2023年江苏省南京市建邺区中考物理二模试卷（附答案详解）

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2023年江苏省南京市建邺区中考物理二模试卷

学校:姓名：班级：考号：

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，

用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷

上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。

第I卷（选择题）

一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）

1.下列关于声现象的说法正确的是（）

A.只要物体振动，我们就能听到声音B.声呐可以用来测量地球与月球的距离

C.“震耳欲聋”主要说明声音的音调高D.超声波清洗眼镜，说明声音具有能量

2.如图所示的光现象中，与日食形成原理相同的是（）

3.下列现象中与冬天冰冻的衣服晾干吸放热情况相同的是（）

①春天冰雪消融②夏天露珠散去③深秋雾的形成④初冬霜的降临

A.①②B.①④C.②③D.③④

4.关于粒子和宇宙，下列说法正确的是（）

A.破镜不能重圆，是因为分子间存在排斥力

B.地球绕太阳运动，说明太阳是宇宙的中心

C.电子、质子、原子是按照由小到大的尺度排序的

D.扫地时灰尘飞舞，说明分子在不停做无规则运动

5.下列物理量最接近实际的是（）

A.课桌的高度约75dmB.一名中学生的重力约500N

C.人体的安全电压是36UD.教室日光灯的功率约40kW

6.下列关于家庭电路和安全用电的说法正确的是（）

A.空气开关自动断开都是由于用电器总功率过大引起的

B.用试电笔判断火线与零线时，手不能接触笔尾金属体

C.在家庭电路中，同时工作的用电器越多，总电阻越小

D.电冰箱的三脚插头改为二脚插头，仍然可以放心使用

7.将球斜向上抛出，其在空中不同位置时的能量情况如图所示，下列判断错误的是（）

A.经过B、D两位置时小球的高度相同

B.C位置可能为小球到达的最高点

C.经过8、E两位置时小球的速度大小相同

D.经C、E两位置时小球的机械能可能相等

8.图甲是“探究阻力对物体运动的影响”的实验，图乙”探究动能大小与质量的关系”的

实验，下列说法错误的是（）

毛巾表面

A.甲实验中小车滑行的距离不同，但小车刚开始下滑时具有的机械能相等

B.乙实验中小球的质量应该不同，但小球到达水平面时初始速度需要相同

C.两实验中的小车和小球到达水平面能继续运动是因为它们都具有惯性

D.两实验中斜面都可以用弹簧替代，实验时都需要将弹簧压缩相同长度

9.“加油向未来”节目中有一烤面包活动，如图甲所示，是通过骑车发电完成的，图乙中

能反映其工作原理的是（）

A.①和③B.①和②C.①和④D.②和④

10.人在水平冰面上溜冰时，只需用脚在冰面上向后轻轻蹬一下，就能滑行很远。下列说法

正确的是（）

A.溜冰时穿较为锋利的冰刀是为了减小对冰面的压强

B.人对冰刀的压力和冰刀对人的支持力是一对平衡力

C.溜冰者最终会停下来，说明运动需要力来维持

D.滑行时如果摩擦力消失，溜冰者将做匀速直线运动

11.用两套如图甲所示的相同装置，完成课本实验①“探究不同物质吸热升温现象”和实验

（2）“比较质量相等的不同燃料燃烧时放出的热量”。实验①②中燃料点燃直至燃尽，烧杯内

液体的温度随时间变化的图像均如图乙所示（不计热损失）。以下判断正确的是（）

甲乙

A.实验①②都要控制燃料质量和液体质量相等

B.实验①②都通过温度计上升的示数反映吸收热量的多少

C.若图像一、二为实验①的数据所绘，则两种物质比热容之比为L4

D.若图像一、二为实验②的数据所绘，则两种燃料的热值之比为5：4

12.如图甲所示，电源电压恒定，定值电阻RO的阻值为80。将滑动变阻器的滑片从α端滑到

中点的过程中，电压表示数U与电流表示数/之间的关系图象如图乙所示。则下列说法中正确

的是（）

→-

//A

A.电源电压为241Z

B.电阻R的最大阻值为80

C.前后两次电路总功率变化了0.5W

D.为保证电路安全，电流表量程能选0〜0,64

第II卷（非选择题）

二、填空题（本大题共7小题，共26.0分）

13.共享单车便利出行，车篮底部装有太阳能电池板为其GpS功能供电。

⑴利用的太阳能属于能源(填“可再生”或“不可再生”)；GPS是靠电磁波来实现定

位的，其在真空中的传播速度为m/so

(2)车胎对地面的压力是由于发生形变产生的。

(3)以骑行的车为参照物，路旁的树木是运动的。要说明运动的相对性，还需要提供的证据是

14.我国航天技术世界领先，空间站创纪录完成多个任务。

(1)航天器的外壳轻巧、耐高温，其所用材料具备小、熔点高的特点。

(2)火箭加速升空时，燃料燃烧产生的能转化为火箭的机械能，此过程中能量转化与

汽油机的冲程相同。某四冲程汽油机的飞轮转速为1200r∕m讥，则它每秒对外做功

______次。

(3)液态氢由于热值高而被选作火箭燃料。若完全燃烧500g氢燃料共放出7XIO，/热量，则该

氢燃料的热值为]∕kg.

