2024年河南郑州市中考物理二模试卷五(含答案)

年河南中考郑州市物理二模试卷五一．填空题（共6小题，满分9分）1．在下列横线上填写合适的单位：（1）初二物理课本的质量约为0.2；（2）一个鸡蛋的质量约为50；（3）酒精的密度为0.8。2．（2分）“响彻云霄”描述的是声音特性中的，“脆如银铃”描述的是声音特性中的。“悦耳动听”描述的是声音特性中的。3．小强同学用凸透镜先后两次观察书上的字，看到如图所示的两种情景，则图是实像，图是虚像，图中成像的规律可应用在投影仪上。4．（2分）“奋斗者号”载人潜水器的外壳采用钛合金材料，该材料的一个特点是低密度，其密度为4.5×103千克/米3，即体积为1米3的钛合金，质量为千克，在外壳的体积一定时，可以使质量更（选填“大”或“小”）；第二个特点是高强度，“奋斗者号”向10000米深处下潜的过程中，海水对其外壳的压强（选填“增大”“减小”或“不变”），所以钛合金是近年来深潜器耐压壳体的首选材料。5．（3分）标有“10Ω0.3A”和“30Ω0.6A”的两只定值电阻，在保证所有电路元件安全的前提下，把它们串联接入电路，电源电压不允许超过V。6．（2分）如图所示，在水平公路上向前行驶的汽车中，乘客突然向前倾，这是因为车突然（填“加速”或“减速”），人体的上身由于而向前倾倒。二．选择题（共8小题，满分16分，每小题2分）7．（2分）下列技术应用中，不是利用电磁波工作的是（）A．用手机打电话 B．利用微波雷达跟踪飞行目标 C．利用声呐系统探测海底深度 D．利用北斗导航系统进行定位和导航8．（2分）下列有关温度、热量和内能的说法，正确的是（）A．物体的内能跟物体的运动速度、物体的温度和物质状态都有关系 B．物体温度升高，不一定吸收热量，但内能一定增加 C．物体温度升高，内能不一定增加 D．发生热传递时，热量总是从内能大的物体传递给内能小的物体9．（2分）下列选项中，与筷子属于同种类型杠杆的是（）A．起子 B．天平 C．钓鱼竿 D．核桃夹10．（2分）如图所示，下列做法符合安全用电要求的是（）A．甲图：同时使用多个大功率用电器 B．乙图：使用试电笔检验插座的火线 C．丙图：照明电路的安装方式 D．丁图：人靠近高压带电体11．（2分）关于静电现象，下列说法中错误的是（）A．细线悬挂的两个泡沫小球互相吸引，则两小球一定带有异种电荷 B．因为带电体有吸引轻小物体的性质，与头发摩擦后的梳子能吸引细水流 C．用丝绸摩擦过的玻璃棒会带上正电，在这过程中玻璃棒失去了电子 D．验电器是利用同种电荷互相排斥的原理工作的12．（2分）当地时间2023年2月28日，2023滑雪登山世锦赛在西班牙加泰罗尼亚开赛，小将玉珍拉姆在女子U20组短距离项目中夺魁，为中国队摘得滑雪登山世锦赛首枚金牌。下列关于该比赛正确的是（）A．运动员在斜坡上向下滑雪时，重力不做功，滑雪板与地面的摩擦力做功 B．用滑雪杆撑地时，滑雪杆对地面的力与地面对滑雪杆的力是平衡力 C．玉珍拉姆向下滑雪时，她的重力势能变大，动能变大，机械能变大 D．比赛中，当运动员加速前进时受力不平衡，运动状态改变（多选）13．（2分）“低碳生活”目前已成为一种生活态度和时尚，指的是生活作息时所耗用的能量要尽量减少，特别是减少二氧化碳的排放量，减缓生态恶化。下列行为中符合“低碳生活”的精神的是（）A．避免购买不需要的物品，少穿化纤材质的服装 B．推广无纸化办公，使用再生纸且双面打印文件 C．使用餐巾纸代替手绢 D．夏天将空调温度设得很低（多选）14．（2分）如图，是汽车尾气中CO排放量的检测电路的简化电路。当CO浓度高于某一设定值时，报警装置发声报警。下列说法正确的是（）A．闭合开关S，电磁铁的上端是S极 B．