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文档简介

2022年安徽省滁州市襄河中学高二数学理知识点试题含解析一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的1.已知定义在R上的连续奇函数的导函数为,当时,,则使得成立的的取值范围是(

)A.(1,+∞) B. C. D.(-∞,1)参考答案:C【分析】根据时可得:;令可得函数在上单调递增;利用奇偶性的定义可证得为偶函数,则在上单调递减;将已知不等式变为,根据单调性可得自变量的大小关系,解不等式求得结果.【详解】当时,

令,则在上单调递增为奇函数

为偶函数则在上单调递减等价于可得:,解得:本题正确选项:C【点睛】本题考查函数奇偶性和单调性的综合应用问题,关键是能够构造函数,根据导函数的符号确定所构造函数的单调性,并且根据奇偶性的定义得到所构造函数的奇偶性,从而将函数值的大小关系转变为自变量之间的比较.2.已知等比数列的公比,其前项和,则等于 . . . .参考答案:.;故选.3.一空间几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为()A.2π+2 B.4π+2 C.2π+ D.4π+参考答案:C【考点】由三视图求面积、体积.【分析】由三视图及题设条件知,此几何体为一个上部是四棱锥,下部是圆柱其高已知,底面是半径为1的圆,故分别求出两个几何体的体积,再相加即得组合体的体积.【解答】解:此几何体为一个上部是正四棱锥,下部是圆柱由于圆柱的底面半径为1,其高为2,故其体积为π×12×2=2π棱锥底面是对角线为2的正方形,故其边长为,其底面积为2,又母线长为2,故其高为由此知其体积为=故组合体的体积为2π+故选C4.某公共汽车上有10名乘客,沿途有5个车站,乘客下车的可能方式(

).种 .种 .50种 .10种参考答案:A由题意,每个人有五种下车的方式,乘客下车这个问题可以分为十步完成,故总的下车方式有510种;故选A5.已知圆x2+y2=r2在曲线|x|+|y|=4的内部,则半径r的范围是(

)A

.0<r<2

B

.0<r<

C.

0<r<2

D

.0<r<4参考答案:A6.在△ABC中,若b2+c2﹣a2=bc,则角A的值为()A.30° B.60° C.120° D.150°参考答案:B【考点】余弦定理.【分析】根据题中的等式,利用余弦定理算出cosA=,结合0°<A<180°可得A=60°.【解答】解:∵在△ABC中,b2+c2﹣a2=bc,∴根据余弦定理,得cosA===,又∵0°<A<180°,∴A=60°.故选:B.【点评】本题给出三角形的三边的平方关系,求角A的大小.着重考查了利用余弦定理解三角形的知识,属于基础题.7.某校开设10门课程供学生选修,其中A,B,C三门由于上课时间相同,至多选一门,学校规定每位学生选修三门,则每位学生不同的选修方案种数是()A.70 B.98 C.108 D.120参考答案:B【考点】排列、组合的实际应用.【分析】根据题意,由于A,B,C三门中至多选一门,则分2种情况讨论:①、从A,B,C三门中选出1门,其余7门中选出2门,②、从除A,B,C三门之外的7门中选出3门,分别求出每一种情况的选法数目,由加法原理计算可得答案.【解答】解:根据题意,分2种情况讨论:①、从A,B,C三门中选出1门,其余7门中选出2门,有C31C72=63种选法,②、从除A,B,C三门之外的7门中选出3门,有C73=35种选法;故不同的选法有63+35=98种;故选:B.8.已知的展开式中各项系数的和为2,则该展开式中常数项为(

)A.-80 B.-40 C.40 D.80参考答案:D【分析】中,给赋值1求出各项系数和,列出方程求出,展开式中常数项为的常数项与的系数和,利用二项展开式的通项公式求出通项,进而可得结果【详解】令二项式中的为1得到展开式的各项系数和为,

展开式中常数项为的常数项与的系数和

展开式的通项为,

令得;令,无整数解,

展开式中常数项为,故选D.【点睛】本题主要考查二项展开式定理的通项与各项系数和,属于中档题.二项展开式定理的问题也是高考命题热点之一,关于二项式定理的命题方向比较明确,主要从以下几个方面命题:(1)考查二项展开式的通项公式;(可以考查某一项,也可考查某一项的系数)(2)考查各项系数和和各项的二项式系数和;(3)二项展开式定理的应用.9.下列命题:①在一个2×2列联表中,由计算得,则有99%的把握确认这两类指标间有关联②若二项式的展开式中所有项的系数之和为243,则展开式中的系数是40③随机变量X服从正态分布,则④若正数x,y满足,则的最小值为3其中正确命题的序号为(

)A.①②③ B.①③④ C.②④ D.③④参考答案:B【分析】根据可知①正确;代入可求得,利用展开式通项,可知时,为含的项,代入可求得系数为,②错误;根据正态分布曲线的对称性可知③正确;由,利用基本不等式求得最小值,可知④正确.【详解】①,则有的把握确认这两类指标间有关联,①正确;②令,则所有项的系数和为:,解得:

则其展开式通项为:当,即时,可得系数为:,②错误;③由正态分布可知其正态分布曲线对称轴为

,③正确;④,

,(当且仅当,即时取等号),④正确.本题正确选项:【点睛】本题考查命题真假性的判断,涉及到独立性检验的基本思想、二项展开式各项系数和与指定项系数的求解、正态分布曲线的应用、利用基本不等式求解和的最小值问题.10.设全集,集合,,则等于A.

B.

C.

D.参考答案:B二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11.已知直线,分别与直线和曲线交于点M,N两点,则线段MN长度的最小值是

.参考答案:设与平行且与相切的直线的切点为,因为,,切点为,切线方程为,,长度的最小值就是被与截得的弦长,故答案为.

