水壶接在电路中，使其正常工作。已知该电热水壶的额定功率为P额，水壶内水的质量为m，水的比热容为c水，请你设计实验测量该电热水壶正常工作时的热效率。（1）实验还需要的仪器有：和；（2）实验步骤：；（实验过程中，水未沸腾）（3）电热水壶正常工作时的热效率η＝。（用题目已知及补充的物理量符号表示）

参考答案与试题解析一、选择题（每题3分，共30分）1．（3分）小明按图1所示电路图做实验，闭合开关，两表读数如图2所示。L突然烧断，烧断后两表示数如图3所示，定值电阻两端电压为U、流经定值电阻的电流为I，与L烧断前相比，烧断后（）A．U变大，I变大 B．U变大，I变小 C．U不变，I变小 D．U不变，I不变【分析】由图1可知，电阻R和灯泡L并联，电压表测量并联电路两端的电压（也是测电阻R的电压），电流表测量干路中的电流；当L突然烧断后，电压表测电阻R的电压，电流表测通过它的电流；根据图中电压表的量程和指针位置读出前后两次电压表的示数，可知定值电阻两端的电压U的变化情况，由欧姆定律可知，流经定值电阻的电流I的变化情况；特别注意：不能比较电流表的示数，原因是灯泡烧断之前电流表测干路电流，并非测电阻R的电流；另外，也不能仅仅从电路结构上去分析电阻R两端的电压，而定值电阻两端的电压U变化的原因可能是电源有内阻或者电源电压变化造成的。【解答】解：由图1可知，电阻R和灯泡L并联，电压表测量并联电路两端的电压（也是测电阻R的电压），电流表测量干路中的电流；当L突然烧断后，电压表测电阻R的电压，电流表测通过它的电流；由图2和图3可知，电压表量程为0﹣3V，分度值为0.1V，原来电压表示数为1.6V，即原来定值电阻两端电压为U＝1.6V；灯泡L烧断后电压表示数为2.4V，即此时定值电阻两端电压为U′＝2.4V；所以，定值电阻两端的电压U变大；定值电阻的阻值不变，其电压U变大，由I＝可知，流经定值电阻的电流I也变大。故选：A。【点评】本题考查了串并联电路的电压特点、电阻特点，灵活应用欧姆定律是解题的关键。2．（3分）如图所示，轻质棒M放在绝缘支架上，与毛皮摩擦后带上负电的绝缘棒L靠近M的A端时，A端被L吸引，则（）A．M一定带负电 B．M一定带正电 C．摩擦时，L失去电 D．摩擦时，L得到电【分析】（1）带电体具有吸引轻小物体的性质；电荷间的相互作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；（2）由于不同物质的原核对核外电的束缚本领不同造成的，在摩擦的过程中束缚本领强的得电带负电，束缚本领弱的失电带正电，相互摩擦的两个物体带等量异种电荷。【解答】解：AB、与毛皮摩擦后的绝缘棒带负电，绝缘棒吸引轻质棒的A端，说明轻质棒可能带正电，也可能不带电，故A、B错误；CD、绝缘棒带负电，是因为绝缘棒得到了电，故C错误、D正确。故选：D。【点评】此题考查了带电体的性质、电荷间相互作用及带电的原因，需要注意的是，相互排斥的是同种电荷，相互吸引的不一定是异种电荷。3．（3分）如图所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒内放一小团硝化棉，迅速下压活塞，硝化棉燃烧。下压过程的能量转化情况与汽油机的哪个冲程相同（）A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程【分析】（1）改变内能的方式有两种，即做功和热传递；对物体做功，物体的内能会增加，物体对外做功，其内能会减小；（2）四冲程汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、压缩、做功和排气，其中只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能。【解答】解：迅速下压活塞，压缩空气做功，使筒内空气的内能增加、温度升高，达到硝化棉的燃点，硝化棉燃烧，该过程将机械能转化为内能；A图中，进气门开启，活塞下行，气体被吸入汽缸中，该冲程没有能量转化；B图中，两气门都关闭，活塞上行，压缩燃料和空气的混合物做功，将机械能转化为内能；C图中，两气门都关闭，燃气膨胀推动活塞做功，将内能转化为机械能；D图中，排气门开启，活塞上行，废气被排出，该冲程没有能量转化；所以，题干描述的过程与B图所示冲程的能量转化相同。