2023中考数学真题专项汇编特训 专题13二次函数解答压轴题(共30道)(原卷版+解析)

专题13二次函数解答压轴题（30道）一、解答题1．（2023·辽宁盘锦·统考中考真题）如图，抛物线与轴交于点，，与轴交于点．(1)求抛物线的解析式．(2)如图1，点是轴上方抛物线上一点，射线轴于点，若，且，请直接写出点的坐标．(3)如图2，点是第一象限内一点，连接交轴于点，的延长线交抛物线于点，点在线段上，且，连接，若，求面积．2．（2023·辽宁鞍山·统考中考真题）如图1，抛物线经过点，与y轴交于点，点E为第一象限内抛物线上一动点．

(1)求抛物线的解析式．(2)直线与x轴交于点A，与y轴交于点D，过点E作直线轴，交于点F，连接．当时，求点E的横坐标．(3)如图2，点N为x轴正半轴上一点，与交于点M．若，，求点E的坐标．3．（2023·辽宁阜新·统考中考真题）如图，在平面直角坐标系中，二次函数的图象与轴交于点和点，与y轴交于点C．(1)求这个二次函数的表达式．(2)如图1，二次函数图象的对称轴与直线交于点D，若点M是直线上方抛物线上的一个动点，求面积的最大值．(3)如图2，点是直线上的一个动点，过点的直线与平行，则在直线上是否存在点，使点与点关于直线对称？若存在，请直接写出点的坐标；若不存在，请说明理由．4．（2023·黑龙江哈尔滨·统考中考真题）在平面直角坐标系中，为坐标原点，抛物线与轴交于点，，与轴交于点．(1)求，的值；(2)如图①，是第二象限抛物线上的一个动点，连接，，设点的横坐标为，的面积为，求关于的函数解析式（不要求写出自变量的取值范围）；(3)如图②，在（2）的条件下，当时，连接交轴于点，点在轴负半轴上，连接，点在上，连接，点在线段上（点不与点重合），过点作的垂线与过点且平行于的直线交于点，为的延长线上一点，连接，，使，是轴上一点，且在点的右侧，，过点作，交的延长线于点，点在上，连接，使，若，求直线的解析式．5．（2023·湖南益阳·统考中考真题）在平面直角坐标系中，直线与x轴交于点A，与抛物线交于B，C两点（B在C的左边）．

(1)求A点的坐标；(2)如图1，若B点关于x轴的对称点为点，当以点A，，C为顶点的三角形是直角三角形时，求实数a的值；(3)定义：将平面直角坐标系中横坐标与纵坐标均为整数的点叫作格点，如，等均为格点．如图2，直线l与抛物线E所围成的封闭图形即阴影部分（不包含边界）中的格点数恰好是26个，求a的取值范围．6．（2023·四川绵阳·统考中考真题）如图，抛物线的图象的顶点坐标是，并且经过点，直线与抛物线交于B，D两点，以为直径作圆，圆心为点C，圆C与直线m交于对称轴右侧的点，直线m上每一点的纵坐标都等于1．(1)求抛物线的解析式；(2)证明：圆C与x轴相切；(3)过点B作，垂足为E，再过点D作，垂足为F，求的值．7．（2023·陕西·统考中考真题）某校想将新建图书楼的正门设计为一个抛物线型门，并要求所设计的拱门的跨度与拱高之积为，还要兼顾美观、大方，和谐、通畅等因素，设计部门按要求给出了两个设计方案．现把这两个方案中的拱门图形放入平面直角坐标系中，如图所示：方案一，抛物线型拱门的跨度，拱高．其中，点N在x轴上，，．方案二，抛物线型拱门的跨度，拱高．其中，点在x轴上，，．要在拱门中设置高为的矩形框架，其面积越大越好（框架的粗细忽略不计）．方案一中，矩形框架的面积记为，点A、D在抛物线上，边在上；方案二中，矩形框架的面积记为，点，在抛物线上，边在上．现知，小华已正确求出方案二中，当时，，请你根据以上提供的相关信息，解答下列问题：(1)求方案一中抛物线的函数表达式；(2)在方案一中，当时，求矩形框架的面积并比较，的大小．8．（2023·湖南湘西·统考中考真题）如图（1），二次函数的图像与轴交于，两点，与轴交于点．

(1)求二次函数的解析式和的值．(2)在二次函数位于轴上方的图像上是否存在点，使？若存在，请求出点的坐标；若不存在，请说明理由．(3)如图（2），作点关于原点的对称点，连接，作以为直径的圆．点是圆在轴上方圆弧上的动点（点不与圆弧的端点重合，但与圆弧的另一个端点可以重合），平移线段，使点移动到点，线段的对应线段为，连接，，的延长线交直线于点，求的值．9．（2023·辽宁锦州·统考中考真题）如图，抛物线交轴于点和，交轴于点，顶点为．(1)求抛物线的表达式；(2)若点在第一象限内对称右侧的抛物线上，四边形的面积为，求点的坐标；(3)在（2）的条件下，若点是对称轴上一点，点是坐标平面内一点，在对称轴右侧的抛物线上是否存在点，使以，，，为顶点的四边形是菱形，且，如果存在，请直接写出点的坐标；如果不存在，请说明理由．10．（2023·山东济南·统考中考真题）在平面直角坐标系中，正方形的顶点，在轴上，，．抛物线与轴交于点和点．

(1)如图1，若抛物线过点，求抛物线的表达式和点的坐标；(2)如图2，在（1）的条件下，连接，作直线，平移线段，使点的对应点落在直线上，点的对应点落在抛物线上，求点的坐标；(3)若抛物线与正方形恰有两个交点，求的取值范围．11．（2023·浙江·统考中考真题）根据以下素材，探究完成任务．如何把实心球掷得更远？素材1小林在练习投掷实心球，其示意图如图，第一次练习时，球从点A处被抛出，其路线是抛物线．点A距离地面，当球到OA的水平距离为时，达到最大高度为．

素材2根据体育老师建议，第二次练习时，小林在正前方处（如图）架起距离地面高为的横线．球从点A处被抛出，恰好越过横线，测得投掷距离．

问题解决任务1计算投掷距离建立合适的直角坐标系，求素材1中的投掷距离．任务2探求高度变化求素材2和素材1中球的最大高度的变化量任务3提出训练建议为了把球掷得更远，请给小林提出一条合理的训练建议．12．（2023·辽宁·统考中考真题）如图，抛物线与x轴交于点A和点，与y轴交于点，点P为第一象限内抛物线上的动点过点P作轴于点E，交于点F．

(1)求抛物线的解析式；(2)当的周长是线段长度的2倍时，求点P的坐标；(3)当点P运动到抛物线顶点时，点Q是y轴上的动点，连接，过点B作直线，连接并延长交直线于点M．当时，请直接写出点的坐标．13．（2023·湖南娄底·统考中考真题）如图，抛物线过点、点，交y轴于点C．

(1)求b，c的值．(2)点是抛物线上的动点①当取何值时，的面积最大？并求出面积的最大值；②过点P作轴，交于点E，再过点P作轴，交抛物线于点F，连接，问：是否存在点P，使为等腰直角三角形？若存在，请求出点P的坐标；若不存在，请说明理由．14．（2023·辽宁沈阳·统考中考真题）如图，在平面直角坐标系中，二次函数的图象经过点，与轴的交点为点和点．

(1)求这个二次函数的表达式；(2)点，在轴正半轴上，，点在线段上，以线段，为邻边作矩形，连接，设．连接，当与相似时，求的值；当点与点重合时，将线段绕点按逆时针方向旋转后得到线段，连接，，将绕点按顺时针方向旋转后得到，点，的对应点分别为、，连接当的边与线段垂直时，请直接写出点的横坐标．15．（2023·黑龙江大庆·统考中考真题）如图，二次函数的图象与轴交于A，两点，且自变量的部分取值与对应函数值如下表：