当CO浓度升高，电磁铁磁性减弱 C．气敏电阻R1阻值随CO浓度的增大而减小 D．将R2的滑片上移，检测电路在CO浓度更低时报警三．作图题（共2小题，满分4分，每小题2分）15．（2分）根据平面镜成像的特点，画出平面镜所成的像16．（2分）如图所示，木块在水平压力F（图中未画出）的作用下沿竖直墙面向下做匀速直线运动，在图中作出木块受到的力的示意图。四．实验探究题（共3小题，满分19分）17．（4分）晓轩同学在“探究冰和蜡的熔化规律”时，使用的实验装置如图甲所示：（1）蜡在加热到第3分钟时温度计的示数如图乙所示，温度是℃；实验数据如下表，可以判断蜡属于（填“晶体”或“非晶体”）。时间/min01234567蜡的温度/℃42444649505152（2）试管内的冰块宜选用（选填“较大冰块”或“碎冰块”），目的是。（3）对冰块加热过程记录的数据如图丙所示，第3min时，物质处于态。试管内物质在A点时具有的内能（选填“大于”、“小于”或“等于”）在B点时的内能。（4）另一同学把冰放入如图丁所示的烧杯中，并未用酒精灯加热，冰也熔化了。于是他认为冰熔化不需要吸收热量，他的推理是的（填“正确”或“错误”），理由是。18．（6分）实验小组利用弹簧测力计、小石块、溢水杯等器材，按照如图所示步骤，探究浮力的大小与排开液体所受重力的关系。（1）先用弹簧测力计分别测出空桶和石块的重力，其中石块的重力大小为N。（2）把石块浸没在盛满水的溢水杯中，石块受到的浮力大小为N。石块排开的水所受的重力可由（填字母代号）两个步骤得出。（3）由以上步骤可初步得出结论：浸在水中的物体所受浮力的大小等于。（4）为了得到更普遍的结论，下列继续进行的操作中不合理的是。A.用原来的方案和器材多次测量取平均值B.用原来的方案将水换成酒精进行实验C.用原来的方案将石块换成体积与其不同的铁块进行实验（5）另一小组在步骤C的操作中，只将石块的一部分没在水中，其他步骤操作正确，则。（填“能”或“不能”）得到与（3）相同的结论。（6）该实验中，以下探作会影响验证结果的是。A.图C中溢水杯内未继满水B.图A中小桶内有少量水C.图C中石块浸没水中过深19．（9分）小南同学利用图甲所示的电路探究电流与电阻的关系，器材有新干电池两节，5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻各一只，“20Ω，1A”的滑动变阻器、电压表、电流表、开关、导线若干。（1）根据实验要求，用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整（要求：向右移动滑动变阻器滑片时、电路中的电流变小，且导线不能交叉）；（2）连接电路时，开关应；闭合开关前，滑动变阻器滑片应当位于阻值处；（3）连接好电路后闭合开关，发现电流表无示数，电压表有示数且示数接近电源电压，则出现的故障是；（4）排除故障后，小南分别将五个定值电阻依次接入电路，完成实验后根据测得的五组实验数据绘制出电流I随定值电阻R的变化关系如图乙所示，则实验中R两端控制不变的电压为V；分析图像可得到的结论是：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成比；（5）完成上述实验后，他想利用以上实验中的部分器材测量一只未知电阻Rx的阻值。但发现电流表已损坏不能使用，干电池能提供的电压也减小了（未知）。请在虚线框内画出可行的实验电路图。（要求：开关可根据需要任意增减，其余器材只能从上述实验中选取；未知电阻的符号用表示）五．解答题（共2小题，满分17分）20．（8分）家用饮水机其加热水槽部分的工作原理电路如图所示，其中单刀双掷开关S表示一个自动温控开关，R1为电加热管。