专题03 互感和自感涡流现象及其应用（解释版）-备战期末高二物理

试卷第=page22页，共=sectionpages33页专题03互感和自感涡流现象及其应用单选题1．（22-23高二下·山东威海·期末）如图所示，A1和A2是两个相同的小灯泡，L是自感系数很大的线圈，自身电阻几乎为零，R为定值电阻。闭合S稳定后再断开S，下列说法正确的是（）A．闭合S，A1、A2立即变亮B．闭合S，A2先亮，A1逐渐变亮，最后亮度相同C．断开S，A1逐渐熄灭，A2闪亮一下后逐渐熄灭D．断开S，A1闪亮一下后逐渐熄灭，A2逐渐熄灭【答案】C【详解】AB．闭合S，A2立即变亮，A1由于与自感线圈串联，自感线圈会阻碍电流的通过，因此A1会逐渐变亮，但由于自感线圈电阻几乎为零，稳定后A1所在支路的总电阻小于A2所在支路的总电阻，因此通过A1的电流将大于通过A2的电流，即稳定后A1比A2亮，故AB错误；CD．断开S，通过自感线圈的磁通量要减小，因此自感线圈将产生自感电动势，与A1、A2构成闭合回路，自感线圈中的电能会逐渐减小为零，但因为在断开S前A1与自感线圈所在支路的电流大于A2所在支路的电流，因此断开S瞬间，通过A2的电流瞬间变大后开始减小，则可知A1逐渐熄灭，而A2闪亮一下后逐渐熄灭，故C正确，D错误。故选C。2．（22-23高二下·云南普洱·期末）如图所示，线圈L的电阻不计，则（）

A．S闭合瞬间，A板带正电，B板带负电B．S闭合，稳定后，A板带正电，B板带负电C．S断开瞬间，A板带正电，B板带负电D．由于线圈电阻不计，电容器被短路，上述三种情况下，两板都不带电【答案】A【详解】A．S闭合瞬间，通过线圈的电流增加，线圈产生自感电动势阻碍电流的增加，电容器处于充电状态，A与电源的正极相连，故A板带正电，B板带负电，故A正确;B．S闭合，稳定后，线圈L的电阻不计，电容器被短路，故电容器不带电，故B错误；C．S断开瞬间，由于线圈产生感应电流，电流的方向与原电流方向相同，电容器反向充电，故A板带负电，B板带正电，故C错误;D．S闭合瞬间与S断开瞬间，电容器两板间带电，故D错误。故选A。3．（22-23高二下·福建泉州·期末）如图所示，L是自感系数足够大的线圈，其直流电阻与灯泡、的电阻相同，两灯泡的额定电压、额定功率相同，额定电压小于电源的电动势，闭合电键S，则下列判断正确的是（）

A．闭合电键后，、两灯泡逐渐变亮B．闭合电键后，、两灯泡逐渐变暗至熄灭C．断开电键一瞬间，灯泡中有从右向左的电流D．断开电键一瞬间，灯泡的功率变为原来的二分之一【答案】C【详解】AB．线圈的自感系数足够大，闭合电键后，线圈相当于断路，、两灯泡立即变亮，稳定后，线圈相当于定值电阻与两灯泡并联，两灯泡中的电流稳定，亮度正常，故AB错误；C．断开电键一瞬间，线圈由于自感作用产生感应电动势，阻碍电流的减小，电流方向向右，与两灯泡组成闭合电路，所以灯泡中有从右向左的电流，故C正确；D．闭合电键后，线圈与两灯泡并联且电阻相同，所以通过两灯泡和线圈的电流相同，断开电键一瞬间，线圈相当于电源，电流不变，则通过灯泡的电流减小为原来一半，根据可知灯泡的功率变为原来的四分之一，故D错误。故选C。4．（22-23高二下·山东济宁·期末）某同学制作了一个自感电路板，原理图如图所示，、、；是相同规格的小灯泡，线圈的直流电阻不可忽略，D为理想二极管。下列说法正确的是（