(1)求二次函数的表达式；(2)若将线段向下平移，得到的线段与二次函数的图象交于，两点（在左边），为二次函数的图象上的一点，当点的横坐标为，点的横坐标为时，求的值；(3)若将线段先向上平移3个单位长度，再向右平移1个单位长度，得到的线段与二次函数的图象只有一个交点，其中为常数，请直接写出的取值范围．16．（2023·宁夏·统考中考真题）如图，抛物线与轴交于，两点，与轴交于点．已知点的坐标是，抛物线的对称轴是直线．

(1)直接写出点的坐标；(2)在对称轴上找一点，使的值最小．求点的坐标和的最小值；(3)第一象限内的抛物线上有一动点，过点作轴，垂足为，连接交于点．依题意补全图形，当的值最大时，求点的坐标．17．（2023·四川德阳·统考中考真题）已知：在平面直角坐标系中，抛物线与x轴交于点，，与y轴交于点．

(1)求抛物线的解析式；(2)如图1，如果把抛物线x轴下方的部分沿x轴翻折，抛物线的其余部分保持不变，得到一个新图象．当平面内的直线与新图象有三个公共点时，求k的值；(3)如图2，如果把直线沿y轴向上平移至经过点，与抛物线的交点分别是，，直线交于点，过点作于点，若．求点的坐标．18．（2023·四川雅安·统考中考真题）在平面直角坐标系中，已知抛物线过点，对称轴是直线．

(1)求此抛物线的函数表达式及顶点M的坐标；(2)若点B在抛物线上，过点B作x轴的平行线交抛物线于点C、当是等边三角形时，求出此三角形的边长；(3)已知点E在抛物线的对称轴上，点D的坐标为，是否存在点F，使以点A，D，E，F为顶点的四边形为菱形？若存在，请直接写出点F的坐标；若不存在，请说明理由．19．（2023·山东泰安·统考中考真题）如图1，二次函数的图象经过点．

(1)求二次函数的表达式；(2)若点P在二次函数对称轴上，当面积为5时，求P坐标；(3)小明认为，在第三象限抛物线上有一点D，使；请判断小明的说法是否正确，如果正确，请求出D的坐标；如果不正确，请说明理由．20．（2023·湖北恩施·统考中考真题）在平面直角坐标系中，为坐标原点，已知抛物线与轴交于点，抛物线的对称轴与轴交于点．

(1)如图，若，抛物线的对称轴为．求抛物线的解析式，并直接写出时的取值范围；(2)在（1）的条件下，若为轴上的点，为轴上方抛物线上的点，当为等边三角形时，求点，的坐标；(3)若抛物线经过点，，，且，求正整数m，n的值．21．（2023·辽宁营口·统考中考真题）如图，抛物线与轴交于点和点，与轴交于点，抛物线的对称轴交轴于点，过点作直线轴，过点作，交直线于点．

(1)求抛物线的解析式；(2)如图，点为第三象限内抛物线上的点，连接和交于点，当时．求点的坐标；(3)在（2）的条件下，连接，在直线上是否存在点，使得？若存在，请直接写出点F的坐标；若不存在，请说明理由．22．（2023·北京·统考中考真题）在平面直角坐标系中，，是抛物线上任意两点，设抛物线的对称轴为．(1)若对于，有，求的值；(2)若对于，，都有，求的取值范围．23．（2023·山东日照·统考中考真题）在平面直角坐标系内，抛物线交y轴于点C，过点C作x轴的平行线交该抛物线于点D．

(1)求点C，D的坐标；(2)当时，如图1，该抛物线与x轴交于A，B两点（点A在点B的左侧），点P为直线上方抛物线上一点，将直线沿直线翻折，交x轴于点，求点P的坐标；(3)坐标平面内有两点，以线段为边向上作正方形．①若，求正方形的边与抛物线的所有交点坐标；②当正方形的边与该抛物线有且仅有两个交点，且这两个交点到x轴的距离之差为时，求a的值．24．（2023·江苏无锡·统考中考真题）已知二次函数的图像与轴交于点，且经过点和点．(1)请直接写出，的值；(2)直线交轴于点，点是二次函数图像上位于直线下方的动点，过点作直线的垂线，垂足为．①求的最大值；②若中有一个内角是的两倍，求点的横坐标．25．（2023·山东·统考中考真题）如图，在平面直角坐标系中，抛物线交轴于点，顶点坐标为．抛物线交轴于点，顶点坐标为．(1)连接，求线段的长；(2)点在抛物线上，点在抛物线上．比较大小：___________；(3)若点在抛物线上，，求的取值范围．26．（2023·江苏徐州·统考中考真题）如图，在平而直角坐标系中，二次函数的图象与轴分别交于点，顶点为．连接，将线段绕点按顺时针方向旋转得到线段，连接．点分别在线段上，连接与交于点．

(1)求点的坐标；(2)随着点在线段上运动．①的大小是否发生变化？请说明理由；②线段的长度是否存在最大值？若存在，求出最大值；若不存在，请说明理由；(3)当线段的中点在该二次函数的因象的对称轴上时，的面积为．27．（2023·辽宁·统考中考真题）如图，抛物线与轴交于点和点，与轴交于点，点在抛物线上．

(1)求抛物线的解析式；(2)点在第一象限内，过点作轴，交于点，作轴，交抛物线于点，点在点的左侧，以线段为邻边作矩形，当矩形的周长为11时，求线段的长；(3)点在直线上，点在平面内，当四边形是正方形时，请直接写出点的坐标．28．（2023·贵州·统考中考真题）如图①，是一座抛物线型拱桥，小星学习二次函数后，受到该图启示设计了一建筑物造型，它的截面图是抛物线的一部分（如图②所示），抛物线的顶点在处，对称轴与水平线垂直，，点在抛物线上，且点到对称轴的距离，点在抛物线上，点到对称轴的距离是1．(1)求抛物线的表达式；(2)如图②，为更加稳固，小星想在上找一点，加装拉杆，同时使拉杆的长度之和最短，请你帮小星找到点的位置并求出坐标；(3)为了造型更加美观，小星重新设计抛物线，其表达式为，当时，函数的值总大于等于9．求的取值范围．29．（2023·吉林长春·统考中考真题）在平面直角坐标系中，点为坐标原点，抛物线（是常数）经过点．点的坐标为，点在该抛物线上，横坐标为．其中．

(1)求该抛物线对应的函数表达式及顶点坐标；(2)当点在轴上时，求点的坐标；(3)该抛物线与轴的左交点为，当抛物线在点和点之间的部分（包括、两点）的最高点与最低点的纵坐标之差为时，求的值．(4)当点在轴上方时，过点作轴于点，连结、．若四边形的边和抛物线有两个交点（不包括四边形的顶点），设这两个交点分别为点、点，线段的中点为．当以点、、、（或以点、、、）为顶点的四边形的面积是四边形面积的一半时，直接写出所有满足条件的的值．30．（2023·内蒙古·统考中考真题）如图，在平面直角坐标系中，抛物线交轴于点，直线交抛物线于两点（点在点的左侧），交轴于点，交轴于点．

(1)求点的坐标；(2)是线段上一点，连接，且．①求证：是直角三角形；②的平分线交线段于点是直线上方抛物线上一动点，当时，求点的坐标．

专题13二次函数解答压轴题（30道）一、解答题1．（2023·辽宁盘锦·统考中考真题）如图，抛物线与轴交于点，，与轴交于点．(1)求抛物线的解析式．(2)如图1，点是轴上方抛物线上一点，射线轴于点，若，且，请直接写出点的坐标．(3)如图2，点是第一象限内一点，连接交轴于点，的延长线交抛物线于点，点在线段上，且，连接，若，求面积．【答案】(1)(2)(3)【分析】（1）将点，代入抛物线得到，解方程组即可得到答案；（2）设，，则，则，，从而表示出点的坐标为，代入抛物线解析式，求出的值即可得到答案；（3）求出直线的表达式，利用，得到，求出点的坐标，再根据进行计算即可得到答案．【详解】（1）解：抛物线与轴交于点，，，解得：，抛物线的解析式为：；（2）解：，设，，，，，点，，，点的坐标为，点是轴上方抛物线上一点，，解得：（舍去）或，；（3）解：设点，直线的解析式为，，，解得：，直线的解析式为，当时，，，，，在抛物线中，当时，，，，，设点的坐标为，，，，，，，解得：，点的坐标为，．【点睛】本题为二次函数综合，主要考查了求二次函数的解析式、二次函数图象和性质、一次函数的应用、锐角三角函数、三角形面积的计算，确定关键点的坐标是解本题的关键．2．（2023·辽宁鞍山·统考中考真题）如图1，抛物线经过点，与y轴交于点，点E为第一象限内抛物线上一动点．