12.观察下列等式,…,根据上述规律,第五个等式为________----------_________参考答案:13.在平面直角坐标系中,已知双曲线:()的一条渐近线与直线:垂直,则实数______________.参考答案:2略14.已知下列表格所示数据的回归直线方程为,则a的值为__________.x24568y252255258263267参考答案:240根据表中数据,计算=×(2+4+5+6+8)=5,=×(252+255+258+263+267)=259,且回归直线y?=3.8x+a过样本中心(,),∴a=?3.8=259?3.8×5=240.故答案为:240.点睛:回归直线必过样本中心点(,),利用这个条件就可以组建未知量a的方程.15.双曲线4x2﹣y2=16的渐近线方程是.参考答案:y=±2x【考点】双曲线的简单性质.【专题】计算题;圆锥曲线的定义、性质与方程.【分析】将双曲线化成标准方程,得到a=2且b=4,利用双曲线渐近线方程的公式加以计算,可得答案.【解答】解:将双曲线化成标准方程,得,∴a=2且b=4,双曲线的渐近线方程为y=±2x.故答案为:y=±2x.【点评】本题给出双曲线的方程,求它的渐近线.着重考查了双曲线的标准方程与简单几何性质等知识,属于基础题.16.命题,,则

.参考答案:,

因为的否定为所以,

17.若集合有且只有一个元素,则实数a的取值集合是___________.参考答案:或【分析】讨论两种情况,结合判别式为零即可得结果.【详解】当时,,合题意;当时,若集合只有一个元素,由一元二次方程判别式得.综上,当或时,集合只有一个元素,故答案为.【点睛】本题主要考查集合的表示方法以及元素与集合的关系,属于中档题.集合的表示方法,主要有列举法、描述法、图示法、区间法,描述法表示集合是最常用的方法之一,正确理解描述法并加以应用的关键是一定要清楚:1,、元素是什么;2、元素的公共特性是什么.三、解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤18.已知函数.(1)求函数f(x)的最小正周期和值域;(2)已知△ABC的内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,若,且,

求△ABC的面积

参考答案:(1)所以函数的最小正周期,值域为∵,由正弦定理得∴,∴.∵,∴∴,∴∴19.如图,在四棱锥P﹣ABCD中,四边形ABCD是平行四边形,E、F分别是AB、PC中点,求证:EF∥面PAD.参考答案:【考点】直线与平面平行的判定.【分析】取PD的中点G,连接FG、AG,由PF=CF,PG=DG,所以FG∥CD,且FG=CD.又因为四边形ABCD是平行四边形,且E是AB的中点.所以AE∥CD,且AE=CD.证得四边形EFGA是平行四边形,所以EF∥AG,由线面平行的判定定理即可得证.【解答】证明:取PD的中点G,连接FG、AG.因为PF=CF,PG=DG,所以FG∥CD,且FG=CD.又因为四边形ABCD是平行四边形,且E是AB的中点.所以AE∥CD,且AE=CD.所以FG∥AE,且FG=AE,所以四边形EFGA是平行四边形,所以EF∥AG.又因为EF?平面PAD,AG?平面PAD,所以EF∥平面PAD.20.已知函数.(1)求的单调区间;(2)当时,判断和的大小,并说明理由;(3)求证:当时,关于的方程:在区间上总有两个不同的解.参考答案:(1)

当时可解得,或

当时可解得

所以函数的单调递增区间为,,单调递减区间为

…………3分(2)当时,因为在单调递增,所以

当时,因为在单减,在单增,所能取得的最小值为,,,,所以当时,.综上可知:当时,.

…………7分(3)即

考虑函数,,,所以在区间、分别存在零点,又由二次函数的单调性可知:最多存在两个零点,所以关于的方程:在区间上总有两个不同的解

…………10分21.(2016秋?邢台期末)已知F1(﹣c,0)、F2(c,0)分别是椭圆G:的左、右焦点,点M是椭圆上一点,且MF2⊥F1F2,|MF1|﹣|MF2|=a.(1)求椭圆G的方程;(2)若斜率为1的直线l与椭圆G交于A、B两点,以AB为底作等腰三角形,顶点为P(﹣3,2),求△PAB的面积.参考答案:【考点】直线与椭圆的位置关系.【分析】(1)由已知结合椭圆定义求得|MF1|=,|MF2|=,再由MF2⊥F1F2,利用勾股定理求得a值,则椭圆方程可求;(2)联立直线方程与椭圆方程,化为关于x的一元二次方程,利用根与系数的关系求出E的坐标,结合斜率求得m值,进一步求出A、B的坐标,得到AB所在直线方程,利用点到直线的距离公式求出P到AB的距离,代入三角形面积公式求得△PAB的面积.【解答】解:(1)∵|MF1|﹣|MF2|=a,|MF1|+|MF2|=2a,∴|MF1|=,|MF2|=,∵MF2⊥F1F2,∴.即,则,∵c2=a2﹣4,∴a2=12,∴椭圆;(2)设直线l的方程为y=x+m.由,得4x2+6mx+3m2﹣12=0.①设A、B的坐标分别为(x1,y1)、(x2,y2)(x1<x2),AB的中点为E(x0,y0),则,.∵AB是等腰△PAB的底边,∴PE⊥AB.∴PE的斜率,解得m=2.此时方程①为4x2+12x=0,解得x1=﹣3,x2=0,∴y1=﹣1,y2=2,∴|AB|=3.此时,点P(﹣3,2)到直线AB:x﹣y+2=0的距离d=,∴△PAB的面积S=.【点评】本题考查椭圆标准方程的求法,考查了椭圆的简单性质,训练了直线与椭圆位置关系的应用,属中档题.22.已知数列的前项和.(1)计算,,,;(2)猜想的表达

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