2023年河北省石家庄市长安区中考物理模拟试卷（含答案解析）

2023年河北省石家庄市长安区中考物理模拟试卷

1.下列估测符合实际情况的是（）

A.成年人的步行速度约为l∕σn"B.同学们感觉舒适的教室温度约为36℃

C.教学楼每层的高度约为3,"D.一个黑板擦的质量约为2版

2.下列有关声和电磁波的说法正确的是（）

A.汽车导航系统和手机通讯都是利用电磁波来传递信息的

B.利用超声波排除人体内的结石是利用声能传递信息

C.演奏吉他时拨动粗细不同的弦是为了改变其响度

D.“禁止鸣笛”和在公路旁建隔音板，都是在传播过程中减弱噪声

3.下列有关物态变化的说法正确的是（）

A.春天，早晨经常出现大雾，是汽化现象，需要吸热

B.夏天，盛冷饮的杯子外壁出现水珠，是液化现象，需要放热

C.秋天，早晨花草上经常会出现白霜，是凝固现象，需要放热

D.冬天，室外冰冻的衣服变干了，是升华现象，需要放热

4.如图所示的光现象中，属于光的反射现象的是（）

5.扬声器的工作原理与下列实验装置的工作原理相同的是（）

⅞

£≡

Λ

⅛

A.⅜

6.在“探究凸透镜成像规律”的实验中，当点燃的蜡烛、凸透镜及光屏处于如图所示位置

时，在光屏上恰好成一清晰的烛焰像（图中未画出）。下列说法正确的是（）

IlnilUnlIiIllIHlInIlWnllIIlIIInllHlliHlllnII川IIIIIIwnl川IIInlln川川ι∣ιι川川ι∣

f⅛mlθ?03040SO6070SO90100

A.该凸透镜的焦距是30cm

B.将蜡烛向左移动，应将光屏向左移动才能得到清晰的像，且像变小

C.若将凸透镜的左侧一半遮住，在光屏上不能成完整的像

D.若某同学将自己所戴的眼镜放在靠近凸透镜左侧的位置,光屏向左移动才能接收到清晰的

像，则该同学为远视眼

7.如图所示，小明分别使用滑轮或滑轮组匀速提升质量为τ∏ι的物体，滑轮的质量均相等且

为m2,在相同的时间内物体被提升的高度均为〃，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（）

A.该过程甲、乙两装置中F的功率相同

B.绳子自由端移动的速度关系为U用＜v乙〈V丙

C.甲、乙、丙三种装置做的有用功都为nhg∕ι

D.乙、丙两种装置的机械效率相等均为;⅛∙

TTiy十加2

8.如图所示的电路，电源电压一定，α为阻值大小为RO的定值

电阻R或电流表，b为阻值大小为Ro的定值电阻R或电压表，

滑动变阻器的最大阻值为2R。。当滑动变阻器滑片位于中点且保

持不变，所有开关可以任意通断，电路消耗的最大功率是最小

功率的4倍；若滑片位置位于中点保持不变，且只闭合SI时，

电流表的示数为/,则下列说法正确的是（）

A.a、6都为电阻R

B.只闭合Si,滑片P向左移动，则电流表A的示数变大

c.滑片P位于中点时，闭合Si、S2,电流表A的示数为r,则

D.闭合工、S3,断开S?,滑片尸位于最左端时，电路的功率最大且为8/2RO

9.新建居民楼电路中，当电流过大时自动断开，切断电路，俗称跳闸；为了避免人

不小心接触火线，电流经人体流入大地时发生触电事故,会装上______对人体起到保护作用。

10.如图是小明家月初和月末电能表的示数，这个月消耗的电能是度，若她家正工

作的用电器总功率为3200W,（选填“能”或“不能”）将额定功率为150OW的空调再

接入电路。若只让150OW的空调单独正常工作2min,电能表的转盘转转。

kW∙hkW∙h

220V10(20)A50Hz220V10(20)A50Hz

单相电能表单相电能表

600r∕（kW∙h）600r∕(kW∙h)