(1)求抛物线的解析式．(2)直线与x轴交于点A，与y轴交于点D，过点E作直线轴，交于点F，连接．当时，求点E的横坐标．(3)如图2，点N为x轴正半轴上一点，与交于点M．若，，求点E的坐标．【答案】(1)(2)(3)或【分析】（1）利用待定系数法，把已知点坐标代入解析式即可求解函数的解析式；（2）分别过，向轴作垂线，垂足为，，根据证得，从而，设点坐标，分别表示出，坐标，再列方程求解即可；（3）将平移到，连接，则；过作于，过作轴于，过作交延长线于，延长交轴于，设，则，，，由可得，从而，设由可得，，，再求出点坐标为，代入抛物线解析式中即可求得或，从而可得点坐标．【详解】（1）解：把和代入到解析式中可得，解得，抛物线的解析式为：；（2）直线中，令，则，所以，直线中，令，则，所以，分别过，向轴作垂线，垂足为，，

根据题意可得，轴，轴，和为直角三角形，在和中，，，，设，则，，，从而，，则有，解得（舍去），或，故点的横坐标为：；（3）将平移到，连接，则四边形为平行四边形，，过作于，过作轴于，过作交延长线于，延长交轴于，，可设，则，∴，则，

设，轴，，，，，，，，，，，，，，，，则，，，，代入抛物线解析式中有：，解得：或，当时，，当时，．【点睛】本题是二次函数与相似三角形综合题，考查了待定系数法求二次函数解析式，相似三角形的判定与性质，全等三角形的判定与性质，正切的定义等知识，解题关键是在坐标系中利用等线段构造全等进行计算，构造相似三角形解决问题．3．（2023·辽宁阜新·统考中考真题）如图，在平面直角坐标系中，二次函数的图象与轴交于点和点，与y轴交于点C．(1)求这个二次函数的表达式．(2)如图1，二次函数图象的对称轴与直线交于点D，若点M是直线上方抛物线上的一个动点，求面积的最大值．(3)如图2，点是直线上的一个动点，过点的直线与平行，则在直线上是否存在点，使点与点关于直线对称？若存在，请直接写出点的坐标；若不存在，请说明理由．【答案】(1)；(2)；(3)或【分析】（1）根据抛物线的交点式直接得出结果；（2）作于，作于，交于，先求出抛物线的对称轴，进而求得，坐标及的长，从而得出过的直线与抛物线相切时，的面积最大，根据的△求得的值，进而求得的坐标，进一步求得上的高的值，进一步得出结果；（3）分两种情形：当点在线段上时，连接，交于，设，根据求得的值，可推出四边形是平行四边形，进而求得点坐标；当点在的延长线上时，同样方法得出结果．【详解】（1）解：由题意得，；（2）解：如图1，作于，作于，交于，，，，，抛物线的对称轴是直线：，，，，，故只需的边上的高最大时，的面积最大，设过点与平行的直线的解析式为：，当直线与抛物线相切时，的面积最大，由得，，由△得，得，，，，，，，，；（3）解：如图2，当点在线段上时，连接，交于，点和点关于对称，，设，由得，，，（舍去），，∵，，，四边形是平行四边形，，，∴；如图3，当点在的延长线上时，由上可知：，同理可得：，综上所述：或．【点睛】本题考查了二次函数及其图象的性质，一元二次方程的解法，平行四边形的判定和性质，轴对称的性质等知识，解决问题的关键是分类讨论．4．（2023·黑龙江哈尔滨·统考中考真题）在平面直角坐标系中，为坐标原点，抛物线与轴交于点，，与轴交于点．(1)求，的值；(2)如图①，是第二象限抛物线上的一个动点，连接，，设点的横坐标为，的面积为，求关于的函数解析式（不要求写出自变量的取值范围）；(3)如图②，在（2）的条件下，当时，连接交轴于点，点在轴负半轴上，连接，点在上，连接，点在线段上（点不与点重合），过点作的垂线与过点且平行于的直线交于点，为的延长线上一点，连接，，使，是轴上一点，且在点的右侧，，过点作，交的延长线于点，点在上，连接，使，若，求直线的解析式．【答案】(1)，(2)(3)【分析】（1）把点，代入抛物线解析式，得方程组，求出，的值即可；（2）过点作轴，垂足为，由（1）知，抛物线的解析式是，得，根据“是第二象限抛物线上的一个动点，点的横坐标为”，得，根据，代入整理即可得到关于的函数解析式；（3）以为一边作，的另一边交的延长线于点；作，垂足为；作，垂足为；作轴，垂足为；根据和，求出，根据“，，，”推理出，，得到，结合，推理出，用证，用证，推理出，根据“，”，得出，，，代入，求出，勾股定理算出，根据“，”，设，则，，代入，算出，运用勾股定理计算，计算，结合点在轴负半轴上，得，设直线的解析式为，把，代入求出完整解析式即可．【详解】（1）点，在抛物线上，，解得：，，（2）由（1）知，抛物线的解析式是，是抛物线与轴的交点，时，，，，如下图，过点作轴，垂足为，是第二象限抛物线上一点，点的横坐标为，，（3）如下图，以为一边作，的另一边交的延长线于点；作，垂足为；作，垂足为；作轴，垂足为，，由（2）知，，，，，，，，即，，，，，，，，，又，，，，，，，，，在和中，，，，，，，，，，，，，，，轴，，，，，，，，，，，，，设，则，，，，，，，又点在轴负半轴上，，设直线的解析式为，把，代入，得：，解得：，直线的解析式为【点睛】本题是二次函数综合题，难度大，结合全等三角形、勾股定理、三角函数解直角三角形知识点，综合运用知识、画出辅助线、数形结合、分析与计算是解题的关键．5．（2023·湖南益阳·统考中考真题）在平面直角坐标系中，直线与x轴交于点A，与抛物线交于B，C两点（B在C的左边）．

(1)求A点的坐标；(2)如图1，若B点关于x轴的对称点为点，当以点A，，C为顶点的三角形是直角三角形时，求实数a的值；(3)定义：将平面直角坐标系中横坐标与纵坐标均为整数的点叫作格点，如，等均为格点．如图2，直线l与抛物线E所围成的封闭图形即阴影部分（不包含边界）中的格点数恰好是26个，求a的取值范围．【答案】(1)(2)或(3)或【分析】（1）对于直线，令，求出x，即可求解；（2）表示出点，，的坐标，利用勾股定理解方程求解，注意直角顶点不确定，需分类讨论；（3）直线与抛物线所围成的封闭图形（不包含边界）中的格点只能落在轴和直线上，各为13个，分别求出的范围．【详解】（1）解：对于直线，当时，，∴A点的坐标为；（2）解：联立直线与抛物线得：，，或，，，点关于轴的对称点为点，，，，，若，则，即，所以，若，则，即，所以，若，则，即，此方程无解．或；（3）解：如图，直线与抛物线所围成的封闭图形（不包含边界）中的格点只能落在轴和直线上，

