![湖南省永州市祁阳第二中学高三物理上学期期末试卷含解析_第1页](http://file4.renrendoc.com/view2/M02/3F/1F/wKhkFmZ7j2qAJRGrAAGduLw1XRc343.jpg)
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![湖南省永州市祁阳第二中学高三物理上学期期末试卷含解析_第3页](http://file4.renrendoc.com/view2/M02/3F/1F/wKhkFmZ7j2qAJRGrAAGduLw1XRc3433.jpg)
![湖南省永州市祁阳第二中学高三物理上学期期末试卷含解析_第4页](http://file4.renrendoc.com/view2/M02/3F/1F/wKhkFmZ7j2qAJRGrAAGduLw1XRc3434.jpg)
![湖南省永州市祁阳第二中学高三物理上学期期末试卷含解析_第5页](http://file4.renrendoc.com/view2/M02/3F/1F/wKhkFmZ7j2qAJRGrAAGduLw1XRc3435.jpg)
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文档简介
湖南省永州市祁阳第二中学高三物理上学期期末试卷含解析一、选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意1.以下现象或实验结果说明了光的波动性的是
A.肥皂薄膜上的彩色条纹
B.泊松亮斑
C.日月食现象
D.小孔成像参考答案:AB2.质谱仪的两大重要组成部分是加速电场和偏转磁场。如图所示为质谱仪的原理图,设想有一个静止的质量为m、带电量为q的带电粒子(不计重力),经电压为U的加速电场加速后垂直进入磁感应强度为B的偏转磁场中,带电粒子打至底片上的P点,设OP=x,则在图中能正确反映x与U之间的函数关系的是(
)参考答案:B3.(多选)以下说法正确的是: A.卢瑟福通过实验发现了质子的核反应方程为: B.铀核裂变的核反应是: C.质子、中子、α粒子的质量分别为m1、m2、m3。两个质子和两个中子结合成一个α粒子,释放的能量是:(m1+m2—m3)c2 D.原子从a能级状态跃迁到b能级状态时发射波长为λ1的光子;原子从b能级状态跃迁到c能级状态时吸收波长λ2的光子,已知λ1>λ2.那么原子从a能级状态跃迁到c能级状态时将要吸收波长为的光子参考答案:AD4.(单选)在上海世博会最佳实践区,江苏城市案例馆中穹形门窗充满了浓郁的地域风情和人文特色.如图所示,在竖直放置的穹形光滑支架上,一根不可伸长的轻绳通过轻质滑轮悬挂一重物G.现将轻绳的一端固定于支架上的A点,另一端从B点沿支架缓慢地向C点靠近(C点与A点等高).则绳中拉力大小变化的情况是(
)A.先变小后变大 B.先变小后不变C.先变大后不变 D.先变大后变小参考答案:C5.(多选)如图所示,电源电动势E=8V,内阻为r=0.5Ω,“3V,3W”的灯泡L与电动机M串联接在电源上,灯泡刚好正常发光,电动机刚好正常工作,电动机的线圈电阻R0=1.5Ω.下列说法中正确的是()A.通过电动机的电流为1AB.电源的输出功率是8WC.电动机消耗的电功率为3WD.电动机的输出功率为3W参考答案:考点:电功、电功率.专题:恒定电流专题.分析:A、由灯泡铭牌可知,灯泡额定电压是3V,额定功率是3W,由电功率公式的变形公式可以求出灯泡额定电流,由串联电路特点可以求出通过电机的电流.BC、求出路端电压,然后由P=UI求出电源的输出功率和电动机消耗的功率.D、由串联电路特点求出电动机电压,由P=UI求出电动机输入功率,由P=I2R求出电动机热功率,电动机输入功率与热功率之差是电动机的输出功率.