当饮水机处于加热状态时，水被迅速加热，达到预定温度时，S自动切换到保温状态。若饮水机加热时总功率为1210W，而保温时总功率为88W，请回答【c水＝4.2×103J/（kg•℃）】（1）饮水机处于加热状态时，饮水机正常工作时电路中的电流。（2）求电阻R2的阻值。（3）若加热水槽储水2000mL，将其从初温20℃加热到70℃需要8分钟，则饮水机的加热效率是多少？（保留小数点后一位）21．（9分）如图甲所示是比亚迪的一款新能源纯电动车“海豚”在某段光伏试验路段运行并充电的情景，如表中是它的相关技术参数。（g取10N/kg）整车整车质量1405kg百公里耗电量20kW•h（1）电动汽车的核心部件是电动机，其工作原理是；“海豚”汽车高速行驶时对路面的压力相比静止时（选填“不变”、“变小”或“变大”）。（2）在某次运行中，司机和乘客的总质量为245kg，若车轮与地面的总接触面积为0.02m2，则“海豚”载客时对地面的压强为多少？（3）若这次运行中使“海豚”汽车保持恒定功率在水平路面上做直线运动，其v﹣t图像如图乙所示。若“海豚”在运动中所受阻力的大小为其总重的0.01倍，则0～10s内牵引力对其做多少功？（4）当“海豚”汽车在光伏路面经过充电区域时，充电垫发出的高频电磁波被其底盘上的接收装置接受，将电磁波的能量转化为电能并给电池充电。若接收装置接受到的电磁波的功率P0＝5000kW，它将电磁波能量转化为电能并存储在电池中的效率为20%。已知每段充电区域的长度s1＝100m，两段充电区域之间的距离s2＝10km，由于s1远小于s2，可以忽略汽车在充电过程中消耗的电能。假如汽车电池消耗的电能全部用于驱动汽车行驶，为了使一辆电量即将耗尽的“海豚”汽车能从一个充电区域顺利地到达下一段充电区域，该车在充电区域的速度v不能大于多少km/h？2024年河南中考郑州市物理二模试卷五参考答案与试题解析一．填空题（共6小题，满分9分）1．在下列横线上填写合适的单位：（1）初二物理课本的质量约为0.2kg；（2）一个鸡蛋的质量约为50g；（3）酒精的密度为0.8g/cm3。【答案】kg；g；g/cm3。【解答】解：（1）初二物理课本的质量约为0.2kg；（2）一个鸡蛋的质量约为50g；（3）酒精的密度为0.8g/cm3。故答案为：kg；g；g/cm3。2．（2分）“响彻云霄”描述的是声音特性中的响度，“脆如银铃”描述的是声音特性中的音调。“悦耳动听”描述的是声音特性中的音色。【答案】见试题解答内容【解答】解：（1）“响彻云霄”说明声音比较大，是指声音的响度大。（2）“脆如银铃”说明声音如银铃般清脆，即声音比较高，是指声音的音调高。（3）“悦耳动听”说明声音的音质比较好，是指声音的音色。故答案为：响度；音调；音色。3．小强同学用凸透镜先后两次观察书上的字，看到如图所示的两种情景，则乙图是实像，甲图是虚像，图中乙成像的规律可应用在投影仪上。【答案】乙；甲；乙。【解答】解：实像都是倒立的，虚像都是正立的，故甲图中成的是虚像；乙图中成的是实像；甲图成正立放大的虚像，物距小于焦距，其成像规律可应用于放大镜；乙图成倒立放大的实像，物距大于一倍焦距小于二倍焦距，成像规律可应用于投影仪。故答案为：乙；甲；乙。4．（2分）“奋斗者号”载人潜水器的外壳采用钛合金材料，该材料的一个特点是低密度，其密度为4.5×103千克/米3，即体积为1米3的钛合金，质量为4.5×103千克，在外壳的体积一定时，可以使质量更小（选填“大”或“小”）；第二个特点是高强度，“奋斗者号”向10000米深处下潜的过程中，海水对其外壳的压强增大（选填“增大”“减小”或“不变”），所以钛合金是近年来深潜器耐压壳体的首选材料。