，，，，格点数恰好是26个，落在轴和直线上的格点数应各为13个，落在轴的格点应满足，即，①若，即，所以线段上的格点应该为，，，，②若，，，所以线段上的格点正好13个，综上，或．【点睛】本题主要考查了二次函数的综合题，涉及了二次函数的图象和性质，一次函数的图象和性质，勾股定理，关键是弄清格点只能落在轴和直线上，各为13个，并对点、进行定位．6．（2023·四川绵阳·统考中考真题）如图，抛物线的图象的顶点坐标是，并且经过点，直线与抛物线交于B，D两点，以为直径作圆，圆心为点C，圆C与直线m交于对称轴右侧的点，直线m上每一点的纵坐标都等于1．(1)求抛物线的解析式；(2)证明：圆C与x轴相切；(3)过点B作，垂足为E，再过点D作，垂足为F，求的值．【答案】(1)(2)见解析(3)【分析】〔1〕可设抛物线的顶点式，再结合抛物线过点，可求得抛物线的解析式；〔2〕联立直线和抛物线解析式可求得、两点的坐标，那么可求得C点坐标和线段的长，可求得圆的半径，可证得结论；〔3〕过点C作于点H，连接，可求得，利用〔2〕中所求B、D的坐标可求得，那么可求得和的长，可求得其比值．【详解】（1）解：抛物线的图象的顶点坐标是，可设抛物线解析式为，抛物线经过点，，解得，

抛物线解析式为；（2）解：联立直线和抛物线解析式可得，解得或，，，为的中点，点的纵坐标为，，圆的半径为，点到轴的距离等于圆的半径，圆与轴相切；（3）解：如图，过点作，垂足为H，连接，由〔2〕可知，，在中，由勾股定理可求得，，，，．【点睛】此题为二次函数的综合应用，涉及待定系数法、函数图象的交点、切线的判定和性质、勾股定理等知识．在〔1〕中注意利用抛物线的顶点式，在〔2〕中求得B、D的坐标是解题的关键，在〔3〕中求得、的长是解题的关键．此题考查知识点较多，综合性较强，计算量较大，难度较大．7．（2023·陕西·统考中考真题）某校想将新建图书楼的正门设计为一个抛物线型门，并要求所设计的拱门的跨度与拱高之积为，还要兼顾美观、大方，和谐、通畅等因素，设计部门按要求给出了两个设计方案．现把这两个方案中的拱门图形放入平面直角坐标系中，如图所示：方案一，抛物线型拱门的跨度，拱高．其中，点N在x轴上，，．方案二，抛物线型拱门的跨度，拱高．其中，点在x轴上，，．要在拱门中设置高为的矩形框架，其面积越大越好（框架的粗细忽略不计）．方案一中，矩形框架的面积记为，点A、D在抛物线上，边在上；方案二中，矩形框架的面积记为，点，在抛物线上，边在上．现知，小华已正确求出方案二中，当时，，请你根据以上提供的相关信息，解答下列问题：(1)求方案一中抛物线的函数表达式；(2)在方案一中，当时，求矩形框架的面积并比较，的大小．【答案】(1)(2)，【分析】（1）利用待定系数法则，求出抛物线的解析式即可；（2）在中，令得：，求出或，得出，求出，然后比较大小即可．【详解】（1）解：由题意知，方案一中抛物线的顶点，设抛物线的函数表达式为，把代入得：，解得：，∴；∴方案一中抛物线的函数表达式为；（2）解：在中，令得：，解得或，∴，∴；∵，∴．【点睛】本题主要考查了二次函数的应用，求二次函数解析式，解题的关键是熟练掌握待定系数法则，求出函数解析式．8．（2023·湖南湘西·统考中考真题）如图（1），二次函数的图像与轴交于，两点，与轴交于点．

(1)求二次函数的解析式和的值．(2)在二次函数位于轴上方的图像上是否存在点，使？若存在，请求出点的坐标；若不存在，请说明理由．(3)如图（2），作点关于原点的对称点，连接，作以为直径的圆．点是圆在轴上方圆弧上的动点（点不与圆弧的端点重合，但与圆弧的另一个端点可以重合），平移线段，使点移动到点，线段的对应线段为，连接，，的延长线交直线于点，求的值．【答案】(1)，(2)不存在，理由见解析(3)【分析】（1）将点，的坐标代入得到二元一次方程组求解可得，的值，可确定二次函数的解析式，再令，解关于的一元二次方程可得点的坐标，从而确定的值；（2）不存在．设，根据，可得，根据，可确定方程无实数根，即可作出判断；（3）根据对称的性质和点的坐标可得，根据等腰三角形的性质及判定可得，，再根据为圆的直径，可得，然后分两种情况：①当点与点不重合时，由平移的性质可得四边形是平行四边形，从而得到，，再证明，可得，可得的值；②当点与点重合时，此时点与点重合，可得，，代入可得结论．【详解】（1）解：∵二次函数的图像与轴交于，两点，与轴交于点，∴，解得：，∴二次函数的解析式为，当时，得：，解得：，，∴，∴二次函数的解析式为，；（2）不存在．理由如下：如图，设，∵，，，∴，，，∵点在二次函数位于轴上方的图像上，且，∴，整理得：，∵，∴方程无实数根，∴不存在符合条件的点；

（3）如图，设交轴于点，∵，，∴，∵点与点关于原点对称，∴，∵，∴，∴，∵为圆的直径，∴，∵平移线段，使点移动到点，线段的对应线段为，①当点与点不重合时，∴，，∴四边形是平行四边形，∴，，∴，，∴，在和中，∵，，∴，∵，∴，又∵，在和中，，∴，∴，∴，∴，②当点与点重合时，此时点与点重合，∴，，∴，综上所述，的值为．

【点睛】本题考查用待定系数法确定二次函数解析式，函数图像上点的坐标特征，一元二次方程的应用，直径所对的圆周角为直角，对称和平移的性质，平行四边形的判定和性质，全等三角形的判定和性质，等腰三角形的判定和性质，三角形的面积等知识点，运用了分类讨论的思想．找到全等三角形是解题的关键．9．（2023·辽宁锦州·统考中考真题）如图，抛物线交轴于点和，交轴于点，顶点为．(1)求抛物线的表达式；(2)若点在第一象限内对称右侧的抛物线上，四边形的面积为，求点的坐标；(3)在（2）的条件下，若点是对称轴上一点，点是坐标平面内一点，在对称轴右侧的抛物线上是否存在点，使以，，，为顶点的四边形是菱形，且，如果存在，请直接写出点的坐标；如果不存在，请说明理由．【答案】(1)(2)(3)存在，点G的坐标为或【分析】（1）根据待定系数法求解即可；（2）方法一：连接，过点作轴交于点．先求得直线的表达式为：．再设，，则，利用面积构造一元二次方程求解即可得解；方法二：令抛物线的对称轴与轴交于点，过点作轴于点，设，利用面积构造一元二次方程求解即可得解；（3）如下图，连接，，由菱形及等边三角形的性质证明得．从而求得直线的表达式为：．联立方程组求解，又连接，，，证．得，又证．得．进而求得直线的表达式为：．联立方程组求解即可．【详解】（1）解：∵抛物线经过点，，∴，解得．∴抛物线的表达式为：．（2）解：方法一：如下图，连接，过点作轴交于点．∵，∴．令中，则，解得或，∴，设直线为，∵过点，，，∴，解得，∴直线的表达式为：．设，，∴．∴．∵，∴．整理得，解得．∴．方法二：如下图，抛物线的对称轴与轴交于点，过点作轴于点，设，∴，∴．∵，∴．整理得，解得．∴．（3）解：存在，点的坐标为或．如下图，连接，，∵四边形是菱形，，∴，∵，∴是等边三角形．∴，∵，，，∴，，点与点关于对称轴对称，∴，，∴是等边三角形，，∴，∴即，，∴．∴．∴直线的表达式为：．与抛物线表达式联立得．∴点坐标为．如下图，连接，，，同理可证：是等边三角形，是等边三角形，．∴，∵，，∴．∴．∴．∴直线的表达式为：．与抛物线表达式联立得．∴点坐标为．【点睛】本题主要考查了二次函数的图像及性质，菱形的性质，等边三角形的判定及性质，待定系数法求一次函数与二次函数的解析式，一元二次方程的应用，解二元一次方程组，熟练掌握二次函数的图像及性质，菱形的性质，等边三角形的判定及性质，待定系数法求一次函数与二次函数的解析式是解题的关键．10．（2023·山东济南·统考中考真题）在平面直角坐标系中，正方形的顶点，在轴上，，．抛物线与轴交于点和点．