11.如图所示，用细线拴一块橡皮，甩起来，使橡皮绕手做圆周

运动，这说明力可以改变物体的（选填“运动状态”或

“形状”）。如果这时橡皮所受所有的力都突然消失，橡皮将做

运动，橡皮的惯性大小只与它的有关。

12.人骑电动自行车下坡时重力势能（选填“增大”“减小”或“不变”）。到达坡底

后在水平路面上匀速骑行过程中，机械能（选填“增大”、“减小”或“不变”）o刹

车后很快停了下来，发现刹车片很烫，这是通过的方式改变刹车片的内能。

13.烧杯中水的质量为IOoog,水温从40°C升高到90℃,水吸收的热量为j,相当于完

全燃烧g酒精放出的热量(不计热损失)。燃烧酒精给水加热的过程中，主要发生的能

量转化为。[已知C次=4.2X103J∕(kg•℃),q酒精=3.0X107J∕kg]

14.如图所示是测量某地大气压的实验过程示意图。

(1)取一根长约1〃八一端封闭的直玻璃管，沿内壁将水银缓慢地倒入管中，避免混入空气；

(2)将玻璃管开口端浸在水银中，移开堵住管□的手指，发现管中水银柱会缓慢下降，但降到

一定程度就不再下降了，由此证明了的存在，管内水银面上方是；

(3)用刻度尺量出玻璃管内外水银面的高度差为IWmm；

(4)将玻璃管倾斜(水银液面未到顶)，水银柱竖直高度(选填“升高”、“降低”或“不

变”)；此地的大气压值为Pa.(用科学记数法，小数点后保留三位，水银的密度为

13.6g∕cm3,g=9.8N∕kg)

15.在探究“杠杆的平衡条件”实验中，所用的实验器材有：刻度均匀的杠杆、支架、弹簧

测力计、刻度尺细线和质量相同的0∙5N重钩码若干个。

(1)实验前，把杠杆的中点置于支架上，杠杆静止在如图甲所示的位置，此时杠杆处于

(选填“平衡”或“不平衡”)状态。

(2)实验前调节杠杆两端的平衡螺母，将如图甲所示杠杆的平衡螺母适当往(选填“左”

或“右”)调，使杠杆在水平位置平衡。

(3)小明同学所在实验小组完成一次操作后，实验现象如图乙所示，他们记录的数据为动力

Fι=1.5N,动力臂Ll=O.2m,阻力F?=1N,则阻力臂G=0.3τn0甲同学测出了这组数据

后就得出了“动力X动力臂=阻力X阻力臂”的结论，乙同学认为他的结论不一定严谨，理由

是。他把右边的钩码换成弹簧秤，使杠杆从水平位置慢慢转过一定角度，如图丙所示，

此过程中，弹簧秤拉力的大小(选填“变大”“变小”或“不变”)。

(4)图乙实验中，小明把两边的钩码同时远离支点一格，则杠杆的(选填“左”或

“右”)端会下沉。

(5)小明利用一只质量为1依的秤蛇，一根总长度为Iw粗细均匀、质量均匀分布的金属细管

AB,一只金属框，制成了一个杆秤，移动悬吊点至O点时，杠杆恰好在水平位置平衡(此时

未挂秤泥)，如图丁所示，测得OB为4cm,称重时(根据物重大小秤蛇可在OA之间移动至重

新平衡)为了从杆秤上准确读出重物的质量，从。点开始，沿。4每隔Icm标出对应的质量刻

度，则该杆秤的分度值为kg。

16.探究“电流与电阻的关系”的实验中，电源电压为4.5V保持不变，滑动变阻器的规格为

“50014"，三个定值电阻阻值分别为50、10。、200。

(1)用笔画线代替导线将乙图的实物图严格按照甲图补充完整；

(2)闭合开关后小明发现电流表指针几乎不动，电压表示数接近电源电压，则可能的故障是

(3)排除故障后，先将50电阻接入电路完成第一组实验，然后断开开关，拆下5。的电阻，改

接100的电阻。各电路元件位置不变，闭合开关，此时电压表的示数(选填“变

小”“不变”或“变大”)，为了继续完成实验，应将滑动变阻器的滑片；

(4)将三个定值电阻分别接入R的位置完成实验，获得数据如下表，其中第3次实验时电流表

的示数如图丙所示，其示数为A；

实验组别123

电阻R(O)51020

电流/(A)0.40.2

(5)依据表中数据作出了下列图像，其中正确的有(多选)