）

A．闭合开关S，立即发光，逐渐亮起来、始终不亮B．闭合开关S，稳定后、、的亮度相同C．断开开关S，、逐渐熄灭，立即熄灭D．断开开关S，会闪亮一下再逐渐熄灭【答案】C【详解】A．闭合开关S，二极管正向导通，则、立即发光，由于线圈产生自感电动势阻碍电流的增大，则逐渐亮起来，故A错误；B．闭合开关S，稳定后，由于线圈的直流电阻不可忽略，D为理想二极管，可知的亮度与、的亮度不相同，故B错误；CD．断开开关S，线圈产生自感电动势阻碍原来线圈电流的减小，由于二极管对于线圈电流为反向连接，则二极管断路，线圈与、构成回路，由于原来线圈电流小于电流，所以、逐渐熄灭，立即熄灭，故C正确，D错误。故选C。5．（22-23高二下·福建莆田·期末）在如图所示的电路中，和是两个相同的灯泡。线圈L的自感系数足够大，其直流电阻不可忽略。下列说法正确的是（

）A．闭合开关S时，先亮，逐渐变亮B．断开开关S时，流过、的电流大小相等C．断开开关S时，闪亮一下再熄灭D．断开开关S的瞬间，左端电势比右端电势高【答案】B【详解】A．灯A1与电感线圈串联，当开关S闭合时，灯A2立即发光，通过线圈L的电流增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律可知线圈产生的感应电动势与原来电流方向相反，阻碍电流的增大，通过线圈的电流只能逐渐增大，A1逐渐亮起来。所以A2比A1先亮，故A错误；B．当开关S断开后，灯泡A1、A2构成闭合回路，流过、的电流大小相等，故B正确；C．由于线圈直流电阻不可以忽略，当电流逐渐稳定时，线圈不产生感应电动势，A2的电流比A1的电流大，当开关S断开后，由于自感，线圈中的电流只能慢慢减小，其相当于电源，与灯泡A1、A2构成闭合回路放电，两灯都过一会儿熄灭，由于稳定后A2的电流比A1的电流大，所以A2不会闪亮一下，故C错误；D．断开开关S的瞬间，线圈相当于电源，电流向左通过，因此左端电势比右端电势低，故D错误。故选B。6．（22-23高二下·北京丰台·期末）如图所示，L是自感系数很大的线圈，其自身的电阻几乎为0，A和B是两个相同的小灯泡。下列说法正确的是（

）

A．当开关S由断开变为闭合时，A立即亮，B缓慢地亮B．保持开关S闭合电路稳定后，A、B一样亮C．当开关S由闭合变为断开时，A、B同时熄灭D．当开关S由闭合变为断开时，A立即熄灭，B闪亮一下后熄灭【答案】D【详解】AB．当开关S由断开变为闭合时，电源的电压同时加到两灯上，A和B同时亮，随着线圈中电流的增大，由于线圈的电阻几乎为0，分流作用增大，B逐渐被短路直到熄灭，电路总电阻减小，总电流增大，A变得更亮，故AB错误；CD．当开关S由闭合变为断开时，线圈阻碍电流的减小，产生感应电动势，B与线圈构成闭合回路，开关断开前通过线圈的电流大于B的电流，故A立即熄灭，B闪亮一下后熄灭，故C错误，D正确。故选D。7．（22-23高二下·山东聊城·期末）自感线圈广泛应用在无线电技术中，是交流电路或无线电设备的基本元件。如图所示，L是电感足够大的线圈，其直流电阻可忽略不计，电阻R1=R2，两电流表A1、A2为理想电表，若将开关S闭合，等电流表示数稳定后，再断开开关S，则（）