(1)如图1，若抛物线过点，求抛物线的表达式和点的坐标；(2)如图2，在（1）的条件下，连接，作直线，平移线段，使点的对应点落在直线上，点的对应点落在抛物线上，求点的坐标；(3)若抛物线与正方形恰有两个交点，求的取值范围．【答案】(1)，(2)(3)或【分析】（1）将点，代入抛物线，利用待定系数法求出抛物线的表达式，再令，求出值，即可得到点的坐标；（2）设直线的表达式为，将点，代入解析式，利用待定系数法求出直线的表达式为：，设点，根据平移的性质，得到点，将点P代入，求出的值，即可得到点的坐标；（3）根据正方形和点C的坐标，得出，，，将代入，求得，进而得到顶点坐标，分两种情况讨论：①当抛物线顶点在正方形内部时，②当抛物线与直线交点在点上方，且与直线交点在点下方时，分别列出不等式组求解，即可得到答案．【详解】（1）解：抛物线过点，，解得：，抛物线表达式为，当时，，解得：（舍去），，；（2）解：设直线的表达式为，直线过点，，，解得：，直线的表达式为：，点在抛物线上，设点，，，且由平移得到，点向左平移2个单位，向上平移3个单位得到点，

点在直线上，将代入，，整理得：，解得：，（舍去），当时，点坐标为；（3）解：四边形是正方形，，，，，点A和点D的横坐标为，点B和点C的横坐标为2，将代入，得：，，顶点坐标为，①如图，当抛物线顶点在正方形内部时，与正方形有两个交点，

，解得：；②如图，当抛物线与直线交点在点上方，且与直线交点在点下方时，与正方形有两个交点，

，解得：，综上所述，的取值范围为或．【点睛】本题是二次函数综合题，考查了二次函数的图象和性质，待定系数法求函数解析式，平移的性质，函数图像上点的坐标特征，抛物线与直线交点问题，解一元二次方程，解一元一次不等式组等知识，利用分类讨论的思想，熟练掌握二次函数的图象和性质是解题关键．11．（2023·浙江·统考中考真题）根据以下素材，探究完成任务．如何把实心球掷得更远？素材1小林在练习投掷实心球，其示意图如图，第一次练习时，球从点A处被抛出，其路线是抛物线．点A距离地面，当球到OA的水平距离为时，达到最大高度为．

素材2根据体育老师建议，第二次练习时，小林在正前方处（如图）架起距离地面高为的横线．球从点A处被抛出，恰好越过横线，测得投掷距离．

问题解决任务1计算投掷距离建立合适的直角坐标系，求素材1中的投掷距离．任务2探求高度变化求素材2和素材1中球的最大高度的变化量任务3提出训练建议为了把球掷得更远，请给小林提出一条合理的训练建议．【答案】任务一：4m；任务二：；任务三：应该尽量提高掷出点的高度、尽量提高掷出点的速度、选择适当的掷出仰角【分析】任务一：建立直角坐标系，由题意得：抛物线的顶点坐标为，设抛物线的解析式为，过点，利用待定系数法求出解析式，当时求出x的值即可得到；任务二：建立直角坐标系，求出任务二的抛物线解析式，得到顶点纵坐标，与任务一的纵坐标相减即可；任务三：根据题意给出合理的建议即可．【详解】任务一：建立如图所示的直角坐标系，

由题意得：抛物线的顶点坐标为，设抛物线的解析式为，过点，∴，解得，∴，当时，，得（舍去），∴素材1中的投掷距离为4m；（2）建立直角坐标系，如图，

设素材2中抛物线的解析式为，由题意得，过点，∴，解得，∴∴顶点纵坐标为，（m），∴素材2和素材1中球的最大高度的变化量为；任务三：应该尽量提高掷出点的高度、尽量提高掷出点的速度、选择适当的掷出仰角．【点睛】此题考查了二次函数的实际应用，求函数解析式，求抛物线与坐标轴的距离，正确理解题意建立恰当的直角坐标系是解题的关键．12．（2023·辽宁·统考中考真题）如图，抛物线与x轴交于点A和点，与y轴交于点，点P为第一象限内抛物线上的动点过点P作轴于点E，交于点F．

(1)求抛物线的解析式；(2)当的周长是线段长度的2倍时，求点P的坐标；(3)当点P运动到抛物线顶点时，点Q是y轴上的动点，连接，过点B作直线，连接并延长交直线于点M．当时，请直接写出点的坐标．【答案】(1)(2)(3)或【分析】（1）利用待定系数法求解；（2）根据直角三角形三角函数值可得，，进而可得的周长，结合已知条件可得，设，则，，从而可得方程，解方程即可；（3）先求出，，设，过点M作轴于点N，通过证明，求出，再求出直线的解析式为，将点代入解析式求出n的值即可．【详解】（1）解：将，代入，可得，解得，抛物线的解析式为；（2）解：，，，，，，，的周长，的周长是线段长度的2倍，，设直线的解析式为，将，代入可得，解得，直线的解析式为，设，则，，，，，解得，（舍），，；（3）解：，当时，y取最大值，，直线的解析式为，当时，，，设，过点M作轴于点N，

由题意知，，，，又，，，，，，设直线的解析式为，则，解得，直线的解析式为，将点代入，得，解得或，或．【点睛】本题考查一次函数的图象和性质，二次函数的图象和性质，全等三角形的判定与性质，解直角三角形等，综合性较强，难度较大，熟练运用数形结合思想，正确作出辅助线是解题的关键．13．（2023·湖南娄底·统考中考真题）如图，抛物线过点、点，交y轴于点C．

(1)求b，c的值．(2)点是抛物线上的动点①当取何值时，的面积最大？并求出面积的最大值；②过点P作轴，交于点E，再过点P作轴，交抛物线于点F，连接，问：是否存在点P，使为等腰直角三角形？若存在，请求出点P的坐标；若不存在，请说明理由．【答案】(1)，(2)①当时，的面积由最大值，最大值为；②当点的坐标为或时，为等腰直角三角形【分析】（1）将将、代入抛物线即可求解；（2）①由（1）可知：，得，可求得的解析式为，过点P作轴，交于点E，交轴于点，易得，根据的面积，可得的面积，即可求解；②由题意可知抛物线的对称轴为，则，分两种情况：当点在对称轴左侧时，即时，当点在对称轴右侧时，即时，分别进行讨论求解即可．【详解】（1）解：将、代入抛物线中，可得：，解得：，即：，；（2）①由（1）可知：，当时，，即，设的解析式为：，将，代入中，可得，解得：，∴的解析式为：，过点P作轴，交于点E，交轴于点，

∵，则，∴点E的横坐标也为，则纵坐标为，∴，的面积，∵，∴当时，的面积有最大值，最大值为；②存在，当点的坐标为或时，为等腰直角三角形．理由如下：由①可知，由题意可知抛物线的对称轴为直线，∵轴，∴，，则，当点在对称轴左侧时，即时，

，当时，为等腰直角三角形，即：，整理得：，解得：（，不符合题意，舍去）此时，即点；当点在对称轴右侧时，即时，

，当时，为等腰直角三角形，即：，整理得：，解得：（，不符合题意，舍去）此时：，即点；综上所述，当点的坐标为或时，为等腰直角三角形．【点睛】本题二次函数综合题，考查了利用待定系数法求函数解析式，二次函数的性质及图象上的点的特点，等腰直角三角形的性质，解本题的关键是表示出点的坐标，进行分类讨论．14．（2023·辽宁沈阳·统考中考真题）如图，在平面直角坐标系中，二次函数的图象经过点，与轴的交点为点和点．