(6)在完成整个探究实验的过程中，滑动变阻器接入电路的最小值为

17.如图所示，甲、乙分别为实心正方体A和B,已知A为塑料块(不吸水)，其棱长为2(kw,

密度为0.5g∕cτ∏3;8为合金块，其质量为3依，密度为3g∕cτ∏30(g取ION∕kg)求：

(1)物体A的质量；

(2)物体B放置在水平地面上时，对水平地面的压强；

(3)若将A沿水平方向切去n厘米，按图丙所示方式放置在水中时:A刚好能浸没，求n的值。

H

甲乙

18.现有额定电压均为6V的两只灯泡■、L2,通过N、G的电流随两端电压变化关系的图

像如图甲所示。

求：(I)L1,乙2两灯正常发光时的电阻；

(2)将Z、员两灯串联后，允许接入的最大电源电压；

(3)将Ll或乙2与规格为“100024”的滑动变阻器R串联接入乙图M、N之间,且电源电压可

调，电流表接入“0~0.61'量程，调节滑动变阻器滑片使灯泡正常发光，此时滑动变阻器

的滑片P位于滑动变阻器的I位置，滑动变阻器接入电路的阻值可能是前面部分，也可能是后

面部分，求此时电路消耗的总功率。

乙

答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：A、成年人正常步行的速度在l.lτn∕s=1.1X3.6∕cm∕∕ι-4km",故A错误；

B、同学们感觉舒适的教室内温度约为23℃,故B错误；

C、教学楼每层的高度约为3,”，故C正确；

。、一个黑板擦的质量约为200g,故。错误。

故选：C。

首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或

转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。

本题考查学生对生活中常见物体的数据的了解情况，本题告诉我们一定要对实际生活中常见的物

体做到熟知，以免闹了笑话自己还不知道。

2.【答案】A

【解析】解：A、汽车导航系统是利用电磁波传递信息的，电磁波可在真空中传播，手机也是通过

电磁波来传递信息的，故A正确；

8、医院超声排除人体内的结石利用超声波可以传递能量，故8错误；

C、弹奏吉他时拨动粗细不同的弦是为了改变其音调，故C错误；

。、“禁止鸣笛”是在声源处减弱噪声，在公路旁建隔音板，是在传播过程中减弱噪声，故。错

误。

故选：Ao

(1)汽车倒车雷达是利用超声波的回声定位原理制作的；电磁波的传播不需要介质，可以在真空中

传播；

(2)声音既可以传递信息也可以传递能量；

(3)声音三个特性：音调、响度和音色。音调跟发声体的振动频率有关；响度跟发声体的振幅和距

发声体的距离有关；音色跟发声体的材料和结构有关；

(4)减弱噪声有三种途径：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱。

本题考查了声音的作用、响度大小的决定因素、电磁波与超声波的异同等内容，是一道基础题。

3.【答案】B

【解析】解：4雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，液化过程放出热量，故4错误；

A夏天，盛冷饮的杯子外壁出现水珠，是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水滴，液化过程放出热

量，故B正确；

C霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热，故C错误；

D室外冰冻的衣服变干了，是冰由固态直接变为了气态的水蒸气，是升华现象，故。错误。

故选：Bo

(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化,

由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；

(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；

吸热的有：熔化、汽化、升华。

解决此类问题要知道物态变化及物态变化过程是需要吸热还是放热。

4.【答案】B

【解析】

【分析】

要解决此题，需要掌握光的反射现象，知道平面镜成像是由于光的反射形成的；

要掌握光的折射现象，知道水底看起来比实际的要浅、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃楼、凸

