江西省赣州市2023-2024学年高三年级下册5月二模考试物理试卷(含答案)

江西省麓州市2023-2024学年高三下学期5月二模考试物理试卷

学校：___________姓名：班级：___________考号：

一,单选题

1.我国已全面进入5G时代，5G信号使用的电磁波频率是4G信号的几十倍，下列说

法正确的是（）

A.4G信号电磁波比5G信号电磁波的粒子性更明显

B.5G信号电磁波的波长比4G信号电磁波的波长短

C.5G信号电磁波的光子能量比4G信号电磁波的光子能量小

D.在相同介质中5G信号比4G信号的传播速度大

2.某天早晨，赣州的温度为0℃,某老师刚启动汽车时看到汽车仪表盘显示后轮胎胎

压均为2.7bar（lbar=100kpa）,中午，该老师刚启动汽车时看到后轮胎压均变成了

2.8bar,若轮胎内的气体质量和体积均保持不变，轮胎内部气体可看成理想气体，则

下列说法正确的是（）

A.气体分子撞击轮胎内壁的平均作用力减小

B.轮胎内部气体分子的平均动能不变

C.中午温度约为10℃

D.轮胎内部气体吸收热量，对外做功，内能不变

3.如图甲所示为某电动牙刷的无线充电示意图，送电线圈以由。到人为电流的正方

向，当送电线圈通过如图乙所示的电流时，在0~%时间内（）

.r

受电线圈彦狂邕1dr\/

电线圈一11

甲乙

A.受电线图中产生的感应电流增大且方向由d到c

B.受电线圈中产生的感应电流减小且方向由d到c

C.受电线圈中产生的感应电流增大且方向由。到d

D.受电线圈中产生的感应电流减小且方向由c到d

4.北京时间2022年11月17日16时50分，航天员陈冬、刘洋、蔡旭哲密切协同，

圆满完成出舱活动全部既定任务。太空舱距地面高约400km,根据西游记关于“天庭”

的描述，可推算出“天庭”绕地心运动一周约50000km,假如“天庭”真实存在，且“天

庭”和“太空舱”均绕地心做匀速圆周运动，地球可视为半径约6400km的均匀球体，则

（）

A.漂浮在舱外的航天员加速度等于零

B.若出舱活动期间蔡旭哲自由释放手中的工具，工具会立即高速离开航天员

C.“天庭”运行的线速度比“太空舱”小

D.“天庭”受地球的引力比“太空舱”小

5.如图所示，甲同学站在地面上将排球以大小为匕的速度击出，排球沿轨迹①运动：

经过最高点后，乙同学跳起将排球以大小为打的水平速度击回，排球沿轨迹②运动，

恰好落回出发点。忽略空气阻力，则排球（）

A.沿轨迹①和轨迹②运动过程的平均速度大小相同

B.沿轨迹①和轨迹②运动过程的速度变化量大小相同

C.沿轨迹①运动的最小速度大小可能为v2

D.沿轨迹②运动的最大速度大小可能为匕

6.某山顶有一排风力发电机，发电机的叶片转动时可形成半径为H=20m的圆面。某

时间内该山顶的风速达10m/s,风向恰好跟某风力发电机叶片转动形成的圆面垂直，

已知空气的密度P=L2kg/m3,若该风力发电机能将此圆内20%的空气动能转化为电

能。则此风力发电机发电的功率P约为（）

A.1.5X104WB.1.5X105WC.5X104WD.5X105W

7.如图所示，轻绳1两端分别固定在胫、N两点（N点在M点右上方），轻绳1上套

有一个轻质的光滑小环。，质量为机的物块P通过另一根轻绳2悬挂在环的下方，处

于静止状态，ZMON=60°o现用一始终与轻绳2垂直的力R缓慢拉动物块，直到轻

绳2与连线方向垂直。已知重力加速度为g。下列说法正确的是（）

N

A.物块在缓慢移动过程中，轻绳2的延长线可能不平分ZMON

B.施加拉力R前，轻绳1的张力大小为手机g

C.物块在缓慢移动过程中，轻绳1的张力增大

D.物块在缓慢移动过程中，力R先增大后减小

二、多选题

8.我国2023年新能源车出口120多万辆，稳居全球首位。一辆新能源车在某次直线

测试中，速度从0加速到20m/s所用时间为8s,且加速度随速度的增加而逐渐减小，

该车在这段时间内（）

A.加速到10m/s时，用时大于4s

B.平均加速度大小为2.5m/s?