(1)求这个二次函数的表达式；(2)点，在轴正半轴上，，点在线段上，以线段，为邻边作矩形，连接，设．连接，当与相似时，求的值；当点与点重合时，将线段绕点按逆时针方向旋转后得到线段，连接，，将绕点按顺时针方向旋转后得到，点，的对应点分别为、，连接当的边与线段垂直时，请直接写出点的横坐标．【答案】(1)(2)①或；②或或【分析】（1）利用待定系数法解答即可；（2）①利用已知条件用含a的代数式表示出点E，D，F，G的坐标，进而得到线段的长度，利用分类讨论的思想方法和相似三角形的性质，列出关于a的方程，解方程即可得出结论；②利用已知条件，点的坐标的特征，平行四边形的判定与性质，旋转的性质，全等三角形的判定与性质求得，和的长，利用分类讨论的思想方法分三种情形讨论解答利用旋转的性质，直角三角形的边角关系定理，勾股定理求得相应线段的长度即可得出结论；【详解】（1）二次函数的图象经过点，与轴的交点为点，解得：此抛物线的解析式为（2）令，则解得：或，∴．∵,∴四边形为矩形，∴∴∴Ⅰ当时，∴∴∴Ⅱ当时，∴∴∴综上，当与相似时，的值为或；点与点重合，∴∴∴

四边形为平行四边形，在和中，Ⅰ、当所在直线与垂直时，如图，，，三点在一条直线上，过点作轴于点，则∴此时点的横坐标为

Ⅱ当所在直线与垂直时，如图，，，设的延长线交于点，过点作，交的延长线于点，过点作，交的延长线于点，则轴，．，，．，．，，此时点的横坐标为；Ⅲ当所在直线与垂直时，如图，，，，，，三点在一条直线上，则，过点作，交的延长线于点，，此时点的横坐标为．综上，当的边与线段垂直时，点的横坐标为或或．

【点睛】本题主要考查了二次函数的图象与性质，抛物线上点的坐标的特征，矩形的性质，相似三角形的判定与性质，全等三角形的判定与性质，直角三角形的性质，勾股定理，直角三角形的边角关系定理，利用点的坐标表示出相应线段的长度和正确利用分类讨论的思想方法是解题的关键15．（2023·黑龙江大庆·统考中考真题）如图，二次函数的图象与轴交于A，两点，且自变量的部分取值与对应函数值如下表：

(1)求二次函数的表达式；(2)若将线段向下平移，得到的线段与二次函数的图象交于，两点（在左边），为二次函数的图象上的一点，当点的横坐标为，点的横坐标为时，求的值；(3)若将线段先向上平移3个单位长度，再向右平移1个单位长度，得到的线段与二次函数的图象只有一个交点，其中为常数，请直接写出的取值范围．【答案】(1)(2)(3)且或【分析】（1）利用待定系数法求出二次函数的表达式即可；（2）连接，，过点R作交的延长线于点M，分别表示出、的长，根据正切的定义即可得到的值；（3）分和两种情况讨论求解即可．【详解】（1）解：由表格可知，二次函数的图象经过点，，，代入得到，解得，∴二次函数的表达式为；（2）如图，连接，，过点R作交的延长线于点M，

∵点的横坐标为，∴，∵，∴抛物线的对称轴为直线，∵点P与点Q关于直线对称，设点，则，解得，∴点P的坐标为，当时，，即，则，∴，，∴，即的值为；（3）由表格可知点、，将线段先向上平移3个单位长度，再向右平移1个单位长度，得到、，由题意可得，二次函数，与线段只有一个交点，当时，抛物线开口向上，顶点在下方，当时，，即，解得，∴，当时，，即，解得，∴，此时满足题意，当时，抛物线开口向下，顶点在上时，，解得，此时满足题意，将点代入得到，解得，将点代入得到，解得，∴，此时满足题意，

综上可知，且或．【点睛】此题考查了二次函数的图象和性质、待定系数法求二次函数解析式、锐角三角函数、不等式的应用等知识，数形结合和分类讨论是解题的关键．16．（2023·宁夏·统考中考真题）如图，抛物线与轴交于，两点，与轴交于点．已知点的坐标是，抛物线的对称轴是直线．

(1)直接写出点的坐标；(2)在对称轴上找一点，使的值最小．求点的坐标和的最小值；(3)第一象限内的抛物线上有一动点，过点作轴，垂足为，连接交于点．依题意补全图形，当的值最大时，求点的坐标．【答案】(1)(2)点，的最小值为(3)【分析】（1）根据抛物线的对称性，进行求解即可；（2）根据抛物线的对称性，得到，得到当三点共线时，的值最小，为的长，求出直线的解析式，解析式与对称轴的交点即为点的坐标，两点间的距离公式求出的长，即为的最小值；（3）根据题意，补全图形，设，得到，，将的最大值转化为二次函数求最值，即可得解．【详解】（1）解：∵点关于对称轴的对称点为点，对称轴为直线，∴点为；（2）当时，，∴，连接，

∵，∴，∵点关于对称轴的对称点为点，∴，∴当三点共线时，的值最小，为的长，设直线的解析式为：，则：，解得：，∴，∵点在抛物线的对称轴上，∴；∴点，的最小值为；（3）过点作轴，垂足为，连接交于点，如图所示，

∵，设抛物线的解析式为：，∵，∴，∴，∴，设，则：，由（2）知：直线：，∴，∴，∵，∴，，∴，∴，∴，∴，∴，∴当时，有最大值，此时．【点睛】本题考查二次函数的综合应用．正确的求出函数解析式，利用抛物线的对称性以及数形结合的思想进行求解，是解题的关键．17．（2023·四川德阳·统考中考真题）已知：在平面直角坐标系中，抛物线与x轴交于点，，与y轴交于点．

(1)求抛物线的解析式；(2)如图1，如果把抛物线x轴下方的部分沿x轴翻折，抛物线的其余部分保持不变，得到一个新图象．当平面内的直线与新图象有三个公共点时，求k的值；(3)如图2，如果把直线沿y轴向上平移至经过点，与抛物线的交点分别是，，直线交于点，过点作于点，若．求点的坐标．【答案】(1)(2)或(3)【详解】（1）设抛物线的解析式为，，，，把，代入，得：，解得：，抛物线的解析式为（2）直线表达式，直线经过定点，将过点的直线旋转观察和新图象的公共点情况把抛物线x轴下方的部分沿x轴翻折，抛物线的解析式为，新图象表达式为：时，；或时，，如下图当直线与翻折上去的部分抛物线相切时，和新图象有三个公共点，

联立，得：，整理得：，，，，，时，即如上图所示，符合题意，时，如下图所示，经过点，

不符合题意，故舍去，如下图，当直线经过点时，和新图象有三个公共点，

把代入，得：，解得：，综上所述，当平面内的直线与新图象有三个公共点时，k的值为或（3）在抛物线上，设坐标为，，，，，，，，，，，，，，，，，，，（舍去），，代入，点的坐标为【点睛】本题考查了二次函数综合、翻折、交点个数问题，结合一元二次方程、三角函数解直角三角形知识点，熟练掌握、综合运用知识点，数形结合是解题的关键．18．（2023·四川雅安·统考中考真题）在平面直角坐标系中，已知抛物线过点，对称轴是直线．

(1)求此抛物线的函数表达式及顶点M的坐标；(2)若点B在抛物线上，过点B作x轴的平行线交抛物线于点C、当是等边三角形时，求出此三角形的边长；(3)已知点E在抛物线的对称轴上，点D的坐标为，是否存在点F，使以点A，D，E，F为顶点的四边形为菱形？若存在，请直接写出点F的坐标；若不存在，请说明理由．【答案】(1)，(2)(3)存在点F，当或或或时，以点A，D，E，F为顶点的四边形为菱形【分析】（1）根据对称轴和过点列二元一次方程组求解即可；（2）如图：过点M作交于D，设点，则；然后表示出，再根据是等边三角形可得,，根据三角函数解直角三角形可得，进而求得即可解答；（3）如图可知：线段为菱形的边和对角线，然后通过作图、结合菱形的性质和中点坐标公式即可解答．【详解】（1）解：由题意可得：，解得：，所以抛物线的函数表达式为；当时，，则顶点M的坐标为．（2）解：如图：过点M作交于D，设点，则,∴，∵是等边三角形,∴,∴,即，解得：或（舍去）∴，，∴该三角形的边长．（3）解：存在点F，使以点A，D，E，F为顶点的四边形为菱形①如图：线段作为菱形的边，当为菱形的对角线时，作关于直线的对称线段交于E，连接,作点E关于的对称点F，即为菱形，由对称性可得F的坐标为，故存在点F，使以点A，D，E，F为顶点的四边形为菱形，此时．当为菱形对角线时，，设，，则，解得：或，∴或②线段作为菱形的对角线时，如图：设∵菱形,∴,的中点G的坐标为，点G是的中点，∴，解得，∴，设，则有：，解得：，∴．