A．开关S闭合时，两电流表的示数始终相同B．开关S闭合时，两电流表立即有示数，A1的示数逐渐减小到零，A2的示数逐渐增大C．开关S断开瞬间，两电流表的示数立即减小为零D．开关S断开瞬间，两电流表的示数均先增加，再逐渐减小到零【答案】B【详解】AB．开关S闭合时，两电流表立即都有示数，但由于自感现象，电流表A1的示数逐渐减小至零，而电流表A2的示数逐渐变大，故A错误，B正确；CD．开关S断开瞬间，电流表A2的示数立即减为零，由于自感现象线圈会产生新的自感电流，所以电流表A1的示数逐渐减为零，故C错误，D错误。故选B。8．（22-23高二下·陕西安康·期末）如图所示电路中，A、B是相同的两个小灯泡，L是一个带铁芯的线圈，电阻可不计。调节R，电路稳定时两灯泡都正常发光，则在开关合上和断开时，以下说法正确的是（

）

A．两灯同时点亮、同时熄灭B．合上S时，B立即变亮，A灯逐渐变亮C．断开S时，A、B两灯都不会立即熄灭，通过A、B两灯的电流方向都与原电流方向相同D．断开S时，A灯会突然闪亮一下后再熄灭【答案】B【详解】AB．合上S，B灯立即正常发光，A灯支路中，由于L产生的自感电动势阻碍电流增大，A灯将推迟一些时间才能达到正常发光状态，故A错误，B正确；C．断开S，L中产生与原电流方向相同的自感电动势，A、B两灯都不会立即熄灭，流过A灯的电流方向与原电流方向相同，流过B灯的电流与原电流反向，故C错误；D．断开S后，由L作为电源的供电电流是从原来稳定时通过L中的电流值逐渐减小的，故A、B两灯只是延缓一些时间熄灭，并不会比原来更亮，故D错误。故选B。9．（22-23高二下·山西运城·期末）如图所示是研究自感的实验电路图，A1、A2是两个规格相同的小灯泡，闭合电键缓馒调节电阻R和R1，待电路稳定时灯泡A1比灯泡A2暗，然后断开电键S。一段时间后重新闭合电键S，则（）

A．闭合S瞬间，A1立刻变亮，A2逐渐变亮B．稳定后，L两端电压大于R两端电压C．再次断开S时，M点电势高于N点电势D．再次断开S后，A2闪亮后逐渐熄灭【答案】B【详解】A．闭合S瞬间，L产生自感电动势，要阻碍电流的增加，A1逐渐变亮，电阻R不产生自感电动势，只有纯电阻，则A2立刻变亮，故A错误；B．由于待电路稳定时灯泡A1比灯泡A2暗，则A1两端电压小于A2两端电压，可知稳定后，L两端电压大于R两端电压，故B正确；C．在断开S前，L的电流方向由M到N，再次断开S时，在L中产生与原来电流方向相同的感应电流，L相当于电源与两灯组成回路，流经A2的电流方向由N到M，因此N点电势高于M点电势，故C错误；D．由题意可知，在稳定时，由于流经A1和L的电流小于流经A2和R的电流，再次断开S后，L产生的感应电流小于原流经A2的电流，因此A2不会闪亮，两灯会逐渐熄灭，故D错误。故选B。10．（22-23高二下·山东日照·期末）无线充电打破了电能传输只能依靠导线直接接触式传输的方式，属于非接触式传输，能够避免接触式电能传输可能带来的接触火花、滑动磨损、爆炸电击等问题。如图所示，手机可以直接放在无线充电基座上进行充电，下列说法正确的是（）A．无线充电过程主要利用了互感的原理B．无线充电过程主要利用了自感的原理C．无线充电基座可以接稳恒直流电源对手机进行充电D．手机和充电基座没有通过导线连接，故没有电能损失【答案】A【详解】AB．无线充电是利用两个线圈之间的互感原理进行充电的，故A正确，B错误；C．因无线充电利用的是线圈之间的互感原理，因此不能使用稳恒直流电源对手机进行充电，因为稳恒直流电源不能产生变化的磁场，也就不能在手机内置线圈中产生感应电流，无法完成充电，故C错误；D．手机和充电基座虽然没有通过导线连接，但基座内的线圈与手机内置线圈之间通过电场能转化为磁场能，再由磁场能转化为电场能的这种互感原理进行充电，由于线圈之间存在漏磁，即能量的损失，因此该过程有电能的损失，故D错误。故选A。多选题11．（22-23高二下·广东东莞·期末）如图所示的电路中，A1和A2是完全相同的灯泡，线圈L的电阻可以忽略，下列说法中正确的是（）A．闭合开关S后，A2始终比A1亮B．闭合开关S后，A2先亮，A1后亮，最后一样亮C．断开开关S后，A1、A2过一会儿才熄灭D．断开开关S后，A1先熄灭，A2过一会儿才熄灭【答案】BC【详解】A．闭合开关S后，线圈L阻碍电流的增大，所以A2先亮，A1后亮，当闭合开关S电路稳定后，由于线圈L的电阻可以忽略，A1和A2是完全相同的灯泡，流过A2比A1灯泡的电流一样大，所以两灯泡一样亮，故A错误，B正确；CD．断开开关S后，线圈L阻碍电流的减小，而线圈L、灯泡A1和A2构成闭合回路，所以A1、A2过一会儿才熄灭，故C正确，D错误。故选BC。12．（22-23高二下·云南保山·期末）如图所示，电阻R1＝3Ω，R2＝6Ω，线圈的直流电阻不计，电源电动势E＝5V，内阻r＝5Ω。开始时，开关S闭合，则（）