【答案】4.5×103；小；增大。【解答】解：（1）钛合金材料的密度为4.5×103千克/米3，即体积为1米3的钛合金，质量为4.5×103千克；（2）根据ρ＝可知，体积相同时，密度越小，质量越小，所以“奋斗者号”载人潜水器的外壳采用钛合金材料，在外壳的体积一定时，可以使质量更小；（3）“奋斗者号”向10000米深处下潜的过程中，深度变大，所以海水对其外壳的压强增大。故答案为：4.5×103；小；增大。5．（3分）标有“10Ω0.3A”和“30Ω0.6A”的两只定值电阻，在保证所有电路元件安全的前提下，把它们串联接入电路，电源电压不允许超过12V。【答案】12。【解答】解：标有“10Ω0.3A”的定值电阻，所允许通过的最大电流为0.3A；标有“30Ω0.6A”的定值电阻，所允许通过的最大电流为0.6A；因串联电路处处电流相等，所以电路中的最大电流为0.3A；又因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以串联电路的总电阻：R＝10Ω+30Ω＝40Ω；由I＝可得，串联电路两端允许加的最大电压：U＝IR＝0.3A×40Ω＝12V。故答案为：12。6．（2分）如图所示，在水平公路上向前行驶的汽车中，乘客突然向前倾，这是因为车突然减速（填“加速”或“减速”），人体的上身由于惯性而向前倾倒。【答案】减速；惯性。【解答】解：车上的人开始随车一起向前运动，当车突然停止或减速时，人的下部与车一起停止，上部由于惯性仍保持原来的运动状态，所以人会向前倾。故答案为：减速；惯性。二．选择题（共8小题，满分16分，每小题2分）7．（2分）下列技术应用中，不是利用电磁波工作的是（）A．用手机打电话 B．利用微波雷达跟踪飞行目标 C．利用声呐系统探测海底深度 D．利用北斗导航系统进行定位和导航【答案】C【解答】解：A、手机可以发出电磁波，也可以接收电磁波，故A不符合题意；B、利用微波雷达跟踪飞行目标，微波属于电磁波，是利用电磁波工作的，故B不符合题意；C、利用声呐系统探测海底深度，声呐发出的是超声波，故C符合题意；D、利用北斗导航系统进行定位和导航，是利用电磁波工作的，故D不符合题意。故选：C。8．（2分）下列有关温度、热量和内能的说法，正确的是（）A．物体的内能跟物体的运动速度、物体的温度和物质状态都有关系 B．物体温度升高，不一定吸收热量，但内能一定增加 C．物体温度升高，内能不一定增加 D．发生热传递时，热量总是从内能大的物体传递给内能小的物体【答案】B【解答】解：A、物体内能的大小与质量、温度、状态有关系，与物体的运动速度无关，故A错误；BC、物体温度升高，可能是对物体做功，也可能是吸收热量，但物体的内能都增加，故B正确、C错误；D、发生热传递时，热量是从温度高的物体传递给温度低的物体，内能大的物体温度不一定高，故D错误。故选：B。9．（2分）下列选项中，与筷子属于同种类型杠杆的是（）A．起子 B．天平 C．钓鱼竿 D．核桃夹【答案】C【解答】解：筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。A、开瓶盖的起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不符合题意；B、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，故B不符合题意；C、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C符合题意；D、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D不符合题意。