综上，当或或或时，以点A，D，E，F为顶点的四边形为菱形．【点睛】本题主要考查了求二次函数解析式、二次函数与几何的综合、等边三角形的性质、解直角三角形、菱形的判定等知识点，掌握数形结合思想是解答本题的关键．19．（2023·山东泰安·统考中考真题）如图1，二次函数的图象经过点．

(1)求二次函数的表达式；(2)若点P在二次函数对称轴上，当面积为5时，求P坐标；(3)小明认为，在第三象限抛物线上有一点D，使；请判断小明的说法是否正确，如果正确，请求出D的坐标；如果不正确，请说明理由．【答案】(1)(2)或(3)正确，【分析】（1）直接运用待定系数法求解即可；（2）首先求出直线解析式，然后通过设点坐标，并表示对应点坐标，从而利用“割补法”计算的面积表达式并建立方程求解即可；（3）首先连接，，设与对称轴交点为，对称轴与轴交点为，连接，延长与对称轴交于点，根据已知信息求出，然后推出，从而在中求出，确定出点坐标，再求出直线解析式，通过与抛物线解析式联立，求出交点的坐标即可．【详解】（1）解：将代入得：，解得：，∴抛物线解析式为：；（2）解：由抛物线可知，其对称轴为直线，，设直线解析式为：，将，代入解得：，∴直线解析式为：，此时，如图所示，作轴，交于点，

∵点P在二次函数对称轴上，∴设，则，∴，∴，∵要使得面积为5，∴，解得：或，∴的坐标为或；（3）解：正确，，理由如下：如图所示，连接，，设与对称轴交点为，对称轴与轴交点为，连接，延长与对称轴交于点，

由（1）、（2）可得，，∴，，根据抛物线的对称性，，∴，，∵，∴，∴，在中，，∵且，∴，∴，即：在中，，∵，∴，∴，设直线解析式为：，将、代入解得：，∴直线解析式为：，联立，解得：或（不合题，舍去）∴小明说法正确，D的坐标为．【点睛】本题考查二次函数综合问题，包括“割补法”计算面积，以及解直角三角形等，掌握二次函数的性质，并熟练运用解三角形的方法进行数形结合分析是解题关键．20．（2023·湖北恩施·统考中考真题）在平面直角坐标系中，为坐标原点，已知抛物线与轴交于点，抛物线的对称轴与轴交于点．

(1)如图，若，抛物线的对称轴为．求抛物线的解析式，并直接写出时的取值范围；(2)在（1）的条件下，若为轴上的点，为轴上方抛物线上的点，当为等边三角形时，求点，的坐标；(3)若抛物线经过点，，，且，求正整数m，n的值．【答案】(1)；(2)；或,；(3)，或，【分析】（1）根据，抛物线的对称轴为，待定系数法求解析式即可求解；当时，求得的范围，进而结合函数图象即可求解；（2）①连接，，交对称轴于点D，由四点共圆，得，证明，求出点D的坐标，确定直线的解析式，进而求得点的坐标，设，，勾股定理即可求解；②由①可得，则当与重合时也存在等边三角形，根据等边三角形的性质即可求解．（3）根据抛物线经过点，，，可得抛物线对称为直线，则，则，进而令，求得的范围，进而根据函数图象可知或，进而分别讨论求得的值，即可求解．【详解】（1）解：∵，抛物线的对称轴为．∴解得：∴抛物线解析式为，当时，即解得：，∴当时，（2）解：①如图所示，连接，，交对称轴于点D，

∵，∴，则∴，，∵为等边三角形，∴，∴，∴四点共圆，∴，∵，∴．∴，∴，∵，，∴，∴，则，设直线的解析式为则解得：所以直线的解析式为联立解得：或∴，∵，设，∵∴解得：∴；②由①可得，当与点重合时，为等边三角形则与对称，此时，，综上所述；；或，；（3）解：∵抛物线经过点，，，∴抛物线对称为直线，则，则∴抛物线解析式为∴顶点坐标为当时，解得：或∵，且为正整数，过点，则当时，∴或，当时，将点代入解析式，解得：∵则，当时，将点代入解析式解得：∵则，综上所述，，或，．【点睛】本题考查了二次函数的性质，根据特三角函数求角度，圆内接四边形对角互补，二次函数的性质，熟练掌握二次函数的性质是解题的关键．21．（2023·辽宁营口·统考中考真题）如图，抛物线与轴交于点和点，与轴交于点，抛物线的对称轴交轴于点，过点作直线轴，过点作，交直线于点．

(1)求抛物线的解析式；(2)如图，点为第三象限内抛物线上的点，连接和交于点，当时．求点的坐标；(3)在（2）的条件下，连接，在直线上是否存在点，使得？若存在，请直接写出点F的坐标；若不存在，请说明理由．【答案】(1)(2)(3)或【分析】（1）根据抛物线过点，对称轴为直线，待定系数法求解析式即可求解；（2）根据题意求得，，求得，则，进而求得直线的解析式为，过点作轴，交于点，证明，根据已知条件得出设，则，将点代入，即可求解．（3）根据题意可得，以为对角线作正方形，则，进而求得的坐标，待定系数法求得的解析式，联立解析式，即可求解．【详解】（1）解：∵抛物线与轴交于点，抛物线的对称轴交轴于点，则对称轴为直线，∴，解得：∴抛物线解析式为；（2）解：由，当时，，解得：，∴，当时，，则，∵，∴，∴，即，∴，∴，则，设直线的解析式为，则，解得：，∴直线的解析式为，如图所示，过点作轴，交于点，

∵，∴∵∴，则设，则即，将点代入即解得：或（舍去）当时，，∴；（3）∵，，则，是等腰直角三角形，∴，由（2）可得，∵∴，由（2）可得，设直线的解析式为，则解得：∴直线的解析式为如图所示，以为对角线作正方形，则，

∵，则，则，，设，则，解得：，，则，，设直线的解析式为，直线的解析式为则，，解得：，，设直线的解析式为，直线的解析式为，∴解得：，则，解得：,则，综上所述，或．【点睛】本题考查了二次函数综合运用，熟练掌握二次函数的性质是解题的关键．22．（2023·北京·统考中考真题）在平面直角坐标系中，，是抛物线上任意两点，设抛物线的对称轴为．(1)若对于，有，求的值；(2)若对于，，都有，求的取值范围．【答案】(1)(2)【分析】（1）根据二次函数的性质求得对称轴即可求解；（2）根据题意可得离对称轴更近，，则与的中点在对称轴的右侧，根据对称性求得，进而根据，即可求解．【详解】（1）解：∵对于，有，∴抛物线的对称轴为直线，∵抛物线的对称轴为．∴；（2）解：∵当，，∴，，∵，，∴离对称轴更近，，则与的中点在对称轴的右侧，∴，即．【点睛】本题考查了二次函数的性质，熟练掌握二次函数的对称性是解题的关键．23．（2023·山东日照·统考中考真题）在平面直角坐标系内，抛物线交y轴于点C，过点C作x轴的平行线交该抛物线于点D．