故选：B。【点评】本题考查了内燃机工作中能量的转化，根据汽油机四冲程的特点解答，常见题目。4．（3分）礼花喷射器结构如图，气罐内有高压气体，气罐通过气阀与纸筒相连。使用时转动纸筒，气体将纸筒内的礼花快速喷向远处。对该过程的分析正确的是（）A．罐内气体的内能减少 B．罐内气体分热运动加剧 C．罐内气体通过热传递方式改变了其内能 D．该过程能量转化方式与内燃机压缩冲程相同【分析】（1）改变物体内能的方式有做功和热传递；气体对外做功，内能减少，温度降低；（2）分无规则运动与温度有关，温度越高，分无规则运动速度越快；（3）汽油机的做功冲程将内能转化为机械能，压缩冲程将机械能转化为内能。【解答】解：AC、在喷出礼花的过程中，罐内的压缩空气对礼花做功，空气内能转化为礼花的机械能；罐内气体内能减少，故A正确、C错误；B、罐内气体内能减少，温度降低，分热运动速度减慢，故B错误；D、汽油机做功冲程是将内能转化为机械能，而气体将纸筒内的礼花快速喷向远处时，也是将内能转化为机械能，故D错误。故选：A。【点评】本题考查了做功改变物体内能、内能与温度的关系、汽油机的工作原理等知识的理解和应用，主要是考查方式是将理论与现象对应起来。5．（3分）如图所示，电源电压为3V恒定不变，闭合开关后，LED灯L1比小灯泡L2亮，测得通过LED灯的电流I1＝0.2A，通过小灯泡的电流I2＝0.3A，下列正确的是（）A．L1的实际功率比L2的实际功率大 B．L1两端电压大于L2两端电压 C．工作相同的时间，L1比L2消耗的电能多 D．工作相同的时间，L1比L2消耗的电能少【分析】由电路图可知，L1与L2并联；（1）根据并联电路电压规律和P＝UI判断L1、L2实际功率的大小关系；（2）根据W＝Pt可知消耗电能的大小。【解答】解：由电路图可知，L1与L2并联；AB、因并联电路中各支路两端电压相等，所以L1两端电压等于L2两端电压，故B错误；已知通过LED灯的电流I1＝0.2A，通过小灯泡的电流I2＝0.3A，即I1＜I2，由P＝UI可知，L1的实际功率小于L2的实际功率，故A错误；CD、工作相同的时间，由W＝Pt可知，L1比L2消耗的电能少，故C错误，D正确。故选：D。【点评】本题主要考查了并联电路的特点、电功率和电功计算公式的应用，属于基础题。6．（3分）已知某电路接入两个定值电阻R1、R2和两个电流表，当开关闭合时，两定值电阻R1和R2均有电流通过，电路中两个完全相同的电流表指针偏转均如图所示。不正确的是（）A．两电阻可能是串联的 B．两电阻可能是并联的 C．如果已知通过R1的电流为0.3A，R2的电压是3V，则R2的电阻一定是10Ω D．如果R1和R的电阻之比是5：1，电压之比5：1，则该通过两电阻电流之比为1：1【分析】当开关闭合时，两个完全相同的电流表指针偏转相同，分析清楚电路结构，根据题意确定电流表的量程与示数关系，然后应用串并联电路特点与欧姆定律分析答题。【解答】解：由于两个完全相同的电流表指针偏转相同，因选择的量程不同，则电流表示数可能为：0.3A或1.5A，因两个定值电阻R1、R2阻值未知，则两电阻可能是串联、也可能并联，故AB正确；C、如果已知通过R1的电流为0.3A，R2的电压是3V，若两电阻是串联，则由欧姆定律可得：R2＝＝＝10Ω；若两电阻是并联，由于两个完全相同的电流表指针偏转相同，则另一个电流表的测量位置未知，故无法判断通过R2的电流，所以R2的电阻不判断，故C错误；D、如果R1和R的电阻之比是5：1，电压之比5：1，则两电阻一定是串联，根据串联电路的电流处处相等的特点可知该通过两电阻电流之比为1：1，故D正确。故选：C。【点评】本题考查串并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是清楚电路结构，掌握电流表的读数方法。7．（3分）对比如图中我国2017年发电量和2030年预测发电量，预测（）A．