C.位移大于80m

D.运动到总位移一半时，速度小于10m/s

9.如图所示，左图为亚运会艺术体操比赛中中国队选手赵檄进行带操比赛的画面，某

段过程中彩带的运动可简化为沿x轴方向传播的简谐横波，这列简谐横波在，=0时的

波形如右图所示。介质中x=lm处的质点P沿y轴方向做简谐运动的表达式为

y=10sin（5M（cm）。则下列说法正确的是（）

A.该波沿x轴负方向传播

B.该波的传播速度为10m/s

4

C"=0时，x=§m处的质点振动位移为—5瓶cm

4

D./=0时，x=§m处的质点振动位移为-5cm

10.某校科技兴趣小组设计了一个玩具车的电磁驱动系统，如图所示，abed是固定在

塑料玩具车底部的长为L、宽为人的长方形金属线框，线框粗细均匀且电阻为心驱

2

动磁场为方向垂直于水平地面、等间隔交替分布的匀强磁场，磁感应强度大小均为

B,每个磁场宽度均为自。现使驱动磁场以速度%向右匀速运动，线框将受到磁场力

2

并带动玩具车由静止开始运动，假设玩具车所受阻力/与其运动速度丫的关系为f=kv

（左为常量）。下列说法正确的是（）

AV0

XB*Xqx••XXJ•

XX••XX••XX：•

XX**XX••XX;•

B

XX.C•X“X••XX\•

A.a、d两点间的电压的最大值为也

3

B.玩具车在运动过程中线框中电流方向不改变

C.线框匀速运动时，安培力的功率等于回路中的电功率

D.玩具车和线框的最大速度为v=

kR+4B可

三、实验题

11.用如图甲所示的装置探究影响向心力大小的因素。已知小球在槽中A、3、C位置

做圆周运动的轨迹半径之比为121,小球做圆周运动的向心力与标尺露出的格数成正

比，变速塔轮自上而下按如图乙所示三种方式进行组合，每层半径之比由上至下分别

为1:1、2:1和3:lo

（1）本实验所采用的实验探究方法与下列哪些实验是相同的

A.探究平抛运动的特点

B.探究影响导体电阻的因素

C.探究两个互成角度的力的合成规律

D.探究加速度与物体受力、物体质量的关系

（2）在探究向心力大小与半径的关系时，为了控制角速度相同需要将传动皮带调至第

（填“一”、“二”或“三”）层塔轮，然后将两个质量相等的钢球分别放在

（填“A和3”、“A和C域“3和C”）位置，匀速转动手柄，如图丙所示，左侧

标尺露出2格，右侧标尺露出1格，则左右两球所受向心力大小之比为

（3）在记录两个标尺露出的格数时，同学们发现要同时记录两边的格数且格数又不是

很稳定，不便于读取。于是有同学提出用手机拍照后再通过照片读出两边标尺露出的

格数。下列对该同学建议的评价，你认为正确的是。

A.该方法可行，但仍需要匀速转动手柄

B.该方法可行，且不需要匀速转动手柄

C.该方法不可行，因不能确定拍照时露出的格数是否已稳定

（4）在探究向心力大小与角速度的关系时，若将传动皮带调至图乙中的第三层，质量

相同的两小球分别放在A和C位置，转动手柄，稳定后，观察到左侧标尺露出1格，

右侧标尺露出9格，则可以得出的实验结论为：0

12.一探究小组测量平时考试使用的2B铅笔芯的电阻率，先用多用电表欧姆挡的