A．断开S前，电容器所带电荷量为0B．断开S前，电容器两端的电压为VC．断开S的瞬间，电容器a板带正电D．断开S的瞬间，电容器b板带正电【答案】AC【详解】AB．断开开关前，电容器两端的电压是线圈两端的电压，线圈没有直流电阻，所以电容器两端所带的电荷量为零，A正确，B错误；CD．断开开关瞬间，线圈电流减小，由于线圈的自感现象，导致线圈中产生自感电动势，且左端电势高于右端，故线圈对电容器充电，电容器a板带正电，C正确，D错误。故选AC。13．（22-23高二下·青海西宁·期末）、是规格完全一样的灯泡。闭合电键S，调节变阻器，、亮度相同，再调节，使两灯正常发光，然后断开开关S。下列说法中正确的是（

）

A．重新闭合S时，立即亮，逐渐变亮B．重新闭合S时，、均立即亮C．重新闭合S，等到、均正常亮以后，再断开S时，、均立即熄灭D．重新闭合S，等到、均正常亮以后，再断开S时，、均不会立即熄灭，而是逐渐变暗直到熄灭【答案】AD【详解】AB．重新闭合S时，立即亮，由于线圈产生自感电动势阻碍通过线圈电流的增大，则通过的电流逐渐增大，逐渐变亮，故A正确，B错误；CD．重新闭合S，等到、均正常亮以后，再断开S时，由于线圈产生自感电动势阻碍通过线圈电流的减小，此时线圈相当于电源，与、和变阻器构成回路，则、均不会立即熄灭，而是逐渐变暗直到熄灭，故C错误，D正确。故选AD。14．（22-23高二下·天津滨海新·期末）如图甲为手机及无线充电板，图乙为充电原理示意图。为方便研究，现将问题做如下简化：设受电线圈的匝数为n，面积为S。若在t1到t2时间内，磁场垂直于受电线圈平面向上穿过线圈，其磁感应强度由B1均匀增加到B2。下列说法正确的是（

）

A．c点的电势高于d点的电势B．送电线圈和受电线圈通过互感现象实现能量传递C．c、d之间的电势差为D．若想增大c、d之间的电势差，可以仅增加送电线圈中的电流的变化率【答案】BD【详解】A．根据楞次定律，c点的电势低于d点的电势，A错误；B．送电线圈和受电线圈通过互感现象实现能量传递，B正确；C．根据法拉第电磁感应定律得解得C错误；D．仅增加送电线圈中的电流的变化率，受电线圈的磁感应强度的变化率增大，根据，c、d之间的电势差增大，D正确。故选BD。15．（22-23高二下·云南楚雄·期末）图甲为某品牌的无线充电器，手机、电话手表等放在充电器上就可以同时充电，其工作原理类似于变压器。安装在充电器基座上的线圈等同于变压器的原线圈，支持无线充电的手机、电话手表等内部存在一个接收线圈，如图乙所示，等同于变压器的副线圈。下列说法正确的是（）