透镜成像都是光的折射；

要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的；

光的直线传播形成的现象包括：小孔成像，影子的形成，日、月食的形成等；光遇到物体表面会

发生反射：平面镜成像就是光的反射形成的；光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向

会发生偏折：钢笔错位、筷子变折、海市蜃楼，凸透镜成像等都属于光的折射现象。

【解答】

4玻璃砖后的钢笔错位属于光的折射现象，故与题意不符；

B.茶杯在镜中的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意；

C从水中筷子上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射

光线的方向看时，看到的是筷子的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故与题意不符；

。影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出

阴影区域，就是影子，故与题意不符。

故选B。

5.【答案】D

【解析】解：由题知，扬声器的工作原理：通电线圈在磁场中受力而转动。

A、该图为研究电磁铁磁性强弱与哪些因素有关的实验，与扬声器的工作原理无关，故A错误：

B、该装置为动圈式话筒，利用了电磁感应，与扬声器的工作原理无关，故B错误；

C、该图为研究电磁感应现象的实验，与扬声器的工作原理无关，故C错误；

。、该图为研究通电导体在磁场中受力而运动的实验，是电动机的原理图，与扬声器的工作原理

相同，故。正确。

故选：Do

首先利用图示的装置分析出其制成原理，然后再逐个分析选择项中的各电学元件的制成原理，分

别与前面分析的结论对应即可得到答案。

在学过的测量工具或设备中，每个工具或设备都有自己的制成原理，如：天平、温度计、电话、

电磁继电器、测力计，以及此题中提到的这些设备。针对它们的制成原理的考查，是一个热点题

型，需要重点掌握。

6.【答案】BD

【解析】解：A、由题知，如图烛焰在光屏上恰好成一清晰的烛焰像，根据图示和凸透镜成像规律

可知，v=u=30cm=2f,所以焦距为15CWi,故A错误；

8、成实像时，物远像近像变小，所以将蜡烛向左移动，应将光屏向左移动才能得到清晰的像，且

像变小，故B正确；

C、若将凸透镜的一半遮住，物体上任一点光线射向凸透镜的下半部，经凸透镜折射后，照样能

会聚成像，像的大小不发生变化，折射光线减少，会聚成的像变暗，故C错误；

若某同学将自己所戴的眼镜放在靠近凸透镜左侧的位置，光屏向左移动才能接收到清晰的像，

说明该眼镜是凸透镜，对光线具有会聚作用，则该同学为远视眼，故£>正确。

故选：BD.