火电发电量将减少 B．水电发电量将增加 C．我国将以核能发电为主 D．风电发电量占总发电量的比例将减小【分析】根据图中提供的信息进行解答。【解答】解：A、由图可知我国2017年火电发电量为46627亿kW•h，2030年火电发电量为47570亿kW•h，火电发电量将增加，故A错误；B、由图可知我国2017年水电发电量为11898亿kW•h，2030年水电发电量为15900亿kW•h，水电发电量将增加，故B正确；C、由图可知到2030年我国核能发电量占发电量的4%，火力发电量占发电量的55%，以火力发电为主，故C错误；D、由图可知我国2017年风电发电量占发电量的5%，2030年风力发电量占发电量的12%，风电发电量占总发电量的比例将增加，故D错误。故选：B。【点评】本题难度适中，属于能力题，解题的关键是从图中获取有效信息。8．（3分）如图，粒a由粒b、c构成，各粒的带电情况如下表，则b是（）粒带电情况a带正电b带正电c不带电A．质 B．原 C．电 D．原核【分析】在原结构中，原是由原核和带负电的核外电构成的，原核又是由带正电的质和不带电的中构成的。【解答】解：根据原结构的相关知识可知，原是由原核和带负电的核外电构成的，原核又是由带正电的质和不带电的中构成的，所以a是原核，b是质，c是中，故A正确。故选：A。【点评】此题考查了原结构的相关基础知识，题目的难度很小，记住相关的基础知识即可解决此题。（多选）9．（3分）关于图中表述正确的是（）A．1kg酒精比热容比10kg的煤油大 B．10kg酒精比1kg煤油的热值大 C．1kg酒精完全燃烧放出热量是3×107J D．单价一样时，用酒精的燃料更加经济【分析】（1）比热容是物质的一种特性，其大小与物质的种类、状态有关，而与质量、体积无关；（2）热值是燃料的一种特性，其大小与燃料的种类有关，而与质量、燃烧程度无关；（3）由图得出，酒精的热值，利用Q放＝mq求1kg酒精完全燃烧放出热量；（4）单价一样时，在完全燃烧放出的热量相同时，用的燃料越少，花费越少、越经济。【解答】解：A、由左图可知，酒精的比热容大于煤油的比热容，而比热容与质量大小无关，所以1kg酒精的比热容比10kg煤油的比热容大，故A正确；B、由右图可知，酒精的热值小于煤油的热值，而热值与质量大小无关，所以10kg酒精的热值比1kg煤油的热值小，故B错误；C、由右图可知，酒精的热值q酒精＝3×107J/kg，1kg酒精完全燃烧放出热量：Q放＝mq＝1kg×3×107J/kg＝3×107J，故C正确；D、由右图可知，酒精的热值小于煤油的热值，单价一样时，在完全燃烧放出的热量相同时，用的煤油的质量少，花费少、经济，故D错误。故选：AC。【点评】本题考查了对比热容、热值特性的理解，以及放热公式Q放＝mq的应用，分析题图、得出相关信息是关键。10．（3分）下列符合安全用电原则的是（）A． B． C． D．【分析】（1）使用测电笔时，笔尖金属体接触导线，手接触笔尾金属体。（2）人一只手接触火线，一只手接触零线，人体、导线和电网的供电设备就构成了闭合电路，大电流流过人体，就会发生触电事故。（3）家用电器如电冰箱、电冰柜、洗衣机、电水壶、电饭锅等，应按产品使用要求，装有接地线的插座。（4）插座的左边要接零线，右边接火线，开关接在灯泡和火线之间。【解答】解：A、使用测电笔时，笔尖金属体接触导线，手接触笔尾金属体，A图中人的操作正确，故A正确。B、人一只手接触火线，一只手接触零线，人体、导线和电网的供电设备就构成了闭合电路，大电流流过人体，就会发生触电事故，故B错误。C、电冰箱的金属外壳必须接地，应采用三脚插头及三孔插座，可以防止外壳漏电时发生触电事故，故C错误。D、安装插座时，左边接零线，右边接火线；若开关接在灯泡和零线之间，当断开开关，火线和灯泡还处于连接状态，人接触灯泡的金属部分时会发生触电事故，所以开关应该接在灯泡和火线之间，故D错误。故选：A。【点评】本题是对安全用电常识的考查，要求能运用物理知识解决实际问题。二、填空、计算与解析题（8个小题，共70分）11．