A．通过充电器基座上的线圈的电流为非稳恒电流B．接收线圈中产生的电流为稳恒电流C．无线充电利用了互感而传递能量D．无线充电利用了自感而传递能量【答案】AC【详解】AB．无线充电原理类似于变压器，原、副线圈中均为非稳恒电流，故A正确，B错误；CD．变压器的工作原理是互感，故C正确，D错误。故选AC。一、单选题1．（22-23高二下·福建三明·期末）如图，A、B是两个规格相同的小灯泡，L为自感系数较大的线圈，、是零刻度在中间的相同电流表，闭合开关调节滑动变阻器R，使两个灯泡的亮度相同。则（）

A．闭合S瞬间，灯泡B立刻变亮，灯泡A逐渐变亮B．闭合S瞬间，电流表示数等于示数C．稳定后，断开S瞬间，灯泡B先闪亮一下，再熄灭D．稳定后，断开S瞬间，电流表和指针偏转方向相同【答案】A【详解】AB．闭合S瞬间，灯泡B立刻变亮，与灯泡A串联的线圈产生自感电动势，导致灯泡A逐渐变亮。所以此时电流表示数不等于示数。故A正确；B错误；C．稳定后，断开S瞬间，灯泡A与灯泡B所在支路形成闭合回路，因为断开前两支路电流相等，所以断开瞬间两灯不会先闪亮一下，再熄灭。故C错误；D．依题意，稳定后电流表和的电流方向相同，指针偏转方向相同，断开S瞬间，在新的回路中电流表的指针方向不变，电流表指针偏转方向反向。故D错误。故选A。2．（22-23高二下·北京朝阳·期末）如图所示，L是自感系数很大的线圈，但其自身的电阻几乎为0。A和B是两个相同的小灯泡，实验过程中两灯泡均未烧坏。下列说法正确的是（）

A．开关S由断开变为闭合，A灯先亮B灯后亮B．开关S由断开变为闭合，A、B灯同时亮，然后A灯逐渐熄灭，B灯变得更亮C．开关S由闭合变为断开，A、B灯同时熄灭D．开关S由闭合变为断开，A灯先熄灭，B灯后熄灭【答案】B【详解】AB．开关S由断开变为闭合，由于线圈自感作用，线圈中的电流由0逐渐增大到稳定值，则开始A、B灯泡同时亮，稳定后，线圈相当于一根导线，发生短路，此时A灯熄灭，由于总电阻减小，通过电路的电流增大，则B灯变的更亮，即开关S由断开变为闭合，A、B灯同时亮，然后A灯逐渐熄灭，B灯变得更亮，故A错误，B正确；CD．开关S由闭合变为断开，线圈由于自感作用，线圈相当于一个电源，在线圈与A灯构成的新的回路中，线圈中的电流由稳定值逐渐减为0，即开关S由闭合变为断开，B灯先熄灭，A灯后熄灭，故CD错误。故选B。3．（22-23高二下·江西南昌·期末）下列电器主要利用了电磁感应原理的是（

）A．电饭煲 B．电风扇 C．电熨斗 D．电磁炉【答案】D【详解】AC．电饭煲、电熨斗利用电流的热效应，AC错误；B．电风扇利用电能转化为机械能的原理，B错误；D．电磁炉利用了电磁感应原理，D正确。故选D。4．（22-23高二下·北京丰台·期末）关于教材中的四幅插图，下列说法正确的是（