故选：C。10．（2分）如图所示，下列做法符合安全用电要求的是（）A．甲图：同时使用多个大功率用电器 B．乙图：使用试电笔检验插座的火线 C．丙图：照明电路的安装方式 D．丁图：人靠近高压带电体【答案】B【解答】解：A、多个大功率用电器同时使用一个插座，会使干路中的电流过大，故A错误；B、使用试电笔辨别零线、火线时，手需接触笔尾金属体，故B正确；C、连接家庭电路时，控制用电器的开关需接在火线上，故C错误；D、因为高压线上是高压，所以在下面钓鱼时可能会发生高压电弧触电或跨步电压触电，故D错误。故选：B。11．（2分）关于静电现象，下列说法中错误的是（）A．细线悬挂的两个泡沫小球互相吸引，则两小球一定带有异种电荷 B．因为带电体有吸引轻小物体的性质，与头发摩擦后的梳子能吸引细水流 C．用丝绸摩擦过的玻璃棒会带上正电，在这过程中玻璃棒失去了电子 D．验电器是利用同种电荷互相排斥的原理工作的【答案】A【解答】解：A、细绳悬挂的轻质泡沫塑料小球相互吸引，则两小球可能带有异种电荷，也可能是一个带电，一个不带电，故A错误；B、因为带电体有吸引轻小物体的性质，摩擦后的梳子带了电，所以梳子能够吸引细水流，故B正确；C、用毛皮摩擦过的玻璃棒会带上正电，在这过程中玻璃棒失去了电子，故C正确；D、验电器是利用同种电荷相互排斥原理制成的，故D正确。故选：A。12．（2分）当地时间2023年2月28日，2023滑雪登山世锦赛在西班牙加泰罗尼亚开赛，小将玉珍拉姆在女子U20组短距离项目中夺魁，为中国队摘得滑雪登山世锦赛首枚金牌。下列关于该比赛正确的是（）A．运动员在斜坡上向下滑雪时，重力不做功，滑雪板与地面的摩擦力做功 B．用滑雪杆撑地时，滑雪杆对地面的力与地面对滑雪杆的力是平衡力 C．玉珍拉姆向下滑雪时，她的重力势能变大，动能变大，机械能变大 D．比赛中，当运动员加速前进时受力不平衡，运动状态改变【答案】D【解答】解：A、运动员在斜坡上向下滑雪时，在重力方向和滑雪板与地面的摩擦力方向，运动员均移动了距离，因此重力和滑雪板与地面的摩擦力均做功，故A错误；B、滑雪杆对地面的力与地面对滑雪杆的力，受力物体分别是地面和滑雪杆，不符合二力平衡的条件，因此不是一对平衡力，故B错误；C、玉珍拉姆向下滑雪时，质量不变，高度变小，重力势能变小，速度变大，动能变大，在此过程中还要克服阻力做功，因此机械能将变小，故C错误；D、比赛中，当运动员加速前进时，说明运动状态改变了，其受力不平衡，故D正确。故选：D。（多选）13．（2分）“低碳生活”目前已成为一种生活态度和时尚，指的是生活作息时所耗用的能量要尽量减少，特别是减少二氧化碳的排放量，减缓生态恶化。下列行为中符合“低碳生活”的精神的是（）A．避免购买不需要的物品，少穿化纤材质的服装 B．推广无纸化办公，使用再生纸且双面打印文件 C．使用餐巾纸代替手绢 D．夏天将空调温度设得很低【答案】AB【解答】解：A、生产物品，尤其是化纤材料的物品会排放大量的二氧化碳，对自然造成很大的污染，故A正确；B、造纸厂的排放的废水、废气污染严重，所以选项做法符合“低碳生活”的精神，故B正确；C、手绢可以重复使用，而纸巾不可以，并且制造纸巾会有很大的污染，故C错误；D、夏天将空调开的很低会造成对电的浪费，做法不符合“低碳生活”的精神，故D错误；故选：AB。（多选）14．（2分）如图，是汽车尾气中CO排放量的检测电路的简化电路。当CO浓度高于某一设定值时，报警装置发声报警。下列说法正确的是（）A．闭合开关S，电磁铁的上端是S极 B．当CO浓度升高，电磁铁磁性减弱 C．气敏电阻R1阻值随CO浓度的增大而减小 D．