如图1所示，以O为支点质量忽略不计的杠杆挂上10N重物A，杠杆同时还受另一个力FB作用（图中未画出），杠杆处于平衡状态（杠杆上每格的长度相同，忽略绳重）。（1）这个杠杆受到的阻力FA不是（选填“是”或“不是”）重物A的重力；（2）请在图1中画出阻力FA的力臂LA；（3）如果FB为一个大小比FA大且方向竖直向下的力，请在图1中画出FB的示意图并标示它的大小；（4）如果FB为一个大小比FA小且方向竖直向上的力，请在图2中画出FB的示意图并标示它的大小。【分析】（1）从阻力和重力的作用点上区分两个力；（2）力臂是支点到力的作用线的距离，由此画出阻力FA的力臂；（3）FB为一个大小比FA大且方向竖直向下的力，根据杠杆的平衡条件判断FB的作用点并求出FB的大小，再画出其示意图；（4）FB为一个大小比FA小且方向竖直向上的力，根据杠杆的平衡条件判断FB的作用点并求出FB的大小，再画出其示意图。【解答】解：（1）阻力是杠杆受到的，作用点在杠杆上，而重力是物体A受到的，作用点在A的重心上，所以杠杆受到的阻力FA不是重物A的重力；（2）从支点O作FA作用线的垂线，垂线段长为其力臂LA，如图所示：；（3）如果FB为一个大小比FA大且方向竖直向下的力，则应作用在杠杆的左侧，且LB＜LA，由图知，FB应作用在O点左侧一格处，设杠杆上一格长为L，由杠杆的平衡条件有：FB•LB＝FA•LA，即：FB×L＝10N×2L，解得：FB＝20N，FB的示意图如图所示：（4）如果FB为一个大小比FA小且方向竖直向上的力，则应作用在杠杆的右侧，且LB＞LA，所以FB应作用在O点右侧第4格处，且FB′•LB′＝FA•LA，即：FB×4L＝10N×2L，解得：FB＝5N，FB的示意图如图所示：故答案为：（1）不是；（2）见上图；（3）见上图；（4）见上图。【点评】本题考查对力的概念的理解、杠杆上力和力臂的作图以及杠杆平衡条件的应用，确定杠杆上力作用的位置是关键。12．（1）已知酒精的热值为3.0×107J/kg，则0.7g酒精完全燃烧放出的热量为2.1×104J；这些热量如果全部被0.1kg的液体吸收，液体的温度升高了50℃，则该液体的比热容为4.2×103J/（kg•℃），0.1kg该液体的比热容等于（选填“大于”、“等于”或“小于”）0.5kg该液体的比热容；（2）用相同的加热器给初温及质量均相同的甲、乙两种液体加热，如图1所示。两种液体每秒吸收的热量相同，这两种液体的温度～加热时间的图线如图2所示。①从开始加热到第2分钟，甲、乙两种液体吸收热量的关系为Q甲＝Q乙（选填“＞”、“＝”或“＜”）；②如果两液体都加热到40℃，甲、乙两种液体吸收热量的关系为Q甲＜Q乙（选填“＞”、“＝”或“＜”）；③通过分析可得，乙（选填“甲”或“乙”）液体的比热容更大。【分析】（1）已知酒精的热值为3.0×107J/kg，根据Q＝mq求出酒精完全燃烧放出的热量；根据Q＝cm△t求出该液体的比热容；因比热容是物质的一种特性，比热容大小与物质的多少无关；（2）我们使用相同的酒精灯加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强。【解答】解：（1）已知酒精的热值为3.0×107J/kg，则0.7g＝0.7×10﹣3kg酒精完全燃烧放出的热量：Q＝mq＝0.7×10﹣3kg×3×107J/kg＝2.1×104J；这些热量如果全部被0.1kg的液体吸收，液体的温度升高了50℃，该液体的比热容为：c＝＝＝4.2×103J/（kg•℃）；因比热容是物质的一种特性，故0.1kg该液体的比热容等于0.5kg该液体的比热容；（2）①从开始加热到第2分钟，根据转换法，甲、乙两种液体吸收热量的关系为Q甲＝Q乙；②如果两液体都加热到40℃，由图2知，乙加热时间长，由转换法，甲、乙两种液体吸收热量的关系为Q甲＜Q乙；③根据比较吸热能力的方法，乙液体的比热容更大。故答案为：（1）2.1×104；4.2×103；等于；（2）①＝；②＜；③乙。【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法及热值公式与Q＝cm△t的运用，为热学中的重要实验。