xlO”挡粗测铅笔芯电阻，指针偏转如图（a）所示。

图（a）

（1）为了更准确测量电阻值，可将旋钮调至_______（填“xl”或“xlOO”）挡后再次进

行测量。

（2）为精确地测量铅笔芯的电阻，实验中除开关，若干导线外还提供下列器材：

A.电压表V1（量程0〜3V,内阻约3k。）

B.电压表V2（量程。〜15V,内阻约15kQ）

C.电流表A1（量程0〜3A,内阻约0.010）

D.电流表A2（量程0〜Q6A,内阻约0.10）

E.滑动变阻器RI（0~10Q）

F.滑动变阻器&（0~500Q）

G.电源E（电动势为3.0V）及开关和导线若干

为了提高测量精确度，实验中电压表应选择,电流表应选择,滑动变

阻器应选择。（选填各器材前的字母序号）

（3）现要求测量电路的电压从0开始变化，请在实物图（b）中完成电路连接。

图（b）

（4）用游标卡尺测得铅笔芯接入电路的长度为/,用螺旋测微器测得直径为力电压

表的示数为。，电流表的示数为1,由此可计算得出铅笔芯的电阻率Q=（用

题目所给字母表示）。

四、计算题

13.如图所示为一监控设备上取下的半径为R的实心半球形透明材料，底面竖直放

置，球心为。点，在半球左侧平行底面放置一足够大的光屏，光屏与半球底面相距为

凡激光笔对准。点，垂直于光屏发出一束游光射向半球面，在光屏上的0点留下亮

点；保持游光笔位置不变，让半球形透明材料绕底面上的水平直径A3转动30。，亮点

在光屏上移动到与。।相距无R的位置。已知激光在真空中的传播速度为c,求：

3

（2）激光在半球形透明材料内的传播时间九

14.某学习小组通过一款小游戏研究碰撞问题。游戏装置俯视图如图所示，在粗糙的

水平面上固定一圆形光滑轨道，紧贴轨道内侧放置两个可视为质点的小物块4B,

45与水平面间的动摩擦因数均为〃，圆形光滑轨道的半径为广。现给A一个向左的

初速度%，使其沿着轨道在水平面上做圆周运动，运动半周时与3发生弹性碰撞。已

知mB=3mA,重力加速度为go

（1）求刚开始运动时A的加速度大小a：

7一，

（2）若〃=0.2,厂=—m，%=3m/s,g取lOm/s?，求A与3碰后3滑行的路程s。

71

15.用磁聚焦法测量比荷是一种常用方法。如图甲所示，在真空玻璃管中装有热阴极

K和带有小孔的阳极A,在A、K之间加上电压U。后，连续不断地有电子从阴极K由

静止加速到达阳极A,电子从小孔射出后沿水平中心轴线进入平行板电容器，两板间

距及板长均为L电容器两极板间所加电压M随时间/变化的关系如图乙所示。两极板

右侧有一足够大的荧光屏，荧光屏与中心轴线垂直，且与两极板右端的距离为z（未

知），在荧光屏上，以垂点为坐标原点建立xOy平面直角坐标系，其中y轴垂直于电

容器极板。两极板与荧光屏间有一水平向右的匀强磁场，磁感应强度为瓦已知电子

在两极板间运动的时间极短，电子的电量为e,质量为如不计电子重力和电子间的

相互作用。

（1）求电子射出两极板时偏离中心轴线的最大位移治；

（2）判断在荧光屏上形成的亮斑形状（不要求推导过程）；

（3）若z可以取任意值，求荧光屏上亮斑形状（如长度或面积）的最大值;