将R2的滑片上移，检测电路在CO浓度更低时报警【答案】CD【解答】解：A．根据图示可知，电流从电磁铁的下端流入、上端流出，根据安培定则可知，电磁铁的上端为N极，故A错误；B．由图可知，当报警装置报警时，衔铁被电磁铁吸下，说明此时电磁铁的磁性增强了，又因为当CO浓度高于某一设定值时，报警装置发声报警，说明当CO浓度升高，电磁铁磁性增强，故B错误；C．由B得分析可知，当CO浓度升高，电磁铁磁性增强，说明控制电路中电流变大，由可知，控制电路中电阻变小，说明气敏电阻R1阻值随CO浓度的增大而减小，故C正确；D．在CO浓度更低时，气敏电阻R1阻值更大，因衔铁被吸下时的最小电流不变，由欧姆定律和电阻的串联可知I＝，在电源电压不变时，应减小变阻器R2的阻值，所以应将R2的滑片向上移，故D正确。故选：CD。三．作图题（共2小题，满分4分，每小题2分）15．（2分）根据平面镜成像的特点，画出平面镜所成的像【答案】见试题解答内容【解答】解：作出点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′B′就是物体AB的像，如图：16．（2分）如图所示，木块在水平压力F（图中未画出）的作用下沿竖直墙面向下做匀速直线运动，在图中作出木块受到的力的示意图。【答案】见试题解答内容【解答】解：木块在水平压力F（图中未画出）的作用下沿竖直墙面向下做匀速直线运动，物体在竖直方向受到重力和摩擦力，摩擦力的大小等于重力大小，水平方向上受压力F和墙面的支持力F支，二者大小相同，方向相反，作用在同一作用点上，如图所示：四．实验探究题（共3小题，满分19分）17．（4分）晓轩同学在“探究冰和蜡的熔化规律”时，使用的实验装置如图甲所示：（1）蜡在加热到第3分钟时温度计的示数如图乙所示，温度是48℃；实验数据如下表，可以判断蜡属于非晶体（填“晶体”或“非晶体”）。时间/min01234567蜡的温度/℃42444649505152（2）试管内的冰块宜选用碎冰块（选填“较大冰块”或“碎冰块”），目的是冰受热均匀。（3）对冰块加热过程记录的数据如图丙所示，第3min时，物质处于固态。试管内物质在A点时具有的内能小于（选填“大于”、“小于”或“等于”）在B点时的内能。（4）另一同学把冰放入如图丁所示的烧杯中，并未用酒精灯加热，冰也熔化了。于是他认为冰熔化不需要吸收热量，他的推理是错误的（填“正确”或“错误”），理由是室内温度高于冰的熔点，冰会从室温吸收热量熔化。【答案】（1）48；非晶体；（2）碎冰块；冰受热均匀；（3）固；小于；（4）错误；室内温度高于冰的熔点，冰会从室温吸收热量熔化。【解答】解：（1）如图乙所示，该温度计的分度值为1℃，示数为48℃；由表格数据知，蜡在熔化过程中，不断吸热，温度不断升高，没有一定的熔化温度，因此蜡属于非晶体；（2）为了使试管内冰受热均匀，应选用较小的碎冰块；（3）分析丙图像可知，冰达到一定温度开始熔化，故冰是晶体。第3min时，冰未达到熔点，处于固态；冰在熔化过程中，不断吸收热量，温度保持不变，所以在A点时具有的内能小于在B点时的内能；（4）他的想法是错误的，因为室内温度高于冰的熔点，所以冰会从室温吸收热量熔化。故答案为：（1）48；非晶体；（2）碎冰块；冰受热均匀；（3）固；小于；（4）错误；室内温度高于冰的熔点，冰会从室温吸收热量熔化。18．（6分）实验小组利用弹簧测力计、小石块、溢水杯等器材，按照如图所示步骤，探究浮力的大小与排开液体所受重力的关系。（1）先用弹簧测力计分别测出空桶和石块的重力，其中石块的重力大小为3.8N。（2）把石块浸没在盛满水的溢水杯中，石块受到的浮力大小为1.4N。