解答:解:A、灯泡L正常发光,通过灯泡的电流:,电动机与灯泡串联,通过电动机的电流IM=IL=1(A),故A正确;B、路端电压:U=E﹣Ir=7.5(V),电源的输出功率:P=UI=7.5(W),电源消耗的功率为P热=I2r=12×0.5=0.5W,故BC错误;D、电动机两端的电压:UM=U﹣UL=4.5(V);电动机的输出功率:P输出=UMIM﹣IM2R=3W,故D正确;故选:AD.点评:电动机是非纯电阻电路,输出功率等于输入功率与热功率之差;要注意功率公式的适用条件.二、填空题:本题共8小题,每小题2分,共计16分6.一带电液滴静止在水平放置的两平行金属板间,距离下板的高度差为10mm,此时两板的电压为300V,如果两板间的电压减小为240V,液滴运动到下极板所需的时间为_________s。(g=10m/S)参考答案:答案:0.17.设地球的质量为M,半径为R,则环绕地球飞行的第一宇宙速度v的表达式为______________;某行星的质量约为地球质量的,半径约为地球半径的,那么在此行星上的“第一宇宙速度”与地球上的第一宇宙速度之比为______________(已知万有引力常量为G)。参考答案:v=,/3︰18.为判断线圈绕向,可将灵敏电流计G与线圈L连接,如图所示.己知线圈由a端开始绕至b端:当电流从电流计G左端流入时,指针向左偏转.将磁铁N极向下从线圈上方竖直插入L时,发现指针向左偏转.(1)在图中L上画上几匝线圈,以便能看清线圈绕向;(2)当条形磁铁从图中的虚线位置向右远离L时,指针将指向.(3)当条形磁铁插入线圈中不动时,指针将指向
.(选填“左侧”、“右侧”或“中央”)参考答案:(1)如右图所示。(2)左侧(3)中央9.如图,在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体A,A的左端紧靠竖直墙,A与竖直墙之间放一光滑圆球B,已知A的圆半径为球B半径的3倍,球B所受的重力为G,整个装置处于静止状态。则墙壁对B的作用力为
,B对
A的压力为
。参考答案:G/
2G/
10.一光滑圆环固定在竖直平面内,环上套着两个小球A和B(中央有孔),A、B间由细绳连接着,它们处于如图中所示位置时恰好都能保持静止状态。此情况下,B球与环中心O处于同一水平面上,A、B间的细绳呈伸直状态,与水平线成30°夹角。已知B球的质量为m,则细绳对B球的拉力为___________,A球的质量为_____________。参考答案:2mg,2m11.在空中某固定点,悬挂一根均匀绳子,然后让其做自由落体运动。若此绳经过悬点正下方H=20m处某点A共用时间1s(从绳下端抵达A至上端离开A),则该绳全长为
m。参考答案:1512.A.动能相等的两物体A、B在光滑水平面上沿同一直线相向而行,它们的速度大小之比vA:vB=2:1,则动量大小之比PA:PB=
;两者碰后粘在一起运动,其总动量与A原来动量大小之比P:PA=
。参考答案:1:2;1:1根据动量与动能的关系:【考点】动能和速度的关系:vA:vB=2:1,可知两者质量之比1:4,所以动量的关系为:1:2;两者碰撞遵循动量守恒,其总动量与A的动量等大反向,所以碰后的总动量与A原来的动量之比为1:1。
13.某同学在进行“用油膜法估测分子的大小”的实验前,查阅数据手册得知:油酸的摩尔质量M=0.283kg·mol-1,密度ρ=0.895×103kg·m-3.若100滴油酸的体积为1ml,则1滴油酸所能形成的单分子油膜的面积约是多少?(取NA=6.02×1023mol-1.球的体积V与直径D的关系为,结果保留一位有效数字)参考答案:10m解析:1ml油酸的质量为:m=ρV=0.895×103kg/m3××1×10-6m3=8.95×10-6kg,油酸分子的个数:N=个,油酸分子体积:,解得:r==5×10-10m,油膜的面积约为:S==10m2;三、简答题:本题共2小题,每小题11分,共计22分14.