凸透镜成像的规律：

当u>2/时，成倒立、缩小的实像，照相机、摄像机就是根据这个原理制成的：

当u=2/时，成倒立、等大的实像；

当∕<∙u<2∕时，成倒立、放大的实像。幻灯机、投影仪就是根据这个原理制成的；

当α=/时，无像。经凸透镜折射后的光线是平行的，没有会聚点；当“</时，成正立、放大的

虚像，放大镜就是根据这个原理制成的；

成实像时的动态变化规律是：物近像远像变大，物远像近像变小；

凸透镜对光线有会聚作用，能使光线的会聚点靠前，可以用来矫正远视眼。

本题要求学生能从图中获取信息，然后利用所学规律分析解答问题，这是考试中常见的题型，考

查学生的分析能力。此题的关键是掌握凸透镜成像的规律，搞清像距、像的大小与物距之间的关

系。

7.【答案】BC

【解析】解：人不计绳重和摩擦，克服动滑轮的重力做的功为额外功，故W颇=GJl=n⅛g%,

甲、乙装置中拉力尸做的功为总功，分别为：W总平=GlI=mιglι,=Gh+G^=m1gh+

m2gh,

所以W总平＜%”又因为所用时间相同，根据P=3可知，P甲VP乙，故A错误；

8、从图中可知，甲为定滑轮，乙为动滑轮，丙为滑轮组且承担物重的绳子段数Ti=3,

甲

在相同的时间内物体被提升的高度均为人，则绳子自由端移动的距离分别为：S=h,s2=2ft,

S丙=3",

因此S伊＜s乙＜S丙,运动时间相同，根据U=:可知绳子自由端移动的速度关系为：u用＜»乙＜V丙,

故8正确；

C、克服物体重力做的功为有用功，甲、乙、丙三种装置做的有用功都为：W育用=Gh=mιgh,

故C正确；

D、不计绳重和摩擦，克服动滑轮的重力做的功为额外功，故W颓=GQ=巾2。九，

乙、丙两种装置的机械效率为：片/=可上=瀛S新=六，故。错误。

故选：BCo

(1)不计绳重和摩擦，克服动滑轮的重力做的功为额外功，根据W频=G动％=ag∕ι得出额外功，

拉力做的功为总功，根据/怒=小有+"愆比较出甲、乙两装置中总功的大小，运动时间相同，根

据P=子比较出甲、乙装置中尸的功率；

(2)从图中可知，甲为定滑轮，乙为动滑轮，丙为滑轮组且ri=3,在相同的时间内物体被提升的

高度均为〃，根据S*=九，SE=2∕1,S丙=Ti八得出则绳子自由端移动的距离，运动时间相同，根

据V=：可知绳子自由端移动的速度关系；

(3)克服物体重力做的功为有用功，根据W有期=G∕ι=τng∕ι得出甲、乙、丙三种装置做的有用功；

(4)不计绳重和摩擦，克服动滑轮的重力做的功为额外功，根据W颜=G»=τng八得出额外功，

根据〃=JXlO0%得出乙、丙两种装置的机械效率。

W总

本题考查有关滑轮和滑轮组的功、绳子自由端的速度、机械效率的知识，要掌握功、功率和机械

效率的公式，有一定综合性。

8.【答案】BCD

【解析】解：

A、滑动变阻器的最大阻值为2R。，当滑片P位于中点时，滑动变阻器接入电路的阻值为

由题知，当滑动变阻器滑片位于中点且保持不变，所有开关可以任意通断，电路消耗的最大功率

U2

2R∕½/P.P11

是最小功率的4倍，电源电压一定，根据P=Z可知，卢=，=/=),

RR咸大≠P大4

①由电路图可知，若b为电压表，当Si、S2都闭合时，R点/I=Ro+Ra,当51闭合、52断开时，

R总xι=R。+R。+RQ=2R0+Reι,

R

若。为电流表(其电阻为0)，则隹=瀛=2,不符合题意；

若α为阻值大小为RO的定值电阻，则4=A⅛∙=翳=4不符合题意；

R点大]NX()+*αɔɑθ§

②若人为阻值大小为RO的定值电阻，当Si、S2、S3都闭合时，R总小2=R并+Ra=嗡2+Ra=华+

Ra,当SI闭合，S2、53断开时，R怒大2=Ro+Ro+Rα=2Ro+Rα,

若。为电流表(其电阻为O),则4=3=；,符合题意，

R总大22RO4

若a为阻值大小为Ro的定值电阻，则警=⅛⅛=驾=抑=＜，不符合题意，

R京大2，“()+"Q3R。ɔɪ`o，

由此可知，α是电流表，〃是定值电阻R,故A错误;

8、只闭合SrRO和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，滑片尸向左移动，滑动变阻器接

入电路的阻值变小，根据串联电路的电阻规律可知，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电

路中的电流变大，即电流表A的示数变大，故8正确;

C、滑片位置位于中点保持不变，只闭合Sl时，Ro和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流,

U_U

电流表A的示数为:,

R∣)+Rθ2RQ

U

滑片P位于中点时■，闭合SiJ只有滑动变阻器工作，电流表A的示数为：/'=所以彳=普1

2,

°⅞

故C正确;

。、滑片位置位于中点保持不变，只闭合Sl时，Ro和滑动变阻器串联，电流表的示数为/,电源电

压为：U=I(R0+R0)=21R0,

闭合Si、S3,断开S2,滑片P位于最左端时，Ro和定值电阻R并联，因为并联电路的总电阻比任

何一个分电阻都小，即此时电路中的总电阻最小，根据P=L可知电路的电功率最大，

R

22

则电路的功率最大为：P大=+=#黑-=8∕2RO,故。正确。

并2⅞

故选：BCD。

(1)滑动变阻器的最大阻值为2R°,当滑片P位于中点时，滑动变阻器接入电路的阻值为Ro,当滑

动变阻器滑片位于中点且保持不变，所有开关可以任意通断，电路消耗的最大功率是最小功率的

2

4倍，电源电压一定，根据P=巴判断出电路的最小总电阻与最大总电阻之间的关系，再结合电路

R

图分别分析出当人为电压表或定值电阻时电路的总电阻的表达式，再判断出。为电流表或定值电

阻时电路的最小总电阻与最大总电阻之间的关系，即可解答；

(2)只闭合S],RO和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，滑片P向左移动，根据串联电路的