15.某同学用滑轮组提升物体，绳子自由端竖直移动的距离随时fs/m

A

间变化的关系如图4,物体上升的高度随时间变化的关系如图B。3/

已知物体重150M拉力尸为60N,克服动滑轮重所做的功占总功的

10%»则在0-2s的过程中：拉力做的有用功是.J,拉力的

234t/s

功率是W,滑轮组的机械效率是%。该滑轮组的动

滑轮重为/Vo

16.水平桌面上大小相同的溢水杯中分别装满甲、乙两种液体，将密度为PO的两个完全相同

小球轻轻放入杯中，小球静止时如图所示。若溢出液体的质量分别是讥伊、血,、烧杯底部受

到的液体压强分别是P/和Pz(两只烧杯完全相同)，溢水杯对水平桌面的压力分别是F*和Fz,

则小尹巾Z，P甲P乙,F甲F乙。乙液体的密度PZ=。(用已

知物理量符号表示)

17.同一水平桌面上放有长方体木块和铁块各一个，只利用一个量程满足实验要求的弹簧测

力计，比较木块和铁块的下表面谁更粗糙。两组同学采用不同的方案进行比较。

甲乙

(1)甲组按图甲方案，用弹簧测力计沿水平方向拉着它们一起做匀速直线运动，速度分别为％、

v2,两次测力计示数分别为a、F2,若满足。(用测量的物理量符号表示)，则木块的

下表面更粗糙。

(2)乙组同学的实验方案如下：

①如图乙所示，用弹簧测力计沿水平方向分别拉着铁块和木块做匀速直线运动，记下两次测

力计的示数分别为F3、生，且尸3＞自。

②用弹簧测力计沿方向分别拉着铁块和木块处于静止状态,测出铁块和木块的重力分

别为G给G术，且G块＞G宓

③若满足(用测量的物理量符号表示)，则说明木块的下表面更粗糙。

18.如图所示电路，电源电压U恒定不变，/?2上标有“30000.54”。仅闭合S,滑片P移到

最左端，电流表的示数为0∙34定值电阻Ri和R3消耗的电功率之比Pi：P3=1：3；滑片P向

右移到某一位置的过程中，电流表的示数变化了0.24电压表的示数变化了2乙则电源电压

为V,Rl的阻值为Ω,,若三个开关都闭合，移动滑片P,电路允许消耗的最大

电功率为W.

19.“如图甲为水位仪的原理图。电源电压为3忆Ro为200，滑动变阻器R的最大阻值200且

阻值与长度成正比,滑片P可在长为20CnI的CD间移动(摩擦不计),弹簧下端悬挂一重为50N的

物体4B,其底面积为0.0Im2、长为0.36。若水面与物体AB上表面齐平，滑片刚好在R的最

上端C位置，弹簧伸长量与外力的关系如图乙所示。闭合开关S。

甲乙

(I)当水位与物体48上表面相平时，物体48受到的浮力为N。

(2)水位由与物体4B上表面相平降至与4B下表面相平的过程中，弹簧伸长cm,电压

表的示数变化V。

三、作图题(本大题共3小题，共6.0分)

20.如图，一束光4。从水中斜射入空气中，请画出反射光空气O

线和大致的折射光线。^2T-

三二二二二

21.如图，静止在水平地面上的Y型物体ABC,要将B端刚刚抬离地面，请画出最小力尸的示

意图。

22.如图所示，闭合开关S,小磁针沿顺时针方向偏转90。，请在图中括号内标出源的

“+”极，并标出通过通电螺线管外A点的磁感线的方向。

N

A

V

S

四、实验探究题(本大题共6小题，共30.0分)

出了碎纸屑

T

(1)图甲中矿泉水瓶瓶口直径为cm.