(选修3-3(含2-2)模块)(6分)理想气体状态方程如下:。从理论的角度,设定一定的条件,我们便能得到气体三大定律:玻意尔定律、查理定律和盖·吕萨克定律。下面请你通过设定条件,列举其中两条定律的内容。(要求条件、内容要与定律名称相对应,不必写数学表达式)参考答案:
答案:玻意尔定律:一定质量的气体,在温度不变的情况下,它的压强跟体积成反比。查理定律:一定质量的气体,在体积不变的情况下,它的压强跟热力学温度成正比。盖·吕萨克定律:一定质量的气体,在压强不变的情况下,它的体积跟热力学温度成正比。15.(3-5模块)(5分)有两个质量为m的均处于基态的氢原子A、B,A静止,B以速度v0与之发生碰撞.己知:碰撞前后二者的速度均在一条直线上,碰撞过程中部分动能有可能被某一氢原子吸收。从而该原子由基态跃迁到激发态,然后,此原子向低能级态跃迁,并发出光子.如欲碰后发出一个光子,则速度v0至少需要多大?己知氢原子的基态能量为E1(E1<0)。参考答案:解析:,--------------(1分)
,--------------(1分)
,--------------(1分)
--------------(2分)四、计算题:本题共3小题,共计47分16.如图(a),M、N、P为直角三角形的三个顶点,∠M=37°,MP中点处固定一电量为Q的正点电荷,MN是长为a的光滑绝缘杆,杆上穿有一带正电的小球(可视为点电荷),小球自N点由静止释放,小球的重力势能和电势能随位置x(取M点处x=0)的变化图象如图(b)所示,取sin37°=0.6,cos37°=0.8.(1)图(b)中表示电势能随位置变化的是哪条图线?(2)求势能为E1时的横坐标x1和带电小球的质量m;(3)已知在x1处时小球与杆间的弹力恰好为零,求小球的电量q;(4)求小球运动到M点时的速度.参考答案:考点: 匀强电场中电势差和电场强度的关系;电势能.分析: (1)判断出电荷Q产生的电场分布,判断出正电荷下滑过程中电场力做功情况,即可判断出电势能的变化;(2)判断出x1的位置,利用E1=mgh即可求的质量;(3)根据受力分析利用垂直于斜面方向合力为零即可求的电荷量;(4)利用动能定理求的速度解答: 解:(1)根据Q电荷的电场线的分布可知电场力先对带电小球做负功,后做正功,故电势能先增大后减小,故图(b)中表示电势能随位置变化的是图线Ⅱ(2)势能为E1时,距M点的距离为x1=acos37°??cos37°=0.32a
x1处重力势能E1=mgx1sin37°
m===(3)在x1处,根据受力分析可知k=mgcos37°,其中r=x1tan37°=0.24a
带入数据,得q=(4)根据动能定理,mgasin37°+E2﹣E0=mv2带入数据,得v=答:(1)图(b)中表示电势能随位置变化的是II图线(2)势能为E1时的横坐标x1为0.32a,带电小球的质量m为;(3)已知在x1处时小球与杆间的弹力恰好为零,小球的电量q;(4)小球运动到M点时的速度.点评: 分析磁场的分布情况及小球的运动情况,通过电场力做功来判断电势能的变化从而判断出图象,再根据平衡条件和动能定理进行处理.17.质量均为m的两个可视为质点的小球A、B,分别被长为L的绝缘细线悬挂在同一点O,给A、B分别带上一定量的正电荷,并用水平向右的外力作用在A球上,平衡以后,悬挂A球的细线竖直,悬挂B球的细线向右偏60°角,如图所示。若A球的带电量为q,则:⑴B球的带量为多少;⑵水平外力多大。参考答案:⑴当系统平衡以后,B球受到如图所示的三个力:重力mg、细线的拉力F1、库仑斥力F。由合力为零,得:
(1分)
(1分)由库仑定律:
(1分)联立上述三式,可得B球的带电量(2分)⑵A球受到如图所示的四个力作用合力为零。得
(3分)
而F′=F=所以,A球受到的水平推力FT=mgcos30°=
(2分)
湖北省武汉二中、龙泉中学10-11学年高一下学期期末联考(物理)18.(10分)如图所示,半径为r=0.2m的圆柱体绕水平轴OO′以w=9rad/s的角速度匀速转动,把质量m=1kg的物体A放在圆
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