电阻规律和欧姆定律判断出电流表A的示数变化；

(3)滑片位置位于中点保持不变，分析出只闭合Sl时和闭合Si、S2时电路的连接情况，根据欧姆定

律列出电流的表达式即可解答；

(4)滑片位置位于中点保持不变，只闭合Sl时,Ro和滑动变阻器串联，电流表的示数为/,根据U=IR

列出电源电压的表达式，当闭合舟、S3,断开S2,滑片P位于最左端时，分析出电路的连接方式，

„2

根据P=g求出电路的最大功率。

本题主要考查的是电路的分析，要会分析电路，能根据题意确定6是电表或定值电阻是解答本

题的关键，有一定的难度。

9.【答案】空气开关漏电保护器

【解析】解：当家庭电路中电流过大时，空气开关自动断开，切断电路；

如果站在地上的人不小心接触了火线，电流经过人体流入大地，漏电保护器会迅速切断电流，对

人身起到保护作用。

故答案为：空气开关；漏电保护器。

家庭电路中带有漏电保护器的总开关具有空气开关和漏电保护器的功能，当出现短路、过载(用电

器总功率过大)和漏电时，能自动“跳闸”对人或电路起到保护作用。

本题考查空气开关与漏电保护器的作用，注意对二者原理进行辨别，这是电学中的一个易错点，

应特别注意。

10.【答案】162.6不能30

【解析】解：(1)由图示电能表可知，电能表月初、月末示数为1120.0kVK∙∕i'1282.6kW-h,

这个月消耗的电能：W=1282.6W∙h-1120.0kW-h=162.6∕cIV∙h；

(2)由电能表表盘知，电能表的工作电压是220匕允许通过的最大电流为20A,

所以他家电能表同时允许接入用电器最大总电功率：P谡大=°/质大=220×2(M=44001V.

再将空调接入电路，总电功率P总=320OW+150OW=4700¼∕>P最大=4400W,

所以不能将额定功率为150OW的空调再接入电路；

(3)u600revs∕kW-h,)表示每消耗IklV∙h的电能电能表的转盘转600厂，

只让空调单独正常工作2min消耗的电能：

ɔ

W'=P't=1.5kWXfr∕ι=0.05kW-h,

oU

电能表转盘转数：

n=600revs∕kW∙hX0.05fcW∙h=30ro

故答案为：162.6；不能;30«

(1)先读出电能表月初、月末的示数(注意最后一位是小数位，单位是HV∙∕ι),这个月消耗的电能

等于月末、月初示数之差；

(2)由电能表表盘知，电能表的工作电压、允许通过的最大电流，利用P=U/求电能表同时允许接

入用电器最大总电功率；求出再将空调接入电路的总电功率，比较确定能否将额定功率为150OW

的空调再接入电路；

(3),t600revs∕kW-h”表示每消耗IkW-八的电能电能表的转盘转600r,只让空调单独正常工作

2min,利用W=Pt求消耗的电能，进而求出电能表转盘转数。

本题考查了使用电能表时消耗电能、电功率的计算以及电能表的读数方法，明确电能表相关参数

的意义是关键。

11.【答案】运动状态匀速直线质量

【解析】解：橡皮绕手做圆周运动，方向不断发生改变，这是运动状态的改变。

当所有的力突然消失，橡皮不受力，根据牛顿第一定律可知，运动的物体不受力将会做匀速直线

运动，故橡皮将做匀速直线运动。

橡皮的惯性大小只与它的质量有关。

故答案为：运动状态；匀速直线；质量。

(1)物体的速度大小变化或方向的改变都属于运动状态的改变；

(2)根据牛顿第一定律进行回答，物体不受力时，总保持原来的静止的状态或匀速直线运动状态。

惯性大小只与它的质量有关。

本题主要考查力的作用效果和牛顿第一定律的应用，注意：物体不受力或受平衡力作用，都将保

持静止状态或匀速直线运动状态。

12.【答案】减小不变做功

【解析】解：人骑电动自行车下坡时，质量不变，高度减小，所以重力势能减小；到达坡底后在

水平路面上匀速骑行过程中，动能不变，重力势能不变，所以机械能不变；发现刹车片很烫，这

是由于刹车片和地面摩擦生热，这是通过做功的方式改变了刹车片的内能。

故答案为：减小；不变；做功。

动能和势能之和统称为机械能，重力势能由质量和高度决定，动能由质量和速度决定；

改变内能的方式有做功和热传递。

本题主要考查了机械能的概念以及改变内能的方式，是一道基础题。

13.【答案】2.1×IO570化学能转化为内能

【解析】解：(1)水的质量m=IOOog=1kg,

ccc5

水吸收的热量：Q吸=C次m(t一玲)=4.2X103j∕(kg∙°)XIkgX(90°-40°)=2.1xIO7;