石块排开的水所受的重力可由D、A（填字母代号）两个步骤得出。（3）由以上步骤可初步得出结论：浸在水中的物体所受浮力的大小等于该物体所排开的水受到的重力的大小。（4）为了得到更普遍的结论，下列继续进行的操作中不合理的是A。A.用原来的方案和器材多次测量取平均值B.用原来的方案将水换成酒精进行实验C.用原来的方案将石块换成体积与其不同的铁块进行实验（5）另一小组在步骤C的操作中，只将石块的一部分没在水中，其他步骤操作正确，则能。（填“能”或“不能”）得到与（3）相同的结论。（6）该实验中，以下探作会影响验证结果的是A。A.图C中溢水杯内未继满水B.图A中小桶内有少量水C.图C中石块浸没水中过深【答案】（1）3.8；（2）1.4；D、A；（3）该物体所排开的水受到的重力的大小；（4）A；（5）能；（6）A。【解答】解答：（1）弹簧测力计的分度值为0.2N，石块的重力为3.8N；（2）把石块浸没在盛满水的溢水杯中，弹簧测力计的示数是2.4N，根据称重法测浮力：F浮＝G﹣F示＝3.8N﹣2.4N＝1.4N；比较D、A两图，可以得出块排开的水所受的重力；（3）由以上步骤可初步得出结论，浸在水中的物体所受浮力的大小等于该物体所排开的水受到的重力的大小；（4）为了得到更普遍得结论，应换用不同液体和物体进行多次实验，而不是用原来的方案和器材多次测量取平均值，操作中不合理的是A；（5）根据阿基米德原理，物体受到浮力大小等于排开液体的重力，排开液体的体积越大，受到浮力越大；只将石块的一部分浸在水中，其他步骤操作正确，也能得到与（3）相同的结论；（6）A、图（a）中溢水杯内未盛满水，石块放入溢水杯时，先要使溢水杯满了才可以向外排水，故在此过程中，石块受到的浮力大于排出的水的重力，故A符合题意；B、图（a）中小桶内有少量水，小桶的重力偏大，测量的小桶和水的总重力也偏大，但G排＝F4﹣F1不变，所以对实验没有影响，故B不符合题意；C、图C中石块浸没水中过深（末碰到容器底），石块排开液体的体积等于物体的体积，浮力不变，对实验没有影响，故C不符合题意；故选：A。故答案为：（1）3.8；（2）1.4；D、A；（3）该物体所排开的水受到的重力的大小；（4）A；（5）能；（6）A。19．（9分）小南同学利用图甲所示的电路探究电流与电阻的关系，器材有新干电池两节，5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻各一只，“20Ω，1A”的滑动变阻器、电压表、电流表、开关、导线若干。（1）根据实验要求，用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整（要求：向右移动滑动变阻器滑片时、电路中的电流变小，且导线不能交叉）；（2）连接电路时，开关应断开；闭合开关前，滑动变阻器滑片应当位于阻值最大处；（3）连接好电路后闭合开关，发现电流表无示数，电压表有示数且示数接近电源电压，则出现的故障是定值电阻R断路；（4）排除故障后，小南分别将五个定值电阻依次接入电路，完成实验后根据测得的五组实验数据绘制出电流I随定值电阻R的变化关系如图乙所示，则实验中R两端控制不变的电压为2.5V；分析图像可得到的结论是：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；（5）完成上述实验后，他想利用以上实验中的部分器材测量一只未知电阻Rx的阻值。但发现电流表已损坏不能使用，干电池能提供的电压也减小了（未知）。请在虚线框内画出可行的实验电路图。（要求：开关可根据需要任意增减，其余器材只能从上述实验中选取；未知电阻的符号用表示）【答案】（1）见解答图；（2）断开；最大；（3）定值电阻R断路；（4）2.5；反比；（5）见解答图。