(1)求点C，D的坐标；(2)当时，如图1，该抛物线与x轴交于A，B两点（点A在点B的左侧），点P为直线上方抛物线上一点，将直线沿直线翻折，交x轴于点，求点P的坐标；(3)坐标平面内有两点，以线段为边向上作正方形．①若，求正方形的边与抛物线的所有交点坐标；②当正方形的边与该抛物线有且仅有两个交点，且这两个交点到x轴的距离之差为时，求a的值．【答案】(1)，(2)(3)①，，；②【分析】（1）先求出，再求出抛物线对称轴，根据题意可知C、D关于抛物线对称轴对称，据此求出点D的坐标即可；（2）先求出，如图，设上与点M关于直线对称的点为，由轴对称的性质可得，利用勾股定理建立方程组，解得或（舍去），则，求出直线的解析式为，然后联立，解得或，则；（3）分图3-1，图3-2，图3-3三种情况，利用到x轴的距离之差即为纵坐标之差结合正方形的性质列出方程求解即可．【详解】（1）解：在中，当时，，∴，∵抛物线解析式为，∴抛物线对称轴为直线，∵过点C作x轴的平行线交该抛物线于点D，∴C、D关于抛物线对称轴对称，∴；（2）解：当时，抛物线解析式为，当，即，解得或，∴；如图，设上与点M关于直线对称的点为，由轴对称的性质可得，∴，解得：，即∴，∴，解得或（舍去），∴，∴，设直线的解析式为，∴，∴，∴直线的解析式为，联立，解得或∴；

（3）解：①当时，抛物线解析式为，，∴，∴，，当时，，∴抛物线恰好经过；∵抛物线对称轴为直线，由对称性可知抛物线经过，∴点时抛物线与正方形的一个交点，又∵点F与点D重合，∴抛物线也经过点；综上所述，正方形的边与抛物线的所有交点坐标为，，；

②如图3-1所示，当抛物线与分别交于T、D，∵当正方形的边与该抛物线有且仅有两个交点，且这两个交点到x轴的距离之差为，∴点T的纵坐标为，∴，∴，解得（舍去）或；

如图3-2所示，当抛物线与分别交于T、S，∵当正方形的边与该抛物线有且仅有两个交点，且这两个交点到x轴的距离之差为，∴，解得（舍去，因为此时点F在点D下方）

如图3-3所示，当抛物线与分别交于T、S，∵当正方形的边与该抛物线有且仅有两个交点，且这两个交点到x轴的距离之差为，∴，∴，∴，解得或（舍去）；当时，，当时，，∴不符合题意；

综上所述，．【点睛】本题主要考查了二次函数综合，勾股定理，轴对称的性质，正方形的性质等等，利用分类讨论和数形结合的思想求解是解题的关键．24．（2023·江苏无锡·统考中考真题）已知二次函数的图像与轴交于点，且经过点和点．(1)请直接写出，的值；(2)直线交轴于点，点是二次函数图像上位于直线下方的动点，过点作直线的垂线，垂足为．①求的最大值；②若中有一个内角是的两倍，求点的横坐标．【答案】(1)，(2)①；②2或【分析】（1）待定系数法求解析式即可求解；（2）①过点作轴平行线分别交、于、．令，求得，勾股定理求得，得出，则，进而可得，求得直线的解析式为，设，则，进而表示出，最后根据二次函数的性质即可求解．②根据已知，令，，在上取点，使得，得出，然后根据，设，．进而分两种情况讨论，ⅰ当时，，则相似比为，得出代入抛物线解析式，即可求解；ⅱ当时，，同理可得，代入抛物线解析式即可求解．【详解】（1）∵二次函数的图像与轴交于点，且经过点和点∴解得：∴，，；（2）①如图1，过点作轴平行线分别交、于、．∵，当时，，∴，∴，，∴，∴．∵，，∴，∴，∴，∴．∵设直线的解析式为∴解得：直线解析式为．设，，，当时，取得最大值为，的最大值为．②如图2，已知，令，则，在上取点，使得，∴，设，则，则，解得，∴，即．如图3构造，且轴，相似比为，又∵，设，则．分类讨论：ⅰ当时，则，∴与的相似比为，∴，，∴，代入抛物线求得，（舍）．∴点横坐标为．ⅱ当时，则，∴相似比为，∴，，∴，代入抛物线求得，（舍）．∴点横坐标为．综上所示，点的横坐标为2或．【点睛】本题考查了二次函数的综合问题，待定系数法求二次函数解析式，线段长的最值问题，相似三角形的性质与判定，正切的定义．利用分类讨论的思想并熟练掌握二次函数的性质是解题的关键．25．（2023·山东·统考中考真题）如图，在平面直角坐标系中，抛物线交轴于点，顶点坐标为．抛物线交轴于点，顶点坐标为．(1)连接，求线段的长；(2)点在抛物线上，点在抛物线上．比较大小：___________；(3)若点在抛物线上，，求的取值范围．【答案】(1)(2)(3)或【分析】（1）知道抛物线与轴的交点坐标，即可求出顶点横坐标，从而求出结果；（2）用两点式设出抛物线解析式，把顶点坐标代入可得，再把，代入比较即可；（3）根据，则点P离对称轴更近，可得，解不等式即可．【详解】（1）解：由题意可得：，，∴；（2）解：由题意得：设抛物线：，抛物线：，由（1）得：，，∴，∴，∴，把代入抛物线得：，把代入抛物线得：，∵，∴；（3）解：∵，∴点P离对称轴更近，∴，∴，∴；∴或∴或．【点睛】本题考查了二次函数压轴题，综合性强，掌握数形结合是关键．26．（2023·江苏徐州·统考中考真题）如图，在平而直角坐标系中，二次函数的图象与轴分别交于点，顶点为．连接，将线段绕点按顺时针方向旋转得到线段，连接．点分别在线段上，连接与交于点．

(1)求点的坐标；(2)随着点在线段上运动．①的大小是否发生变化？请说明理由；②线段的长度是否存在最大值？若存在，求出最大值；若不存在，请说明理由；(3)当线段的中点在该二次函数的因象的对称轴上时，的面积为．【答案】(1)，(2)①的大小不变，理由见解析；②线段的长度存在最大值为(3)【分析】（1）得，解方程即可求得的坐标，把化为顶点式即可求得点的坐标；（2）①在上取点，使得，连接，证明是等边三角形即可得出结论；②由，得当最小时，的长最大，即当时，的长最大，进而解直角三角形即可求解；（3）设的中点为点，连接，过点作于点，证四边形是菱形，得，进而证明得，再证，得即，结合三角形的面积公式即可求解．【详解】（1）解：∵，∴顶点为，令，，解得或，∴；（2）解：①的大小不变，理由如下：在上取点，使得，连接，

∵，∴抛物线对称轴为，即，∵将线段绕点按顺时针方向旋转得到线段，∴，，∴是等边三角形，∴，，∵，，，，∴，，，∴，

∴是等边三角形，，∴，∵，，∴是等边三角形，∴，，∴，，∵，∴，∵，∴，∴，

∴，∴，又，∴是等边三角形，∴，即的大小不变；②，∵，∴当最小时，的长最大，即当时，的长最大，∵是等边三角形，∴∴，∴，

∴，∴，∴，即线段的长度存在最大值为；（3）解：设的中点为点，连接，过点作于点，

∵，∴四边形是菱形，∴，∵，，∴，∴，，∵的中点为点，∴，

∴，∴，∵，∴，，∵的中点为点，是等边三角形，∴，∴，∴，∴，∴，∴即，∴，

∴，∴，∴，故答案为．【点睛】本题主要考查了二次函数的图像及性质，菱形的判定及性质，全等三角形的判定及性质，相似三角形的判定及性质，等边三角形的判定及性质以及解直角三角形，题目综合性较强，熟练掌握各知识点是解题的关键．27．（2023·辽宁·统考中考真题）如图，抛物线与轴交于点和点，与轴交于点，点在抛物线上．

(1)求抛物线的解析式；(2)点在第一象限内，过点作轴，交于点，作轴，交抛物线于点，点在点的左侧，以线段为邻边作矩形，当矩形的周长为11时，求线段的长；(3)点在直线上，点在平面内，当四边形是正方形时，请直接写出点的坐标．【答案】(1)抛物线的解析式为(2)(3)点的坐标为或【分析】（1）利用待定系数法即可求解；（2）先求得直线的解析式为，设，则，利用对称性质求得，推出，，利用矩形周长公式列一元二次方程计算即可求解；（3）先求得直线的解析式为，分别过点M、E作y的垂线，垂足分别为P、Q，证明，推出，，设，则，由点M在直线上，列式计算，可求得m的值，利用平移的性质即可求解．【详解】（1）解：∵抛物线经过点和，∴，