13．如图是小明家电能表的表盘，其读数是619.5kW•h。小明将家中其他用电器关闭，只让干衣机单独工作，观察到6min内电能表指示灯闪烁了160次，干衣机在这6min内消耗的电能为0.1kW•h，它的实际功率是1kW。【分析】（1）电能表的读数：最后一位是小数、单位是kW•h；（2）1600imp/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁1600次，据此可求指示灯闪烁160次消耗的电能，再利用P＝求干衣机的实际电功率。【解答】解：（1）电能表的最后一位是小数、单位是kW•h，由图知，电能表的示数为619.5kW•h；（2）6min内电能表指示灯闪烁了160次，此时干衣机消耗的电能：W＝kW•h＝0.1kW•h，t＝6min＝0.1h，干衣机的电功率：P＝＝＝1kW。故答案为：619.5；0.1；1。【点评】本题考查了电能表的读数方法、消耗电能和电功率的计算，明确电能表相关参数的意义是关键。14．小明设计了一个电路图如图甲，小灯泡L1、L2的规格不同。（1）根据电路图，用笔画线表示导线，把图乙中的实物连接起来；（2）电路正确连接后，闭合开关，两灯发光，如图丙电压表V1的示数为1.5V，V2的示数为2.8V，L2的电压是1.3V；（3）小明继续实验，他将L1换成LED，闭合开关后发现LED亮，而L2不亮；①小明认为此时L2烧断，他判断是否正确？不正确，依据是L2烧断的情况下，LED灯也不亮；②小芳认为L2两端电压不够，将图乙中的电池增至三节，闭合开关，两灯不亮，此时V1、V2的示数均为4.4V，这可能是LED烧断（选填“LED”、“L2”）。【分析】（1）两灯串联，由电源电压确定电压表选用的量程与待测电路并联，根据电路图连接实物图；（2）根据电压表V1选用小量程确定分度值读数，由串联电路电压的规律得L2的电压，据此分析；（3）小明将L1换成额定电压为2.5V的LED，闭合开关后发现LED亮，L2不亮。①根据串联电路一个用电器不工作时，另一个也不能工作分析；②串联电路各用电器不能独立工作据此分析。【解答】解：（1）由图甲电路图可知，两个小灯泡是串联的，电压表V1测量L1的电压，电压表V2测量L1和L2的总电压，由于电池是两节，所以电压最大为3V，所以电压表V1和电压表V2应选择0～3V的量程，实物连接图如图所示。（2）如图丙电压表V1的示数为1.5V。由串联电路中电压的关系可知，此时L2两端的电压：UL2＝U﹣UL1＝2.8V﹣1.5V＝1.3V；（3）串联电路各用电器不能独立工作，L2烧断的情况下，LED灯也不亮，所以小明的判断是不正确的。闭合开关，两灯不亮，此时V1、V2的示数均为4.4V，这可能是LED烧断。故答案为：（1）见上图；（2）1.5V；1.3；（3）①不正确；L2烧断的情况下，LED灯也不亮；②LED。【点评】本题考查根据要求连接实物图、串联电路电流、电压的规律及故障分析。15．（1）小明借助图所示的滑轮组100N的拉力把重为200N的物块匀速提升1m，绳自由端移动了3m。①请根据该信息在图1上画出正确的绕线方式；②拉力所做的功的大小为300J；③滑轮组的机械效率为66.7%；（保留一位小数）（2）小明在对整个滑轮组进行受力分析时，得出以下关系式：G轮＝3F拉﹣G物，并利用该关系式求出该动滑轮的重力为100N。你觉得求出的结果符合实际吗？请说明理由没有考虑绳重和机械之间的摩擦。（3）如图2所示，小明分别使用甲、乙两种机械匀速提升同一物体M到同一高度，测得两次拉力和物体M所受的重力如表所示。F甲F乙GM5.5N5N5N①使用甲提升物体M时费力（选填“省力”、“费力”或“既不省力也不费力”）；②使用乙提升物体M时既不省力也不费力（选填“省力”、“费力”或“既不省力也不费力”）；③甲的机械效率大于（选填“大于”、“等于”或“小于”）乙的机械效率。