）

A．图甲，摇动手柄使磁铁转动，铝框不动B．图乙，真空冶炼炉可以接高电压的恒定电流C．图丙，铜盘转动时，穿过铜盘的磁通量不变，铜盘中没有感应电流D．图丁，微安表在运输时把正、负接线柱用导线连在一起，对电表起到了保护作用【答案】D【详解】A．根据电磁驱动原理，图甲中，摇动手柄使磁铁转动，铝框会同向转动，故A错误；B．图乙是真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，铁块中产生涡流，铁块中产生大量热量，从而冶炼金属，真空冶炼炉不可以接高电压的恒定电流，故B错误；C．当转动铜盘时，导致铜盘切割磁感线，从而产生感应电流，出现安培力，由楞次定律可知，产生的安培力将阻碍铜盘切割磁感线运动，则铜盘转动将变慢，故C错误；D．图丁是微安表的表头，在运输时要把两个正、负接线柱用导线连在一起，可以减小电表指针摆动角度，这是为了保护电表指针，利用了电磁阻尼的原理，故D正确。故选D。5．（22-23高二下·陕西榆林·期末）物理学的基本原理在生产生活中有着广泛应用．下图中的四种器件在工作时利用了电磁感应现象的是（）A．

真空冶炼炉 B．

回旋加速器C．

质谱仪 D．

示波器【答案】A【详解】A．真空冶炼炉的工作原理是在线圈中接入高频电流，炉内金属中产生涡电流，使炉内金属发热融化，利用了电磁感应现象，故A正确；B．回旋加速器利用磁场使带电粒子旋转，电场使粒子加速，故B错误；C．质谱仪是利用电场加速，磁场使粒子偏转，不是电磁感应现象，故C错误；D．示波器是利用电场加速并使粒子在电场中偏转，故D错误。故选A。6．（22-23高二下·广东清远·期末）电磁炉具有无明火、无污染、高效节能等优点，某同学仿照电磁炉原理自己制作了一个简易电磁炉，其结构简图如图所示。在线圈上端放置一盛有冷水的金属杯，接通交流电源，一段时间后杯内的水就会沸腾起来。下列说法正确的是（）

A．若将交流电源改为恒定电流，则简易电磁炉仍能正常工作B．若将金属杯换作陶瓷器皿，则简易电磁炉仍能正常工作C．若仅增大交流电的频率，则简易电磁炉的功率增大D．在线圈和金属杯之间放一层绝缘垫片，简易电磁炉将不能正常工作【答案】C【详解】AB．交流电源产生变化的磁场，通过金属杯的磁通量发生变化而产生涡流，利用涡流来加热食物或者水，如果将交流电源改为恒定电流或者将金属杯换作陶瓷器皿，将不能再产生涡流，即简易电磁炉不能正常工作，AB错误；C．仅增大交流电的频率，根据法拉第电磁感应定律可知，涡流增大，简易电磁炉的功率增大，C正确；D．交流电源产生变化的磁场能穿过绝缘垫片，通过金属杯的磁通量仍会发生变化而产生涡流，故电磁炉仍能正常工作，D错误。故选C。7．（22-23高二下·广东湛江·期末）以下现象中属于涡流现象的应用的是A．金属探测仪 B．家用电烤箱C．车载充电器 D．高压带电作业屏蔽服【答案】A【详解】A．金属探测仪可以探测人身是否携带金属物品，是通过金属上产生涡流而使报警器发出警告的，故A正确；B．电烤箱是利用电流发热的原理，故B错误；C．车载充电器没有应用涡流现象，故C错误；D．高压带电作业屏蔽服是利用静电屏蔽原理，故D错误；故选A。8．（22-23高二下·江苏无锡·期末）某研究小组制作了一仪表，发现指针在示数附近的摆动很难停下，使读数变得困难。在指针转轴上装上扇形铝板或扇形铝框，在合适区域加上磁场，可以解决此困难。下列方案合理的是（）A．