(4)若z=2L女必L,求荧光屏上的亮斑距y轴最远的点的坐标(x,y)。

6B\e

参考答案

1.答案：B

解析：AB.根据c=结合题意可知5G信号电磁波的波长比4G信号电磁波的波长

短，则5G信号电磁波比4G信号电磁波的粒子性更明显，故B正确，A错误；

C.根据E=hv可知5G信号电磁波的光子能量比4G信号电磁波的光子能量大，故C错

误；

D.5G信号的频率比4G信号的频率大，则同种介质中5G信号的折射率大，根据丫=9

n

可知在相同介质中5G信号比4G信号的传播速度小，故D错误。

故选B。

2.答案：C

解析：A.轮胎内的体积不变，压强增大，则气体分子撞击轮胎内壁的平均作用力增

加，故A错误；

BC.轮胎内的体积不变，根据查理定律有

旦=上

解得

T2=283K=10℃

温度增加，则轮胎内部气体分子的平均动能增加，故B错误，C正确；

D.轮胎内部气体温度增加，内能增大，体积不变，做功为0,根据热力学第一定律，

气体吸收热量，故D错误。

故选C。

3.答案：A

解析：在时间内，送电线圈电流减小，但是电流的变化率变大，穿过受电线圈的

磁通量变化率变大，则受电线圈中产生的感应电流变大，根据楞次定律可知，受电线

圈中电流方向由d到Co

故选Ao

4.答案：C

解析：A.漂浮在舱外的航天员围绕地球做圆周运动，一定有向心加速度，其加速度一

定不为零，故A错误；

B.工具在被释放前，与蔡旭哲保持相对静止，根据牛顿第一定律可知蔡旭哲自由释放

手中的工具后，工具还是和蔡旭哲保持相对静止，故B错误；

C.根据题意可知，“天宫”空间站绕地心一周运动的路程约

s=2兀厂=2x3.14x(6400+400)km«42700km<50000km

可知，“天宫”空间站的轨道半径小于“天庭”的轨道半径，根据万有引力提供向心力有

GMmv2

——--=m—

r"r

解得

卡Vr

可知，“天庭”相对于“天宫”线速度更小，故c正确；

D.由于不知道“天庭”和“天宫”的质量关系，无法判断二者受地球引力大小关系，故D

错误。

故选C。

5.答案：D

解析：A.根据图像可知，轨迹①最高点大于轨迹②最高点，根据平抛运动规律

产

可知沿轨迹②运动的时间小于沿轨迹①运动的时间，沿轨迹①和轨迹②运动过程的位

移相同，所以沿轨迹②运动的平均速度大于沿轨迹①运动的平均速度，故A错误；

B.沿轨迹①和轨迹②运动过程的速度变化量为

Av=gt

可知沿轨迹②的速度变化量小于沿轨迹①的速度变化量，故B错误；

CD.根据

X

轨迹①的时间长，但水平位移小，所以轨迹①水平分速度小，竖直分速度为

vy=y/2gh

沿轨迹①的竖直分速度大，可知沿轨迹②的最大速度可能为匕，沿轨迹①运动的最小

速度即水平速度，小于%,故D正确，C错误。

故选D。

6.答案：B

解析：时间At内，通过圆面的空气的质量

m=pv\titR2

该部分空气的动能

12

p=—mv

k2

则此风力发电机发电的功率

△t

解得

P«1.5xlO5W

故选B。

7.答案：C

解析：A.物块在缓慢移动过程中，以小环。为对象，由于小环。两侧轻绳1的张力大

小总是相等，则小环。两侧轻绳1的张力合力沿平分线上，根据受力平衡可

知，轻绳2的延长线始终平分/MON，故A错误；

B.施加拉力R前，以小环。为对象，受到轻绳2的拉力等于物块P的重力机g,竖直

方向根据受力平衡可得

27]cos30°=mg

解得轻绳1的张力大小为

T1

故B错误；

C.物块在缓慢移动过程中，由于M、N之间的轻绳1长度不变，根据数学知识可知，

小环。的运动轨迹为椭圆，M、N为椭圆的两个焦点；当轻绳2与连线方向垂直

时，小环。刚好位于椭圆的短轴顶点上，根据椭圆知识可知此时NMON最大，则此

过程=a逐渐增大，以小环。为对象，根据受力平衡可得

2*cosa=T2

可得

2cosa

可知此过程经绳I的张力一直增大，故c正确；

D.物块在缓慢移动过程中，轻绳2与竖直方向的夹角为。逐渐变大，则可知

F=mgsin6

逐渐变大，故D错误。

故选C。

8.答案：BC

解析：ABD.平均加速度大小为

a=-=—m/s2=2.5m/s2

t8

因加速度随速度的增加而逐渐减小，可知开始阶段的加速度大于2.5m/s2,加速到

10m/s时，用时小于4s；运动到总位移一半时，速度大于10m/s,选项AD错误，B