5

(2)根据题意，酒精完全燃烧放出的热量Q成=Q级=2.1X107;

由Q成=mq可知，酒精的质量：m酒瘠="=堪器篙=0.07kg=70g；

(3)酒精燃烧过程中，把酒精的化学能转化为内能。

故答案为：2.1×105；70；化学能转化为内能。

(1)知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q级=Cma-%)计算出水吸收的热量；

(2)根据题意，酒精完全燃烧放出的热量Q放=Q也利用Q成=mq计算出酒精的质量；

(3)酒精燃烧过程中，把酒精的化学能转化为内能。

本题考查吸热公式、放热公式的应用，燃料燃烧过程中能量的转化，是一道热基础题。

14.【答案】大气压真空不变1.013X105

【解析】解：(2)做托里拆利实验时，先在一端封闭约1米长的细玻璃管内灌满水银，确保管内没

有空气，将玻璃管开口端浸在水银中，移开堵住管口的手指，发现管中水银柱会缓慢下降，但降

到一定程度就不再下降了，此时外界大气压才等于水银柱产生的向下的压强，由此证明了大气压

的存在，管内水银面上方是真空；

(4)管内水银柱的高度差只与当时的大气压有关，如果将玻璃管倾斜放置，可以观察到玻璃管中的

水银柱长度变长，玻璃管中的水银柱竖直高度不变；

大气压强等于760〃""高的水银柱产生的压强，即：P大气=P水银=P水银gh=13.6X103kg∕m3X

9.8N∕kgX760XIO_3Tn=1.013X105Pα,,

故答案为：(2)大气压；真空；(4)不变;1.013×105o

(2)当管内上方是真空时，大气压的值就等于管内水银柱产生的压强；

(4)玻璃管内外水银面的高度差取决于外界的实际大气压，如果大气压值不变，而且实验操作过程

中没有出现错误的话，管内水银柱高度是固定的；已知水银柱的高度，根据p=pg∕ι计算出此时

的大气压值。

本题考查的是大气压的测量，要理解托里拆利实验的过程，能利用液体压强公式进行计算。

15.【答案】平衡右一组实验数据太少，具有偶然性，不能作为普遍规律不变左0.25

【解析】解：(1)杠杆保持静止，此时杠杆是处于静止状态，达到平衡；

(2)实验时为了消除杠杆自重对杠杆平衡的影响，且便于直接从杠杆上读出力臂的大小，应将杠杆

调到水平位置平衡，将如图中所示杠杆的平衡螺母适当往右调节；

由图可知，杠杆的左端下沉，应将平衡螺母向右移动，使杠杆水平平衡；

(3)只有一次实验得出杠杆平衡的条件是：动力X动力臂=阻力X阻力臂，这种结论很具有偶然性,

不合理，要进行多次实验，总结杠杆平衡条件；

力臂等于支点到力的作用线的距离，竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角

度，如图C所示，此过程中，弹簧测力计拉力的力臂变小，钩码对杠杆拉力的力臂也变小，但是

根据三角形的相似性，动力臂和阻力臂的比值是不变的，所以拉力大小不变。

(4)设一个钩码重为G,杠杆一个格的长度为L,杠杆在水平位置平衡后，将悬挂在左右两侧的钩

码都远离支点一格，

左端力与力臂的乘积为3G×5L=15GL,

右端力与力臂的乘积为2Gx7L=14GL,左端＞右端，则左端下沉；

(5)根据杠杆的平衡条件可知，当秤坨在A点时，所测物体的重力最大，即质量最大：

m秤虎g×OA=tn',figXOB,IkgXION∕kgX(IOOcm-4cm)=m∖f-XION/kgX4cm,解得：

m'^=24kg.

即秤死在A处时对应的物体的质量是24kg,则该杆秤的分度值为loo：*Cm=0.25kg∕cm.