B．

C．

D．

【答案】A【详解】A．此图是铝板，磁场在铝板中间，无论指针偏转角度大小，都会在铝板上产生涡流，起到电磁阻尼的作用，指针会很快稳定的停下，便于读数，A方案合理，A正确；BD．如图所示，当指针向左偏转时，铝框或铝板可能会离开磁场，产生不了涡流，起不到电磁阻尼的作用，指针不能很快停下，B、D方案不合理，BD错误；C．此图是铝框，磁场在铝框中间，当指针偏转角度较小时，铝框不能切割磁感线，不能产生感应电流，起不到电磁阻尼的作用，指针不能很快停下，C方案不合理，C错误。故选A。9．（22-23高二下·江苏淮安·期末）关于下列几幅图所涉及的物理原理表述不正确的是（）

A．若甲图中的电流是电子的定向移动形成的，则上表面电势比下表面电势低B．若将乙图中开关闭合，沿箭头方向转动铜盘，则流经电阻R的电流由上至下C．丙图中开关S由闭合断开时，工作电路不会立即断开D．丁图中的电磁炉接交变电流，会在铁锅底产生涡流，从而达到加热食物的目的【答案】B【详解】A．若甲图中的电流是电子的定向移动形成的，根据左手定则可知，电子向上偏转，则上表面电势比下表面电势低。故A正确，与题意不符；B．若将乙图中开关闭合，沿箭头方向转动铜盘，根据右手定则可判断则流经电阻R的电流由下至上。故B错误，与题意相符；C．丙图中开关S由闭合断开时，线圈B会产生感应电流，将产生延时效果，工作电路不会立即断开。故C正确，与题意不符；D．丁图中的电磁炉接交变电流，会在铁锅底产生涡流，从而达到加热食物的目的。故D正确，与题意不符。本题选不正确的故选B。10．（21-22高二下·江苏南通·期末）涡流探伤是工业上常用的技术之一，该技术通过励磁线圈使构件中产生涡电流，再借助探测线圈测定涡电流的变化量从而获得构件缺陷的有关信息。则（）A．工作时励磁线圈必须要与被测构件接触B．涡流探伤也适用于检测橡胶构件的缺陷C．励磁线圈中应该通入恒定电流完成检测D．探测线圈根据接收到的涡流磁场工作的【答案】D【详解】A．涡流探伤技术其原理是用励磁线圈使被测构件内产生涡电流，借助探测线圈测定涡电流的改变，故工作时励磁线圈不需要与被测构件接触，故A错误；B．因橡胶构件不能产生涡流，所以涡流探伤不适用于检测橡胶构件的缺陷，故B错误；CD．励磁线圈中通入交变电流才能产生的变化的磁场，当金属构件处于该磁场中时，该金属构件中才会发生电磁感应现象产生涡流，完成检测，由此可知，探测线圈根据接收到的涡流磁场工作的，故C错误，D正确。故选D。11．（21-22高二下·江苏南通·期末）可调磁控阻力健身车原理如图所示，通过拉杆可以控制磁铁与铝制飞轮之间的距离，健身时带动飞轮转动，可感受到车轮转动时的阻尼感。则（）A．阻尼感是磁铁与车轮间摩擦所致B．若拉杆位置不动，转速越小阻尼感越强C．若飞轮转速不变，磁铁与飞轮距离越远阻尼感越强D．若其他条件相同情况下，铜制的飞轮阻尼感更强【答案】D【详解】A．阻尼感是飞轮切割磁感线产生感应电流从而受到安培力所致，故A错误；B．若拉杆位置不动，转速越小，飞轮切割磁感线产生的感应电动势越小，即感应电流越小，所受安培力越小，阻尼感越弱，故B错误；C．若飞轮转速不变，磁铁与飞轮距离越远，磁铁在飞轮处产生的磁场强度越小，飞轮切割磁感线产生的感应电动势越小，即感应电流越小，所受安培力越小，阻尼感越弱，故C错误；D．铜的电阻率比铝的电阻率小，若其他条件相同情况下，铜制的飞轮电阻更小，切割磁感线时感应电流更大，所受安培力更大，则阻尼感更强，故D正确。故选D。二、多选题12．（22-23高二下·山东聊城·期末）随着科技的不断发展，无线充电已经进入人们的视线。图为手机无线充电装置及原理示意图。当充电基座上的送电线圈通入正弦式交变电流时，就会在受电线圈中感应出电流为手机电池充电。若某段时间内，送电线圈产生的磁场方向如图所示，且磁场正在增强。以下说法正确的是（）