正确；

C.若做匀加速运动，则位移为

V

x=-t=80m

2

因做加速度减小的加速运动，结合VT图像，则汽车的位移大于做匀加速运动时的位

移，可知位移大于80m,选项C正确；

故选BCo

9.答案：BD

解析：A.根据质点P的振动方程可知/=0时刻质点尸沿y轴正方向振动，根据同侧法

可知该波沿x轴正方向传播，故A错误；

B.根据题意可知该波的周期

T=——s=0.4s

5兀

根据题图可知该波的波长

2=4m

该波的传播速度为

v=一X=1r0\m/s

T

故B正确；

4

CD.根据三角函数知识可知"0时，x=§m处的质点振动位移

4-1

y=-10sin()x2兀(cm)=-5cm

故D正确，C错误。

故选BDo

10.答案：AD

解析：A.刚开始时线框相对于磁场的速度最大，此时感应电动势最大，ab、cd均切割

磁感线，产生感应电动势方向相同，则总电动势为

石总=2BL“O

因线框电阻为凡则〃部分电阻为四，则a、d两点间的电压的最大值为

6

p_E&_BLv°

E"L丁〒

故A正确；

B.磁场向右运动，相当于线框切割磁感线，ab、cd所处的磁场区域会不断发生变化，

结合右手定则可分析出金属框中电流方向并不是不变的，故B错误；

D.设玩具车最大速度为v,则相对于磁场的速度为此时总电动势为

E=2BL(v0-v)

总安培力为

F=2BIL=2B.竺处』=竺”口

RR

因玩具车所受阻力为其对地速度的左倍，当速度最大时有

八八八4向2(%i)

R

可得

y=4BE

kR+AB??

故D正确；

C.玩具车达到最大速度时即匀速时，安培力的功率为

i=竺也3

1R

电功率为

E2_4B2L2(V-V)2

鸟=9=R—0

仅当

%一丫=丫

即

v=­%

2

才有

Pi

但v不一定取为，故C错误。

2

故选ADo

11.答案：(1)BD

(2)一；3和C；2:1

(3)B

(4)质量和半径一定的条件下、物体做圆运动的向心力大小与角速度的平方成正比

解析：(1)在该实验中，通过控制质量、半径、角速度中两个物理量相同，探究向心

力与另外一个物理量之间的关系，采用的科学方法是控制变量法。

A.探究平抛运动的特点，例如两球同时落地，两球在竖直方向上的运动效果相同，应

用了等效思想，故A错误；

B.当一个物理量与多个物理量相关时，应采用控制变量法，探究该物理量与某一个量

的关系，在探究影响导体电阻的因素实验中使用了控制变量法，故B正确；

C.探究两个互成角度的力的合成规律，应用了等效替代法，故C错误；

D.探究加速度与物体受力、物体质量的关系，应用了控制变量法，故D正确。

故选BDo

（2）变速塔轮边缘处的线速度相等，根据

v-cor

在探究向心力大小与半径的关系时，需控制小球质量、角速度相同，运动半径不同，

故需要将传动皮带调至第一层塔轮，将两个质量相等的钢球分别放在3和C位置。

根据题意可知左右两球所受向心大小之比为2:lo

（3）该方法可行，用手机拍照后再通过照片读出两边标尺露出的格数，这样可以准确

读出某一时刻两边标尺露出的格数，并通过格数得出向心力与角速度的关系，手柄转

速变化时，两边标尺露出的格数同时变化，仍可通过格数得出向心力与角速度的关

系，故不需要匀速转动手柄。

（4）变速塔轮边缘处的线速度相等，根据

V-cor

可得左右两小球的角速度之比为

①左:①右=R3:37?3=1:3

可得

F0C（92

可得的实验结论是：质量和半径一定的条件下、物体做圆运动的向心力大小与角速度

的平方成正比。

12.答案：（1）xi（2）A；D；E（3）见解析（4）nUd'

411

解析：（1）先用多用电表欧姆挡的xlO挡粗测铅笔芯电阻，指针偏转如图（a）所

示，可知待测电阻阻值较小，为了进一步测量电阻值，可将旋钮调至xl挡后再次进行

测量。

（2）因电源电动势为3V,则电压表应选择A；

电路中最大电流不超过0.6A,则电流表应选择D；

滑动变阻器应选择与待测电阻阻值相当的Eo

（3）要求测量电路的电压从0开始变化，则滑动变阻器采用分压接法，由于待测电阻

较小，远小于电压表内阻，则电流表应采用外接法，实物连线如图所示

R=p一

S

又

S二

R上

I

联立可得

nUd2

P--------

411

13.答案：（1）73（2）画

C

解析：（