【分析】（1）①根据物块匀速提升1m，绳自由端移动了3m，由s＝nh得出绳的有效段数，据此连接滑轮组；②根据W总＝Fs求出拉力所做的功的大小；③根据W有＝Gh得出做的有用功，利用η＝×100%求滑轮组的机械效率；（2）在不考虑绳重和机械之间的摩擦的条件下，作用在绳自由端的拉力为F＝（G+G动），据此分析；（3）①②若作用在绳自由端的力大于重力，为费力机械；若作用在绳自由端的力小于重力，为省力力机械；若作用在绳自由端的力等于重力，则为不省力也不费力的机械；③比较两次实验中有用功和总功的大小，根据机械效率η＝×100%分析。【解答】解：（1）①物块匀速提升1m，绳自由端移动了3m，绳的有效段数：n＝＝＝3，滑轮组的连接如下所示：；②用100N的拉力把绳自由端移动了3m，拉力所做的功的大小为：W总＝Fs＝100N×3m＝300J；③把重为200N的物块匀速提升1m，做的有用功：W有＝Gh＝200N×1m＝200J；滑轮组的机械效率为：η＝×100%＝×100%≈66.7%；（2）在不考虑绳重和机械之间的摩擦的条件下，作用在绳自由端的拉力F＝（G+G动），则动滑轮的重力：G动＝3F拉﹣G物，故利用该关系式求出该动滑轮的重力为100N不符合实际，原因是没有考虑绳重和机械之间的摩擦；（3）①由表中数据可知，F甲＞GM，故使用甲提升物体M时费力；②F乙＝GM，使用乙提升物体M时既不省力也不费力；③设甲乙中将物体提升的高度为h，根据W＝Gh，做的有用功W有相同﹣﹣﹣﹣﹣①，甲中做的总功：W总甲＝F甲h，乙中绳的有效段数为2，则绳自由端移动的距离为s＝2h，乙中做的总功：W总乙＝F甲2h﹣﹣﹣﹣﹣③，因W总甲＜W总乙﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，机械效率η＝×100%﹣﹣﹣﹣﹣③，由①②③得出：甲的机械效率大于乙的机械效率。故答案为：（1）①见解答图；②300J；③66.7%；（2）没有考虑绳重和机械之间的摩擦；（3）①费力；②既不省力也不费力；③大于。【点评】本题考查滑轮组的连接和功及机械效率的计算、简单机械省、费力情况的判断及机械效率公式的运用，关键是知道公式F＝（G+G动）所适用的条件为不考虑绳重和机械之间的摩擦。16．中国茶文化源远流长。如图甲所示是一款煮茶器，有“加热”和“保温”两个挡位，其简化电路图如图乙所示，R1和R2均为发热电阻，煮茶器部分参数如表。煮茶器中装有初温为20℃的水，在标准大气压下，将水刚好加热到沸腾，用时700s，在此过程中煮茶器的加热效率为80%。求：额定电压220V保温挡功率100W加热挡功率900W（1）发热电阻R1的阻值。（2）加热过程中煮茶器消耗的电能。（3）煮茶器中水的质量。[水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃）]【分析】（1）由电路图可知，只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，此时电路中的总电阻最大，总功率最小，煮茶器处于保温挡，根据P＝UI＝求出R1的电阻；（2）已知加热时间和加热挡功率，由P＝可求得加热过程中煮茶器消耗的电能；（3）已知在此过程中煮茶器的加热效率为，由η＝可求得吸收热量，由Q吸＝cmΔt可求得煮茶器中水的质量。【解答】解：（1）由电路图可知，只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，此时电路中的总电阻较大（比并联的总电阻大），根据P＝UI＝可知，煮茶器的总功率小，处于保温挡，由P＝UI＝可得R1的电阻：R1＝＝＝484Ω；（2）由P＝可得，加热过程中煮茶器消耗的电能：W＝P加热t＝900W×700s＝6.3×105J；（3）由η＝可得，吸收热量：Q吸＝ηW＝80%×6.3×105J＝5.04×105J；由Q吸＝cmΔt可求得煮茶器中水的质量：m＝＝＝1.5kg。答：（1）发热电阻R1的阻值为484Ω；（2）加热过程中煮茶器消耗的电能为6.3×105J；（3）煮茶器中水的质量为1.5kg。【点评】本题考查了电功率公式和吸热公式、电功公式的综合应用，关键是公式及其变形式的灵活运用，计算过程还要注意单位的换算。17．为了研究“通