A．送电线圈和受电线圈通过涡流完成对电池充电B．此时送电线圈的电流由端口2流入C．此时受电线圈的电流由端口4流出D．此时受电线圈的面积有减小的趋势【答案】ABD【详解】A．送电线圈的电流发生变化，使受电线圈磁通量发生变化产生感应电流（涡流），完成对电池充电，A正确；B．送电线圈的磁场向上，根据安培定则，此时送电线圈的电流由端口2流入，B正确；C．根据楞次定律，受电线圈的中感应电流的磁场向下，此时受电线圈的电流由端口3流出，C错误；D．送电线圈的磁场正在增强，受电线圈的磁通量增大，根据楞次定律，此时受电线圈的面积有减小的趋势，障碍磁通量的增大，D正确。故选ABD。13．（22-23高二下·甘肃酒泉·期末）在生产和生活中，有时候需要利用涡流效应，有时候需要避免涡流效应，关于涡流的应用，下列说法正确的是（）

A．真空冶炼炉是利用涡流来熔化金属的装置B．家用电磁炉锅体中的涡流是由恒定磁场产生的C．阻尼摆摆动时产生的涡流总是阻碍其运动D．变压器的铁芯用相互绝缘的硅钢片叠成，能增大涡流【答案】AC【详解】A．真空冶炼炉是利用线圈中的电流做周期性的变化，在金属中产生涡流，从而产生大量的热量熔化金属，故A正确；B．家用电磁炉锅体中的涡流是由变化的磁场产生的，故B错误；C．根据楞次定律，阻尼摆摆动时产生的涡流总是阻碍其运动，故C正确；D．变压器的铁芯用相互绝缘的硅钢片叠成，能减小涡流，故D错误。故选AC。14．（22-23高二下·湖北武汉·期末）如图是汽车上使用的电磁制动装置示意图。与传统的制动方式相比，电磁制动是一种非接触的制动方式，避免了因摩擦产生的磨损。电磁制动的原理是当导体在通电线圈产生的磁场中运动时，会产生涡流，使导体受到阻碍运动的制动力。下列说法正确的是（）

A．制动过程中，导体不会产生热量B．制动力的大小与导体运动的速度有关C．线圈中既可以通交流电，也可以通直流电D．如果改变线圈中的电流方向，可以使导体获得促进它运动的动力【答案】BC【详解】A．电磁制动的原理是当导体在通电线圈产生的磁场中运动时，会产生涡流，电流流过电阻时会产生热量，故A错误；B．导体运动的速度越大磁通量变化越快，产生的感应电流越强，制动器对转盘的制动力越大，故制动力的大小与导体运动的速度有关，故B正确；C．电磁制动的原理是当导体在通电线圈产生的磁场中运动时，产生涡流，故通电线圈可以通直流电，产生方向不变的磁场也是可以的，故C正确；D．如果改变线圈中的电流方向，铁芯产生的磁感线的方向变为反向，此时产生的涡流方向也相反，根据安培力的公式，电流和所处的磁场方向同时反向，安培力方向不变，故还是使导体受到阻碍运动的制动力，故D错误。故选BC。15．（22-23高二下·广东·期末）法拉第圆盘的装置结构可简化为图甲，一半径为的匀质金属圆盘全部水平放置在竖直向上、磁感应强度为的匀强磁场中，在圆心和圆盘边缘的A点之间接有一小灯泡，通过握把带动圆盘在磁场中绕