【解答】解：（1）滑片向右滑动时，电流表示数变小，说明滑动变阻器连入电路的电阻变大，故滑动变阻器左下接线柱连入电路中，如图所示：；（2）为了保护电路，连接电路时开关应断开；闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；（3）连接好电路后闭合开关，发现电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数且示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的定值电阻R断路了；（4）由图象可知，电阻两端的电压：UV＝IR＝0.1A×25Ω＝…＝0.5A×5Ω＝2.5V，实验中R两端控制不变的电压为2.5V；由图像可知，导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；（5）由于滑动变阻器的最大阻值20Ω已知，可将电源、滑动变阻器、未知电阻Rx串联，电压表并联在未知电阻Rx两端；测量过程：将滑片滑至B端，闭合开关，记下电压表示数UB；再将滑片滑至A端，记下电压表的示数UA，由串联电路特点及欧姆定律可求出电炉丝的电阻Rx。电路如图：。故答案为：（1）见解答图；（2）断开；最大；（3）定值电阻R断路；（4）2.5；反；（5）见解答图。五．解答题（共2小题，满分17分）20．（8分）家用饮水机其加热水槽部分的工作原理电路如图所示，其中单刀双掷开关S表示一个自动温控开关，R1为电加热管。当饮水机处于加热状态时，水被迅速加热，达到预定温度时，S自动切换到保温状态。若饮水机加热时总功率为1210W，而保温时总功率为88W，请回答【c水＝4.2×103J/（kg•℃）】（1）饮水机处于加热状态时，饮水机正常工作时电路中的电流。（2）求电阻R2的阻值。（3）若加热水槽储水2000mL，将其从初温20℃加热到70℃需要8分钟，则饮水机的加热效率是多少？（保留小数点后一位）【答案】（1）饮水机正常工作时电路中的电流为5.5A；（2）电阻R2的阻值为510Ω；（3）饮水机的加热效率是72.3%。【解答】解：（1）根据P＝UI可得，饮水机处于加热状态时，饮水机正常工作时电路中的电流：I＝＝＝5.5A；（2）由图可知，当开关S与B接触时，电路中R1与R2串联，根据串联电路的特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P＝可知，此时电路中的总功率最小，饮水机处于保温状态；当开关S与A接触时，只有R1工作，电路中总电阻最小，总功率最大，饮水机处于加热状态；由P＝可知，R1的阻值：R1＝＝＝40Ω；R1、R2的串联总电阻：R＝＝＝550Ω，根据串联电路的电阻特点可知，R2的阻值：R2＝R﹣R1＝550Ω﹣40Ω＝510Ω；（3）水的体积V＝2000mL＝2000cm3＝2×10﹣3m3；由ρ＝可得，水的质量：m＝ρV＝1.0×103kg/m3×2×10﹣3m3＝2kg；水一标准大气压下的沸点为100℃，水吸收热量：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（70℃﹣20℃）＝4.2×105J；所用时间t＝8min＝480s，由P＝可得，消耗电能W＝P加热t′＝1210W×480s＝5.808×105J；饮水机的加热效率η＝×100%＝×100%≈72.3%。答：（1）饮水机正常工作时电路中的电流为5.5A；（2）电阻R2的阻值为510Ω；（3）饮水机的加热效率是72.3%。