故答案为：(1)平衡；(2)右；(3)一组实验数据太少，具有偶然性，不能作为普遍规律；不变；(4)

左；(5)0.25,,

(1)(2)杠杆处于静止状态或匀速转动状态时，杠杆处于平衡状态；调节杠杆在水平位置平衡，便

于测量力臂；

(3)探究杠杆平衡条件时，一般要进行多次测量，为了使实验结论具有普遍性，只有一次实验得出

的结论是不科学的；使杠杆由水平位置缓慢转动到图中位置，求出各自的力臂根据杠杆平衡条件

即可求判断F的大小变化；

(4)根据杠杆的平衡条件可知，当杠杆两边钩码同时远离支点--格，杠杆将向力和力臂的乘积大的

一端下沉；

(5)根据杠杆的平衡条件求出物体的最大质量，然后得出分度值的大小。

本题重点考查探究杠杆平衡条件的实验调平和操作，要求平时做实验时多加注意，锻炼自己的实

验操作能力。还考查了利用杠杆的平衡条件解题能力。

16•【答案】电阻R出现了断路变大右移0.14BlO

【解析】解：(1)滑动变阻器按照一上一下的原则接入电路，通过电路图可知向右移动滑片时有效

电阻增大。

(2)连接无误后,闭合开关，发现电流表指针几乎不动,电路可能断路，电压表接近电源电压，则

电压表与电源连通，故原因可能是电阻R出现了断路；

(3)拆下5。的电阻，改接IOO的电阻，由电阻的串联规律，电压表示数变大，探究电流与电阻的关

系，应保持电阻两端的电压不变：

探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变，利用串联分压的原理可知应该增大滑动变

阻器的阻值，故滑片向右移动；

(4)电流表选择小量程，分度值为0.024读数为0.L4；

(5)4。、因当导体两端电压不变时，通过导体的电流与导体电阻成反比，故电流随电阻的变化关

系为反比例曲线，A正确、。错误；

8C、本题的结论也可理解为：当导体两端电压不变时，通过导体的电流与导体电阻的倒数成正比，

故电流随导体电阻的倒数的变化关系为过原点的直线，故B正确，C错误；

故选A瓦

(6)研究电流与电阻的关系时，要控制电阻的电压不变，由表中数据，控制的电压为：U=IR=

0.2A×IOP=2V,

由表格数据知，当电阻为50时，电路的电流为0.44

根据串联电路的分压作用知，滑动变阻器两端的电压为：U^=U-UR=6V-2V=W,

滑动变阻器的电阻为：R*=0="=100。

滑I0.44

故答案为：(1)如上所示；(2)电阻R出现了断路；(3)变大；右移;(4)0.1；(S)ABi(6)10»

(1)滑动变阻器按照一上一下的原则接入电路，通过电路图可知向右移动滑片时有效电阻增大；

(2)若电流表电流表指针几乎不动，说明电路可能断路；电压表指针接近电源电压，说明电压表与

电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，与电压表并联的部分断路了；

(3)拆下50的电阻，改接100的电阻，由电阻的串联规律，电压表示数变大，而探究电流与电阻的

关系，应保持电阻两端的电压不变，要将滑动变阻器的滑片移到适当位置，再记录电流表示数；

(4)结合电流表的量程、分度值读数；

(5)4。、因当导体两端电压不变时，通过导体的电流与导体电阻成反比，据此分析；

BC,当导体两端电压不变时，通过导体的电流与导体电阻的倒数成正比，据此分析；

(6)根据表中数据，求出电压表示数外；根据控制变量法回答；根据电阻的串联和欧姆定律求出第

一次实验变阻器连入电路的电阻确定本次实验中选择的滑动变阻器的最小值。

本题探究“电流与电阻的关系”，考查电路连接、注意事项、故障分析、操作过程、控制变量法、

对器材的要求及数据分析，综合性较强。

17.【答案】解：⑴由P=髀T得，木块A的质量：

33

mA=pAVA=0.5g∕cmX(20cm)—400Og=4kg；

(2)合金块B的重力：

GB—mBg=3kg×ION∕kg=3°N,

合金块的体积：

me_3kgIXlO-3环,

P合金3×103kg∕m3

合金块的边长:

LB-∖∣VB~×10-3∏ι3—0.1m,

因水平面上物体的压力和自身的重力相等，

所以，物体B放置在水平地面上时对水平地面的压强:

P=厚=空=30n=3×IO3P