(2)图乙将矿泉水瓶装满水，用硬纸片盖住瓶口，按住纸片将瓶口朝下，移开手，瓶内水不会

流出，证明了的存在。

(3)图丙所示，在一个盛水的瓶子内插入一根吸管4用另一根吸管B对准4的管口上方吹气，

看到A的管口有水喷出，这是因为流体的流速越大，压强越。

(4)图丁中与头发摩擦过的塑料瓶能吸引碎纸屑。其中“吸”字蕴含的物理道理，与下列现象

中的“吸”字相同的是0

A.地球“吸”地面上物体

氏两光滑铅块压紧后“吸”住

C.两船并行相“吸”碰撞

D梳头后的梳子会“吸”头发

24.小明用如图所示的装置做“探究冰熔化特点”的实验。

(1)为便于完成实验，应选(填“冰块”或“碎冰”)。

(2)图中温度计示数为℃,冰在熔化过程中，吸收热量,

内能。

(3)待管内冰全部熔化后，若用酒精灯持续给烧杯加热，试管内

水(填"会”或“不会”)沸腾。

25.如图是“探究凸透镜成像规律”的实验。

∣nι∏ιιιψιι∣tιιιηιπηιιιι∣ιπι∣ιπι∣ιιιι∣ιπι∣ιπι∣∣H∣∣ιπι∏πιpιιι∏m∣πιι∏ιιιpι

O102030405060708090cm

(1)如图所示位置得到了清晰的像。

①保持图中蜡烛、光屏位置不变，将透镜移至光具座______Cnl处，可再次看到清晰的像。

②将一眼镜片放在烛焰和透镜之间，光屏上的像变模糊，向右移动蜡烛可再次看到清晰的像,

则所加眼镜片为透镜。

(2)小明想继续用该装置探究平面镜的成像特点，保持图中的元件位置不变，仅将凸透镜更换

为玻璃板，眼睛应该在______(填“蜡烛”或“光屏”)一侧观察蜡烛的像。为验证平面镜成

的是虚像，还应进行的操作是。

(3)下列关于凸透镜成像和平面镜成像的说法，正确的是。

A.都可以成正立的像

B.人观察到虚像时，没有光线进入人眼

C.实像有放大的有缩小的，虚像都是与物等大的

D实像都是由光的折射形成的，虚像都是由光的反射形成的

26.如图是“探究影响液体内部压强大小因素”的实验。

(1)实验前检查实验装置，观察到如图甲所示的情景，应该进行的操作是。

(2)调整器材后小明完成了图乙、丙所示实验，分析可知液体的压强与有关。

(3)为探究液体压强与液体密度的关系，小明又完成了丁图所示实验，对比丙、丁两次实验发

现两次U形管两侧水面高度差对比不明显,为使实验现象更加明显下列操作可行的是。

A将丁图中金属盒下移

氏丁烧杯中换用密度更大的液体

C.将U形管中的水换成密度更小的酒精

(4)如图戊所示，1、2是两根完全相同的细玻璃管，管的一端封有相同橡皮薄膜，在管中装入

不等量的水，薄膜鼓起的程度不同。据此小红猜想：液体的压强可能与管内液体的质量有关。

小明将2号管放置，直至______,对比1、2号管橡皮膜的鼓起程度可知小红的猜想错

误。

27.现有一瓶饮料，小明用托盘天平、烧杯和已知密度为PO的金属块测出了该饮料的密度p。

(1)分析小明的实验方案发现，由于金属块取出时带走部分饮料，使测量结果偏大，请从以下

选项“4瓶和饮料、B.烧杯和饮料、C.金属块的质量”中选择合理的选项，补全小明的实验步

骤。(填字母序号)

①用天平测出一质量犯)。

②在烧杯内倒入适量饮料，用天平测出—总质量为nɪi。

③将金属块缓缓浸没在烧杯中，在烧杯壁上标记液面的位置；

④取出金属块，向烧杯中注入适量饮料到标记处，用天平测出一总质量加2。

(2)为使测量结果更准确，上述实验步骤中补入的三个选项应依次为o

28.小明进行了以下电学实验操作。

(1)探究通过导体的电流与电阻的关系：图甲为实验装置，其中滑动变阻器最大阻值为500,

电源电压恒为6匕实验时将电阻箱阻值依次调为250、20。、15。、100、50。

①图中有一根导线连接错误，请在该导线上画“X”并在图上改正(所画的导线用实线且不能

交叉)。

②改正电路后，闭合开关，电压表有示数，电流表示数几乎为零，经检查排除导线和接线柱

故障，则原因可能是。

③排除故障后，根据数据得/-W的图像如图乙所示，则电阻箱两端电压为Vo

④完成某次实验后，仅改变电阻箱阻值，观察到电压表示数如图丙所示，由此可知上一次电

阻箱接入的阻值为0。

⑤由以上实验初步得出电流和电阻的关系,为使结论更具普遍性,下列操作可行的是O

A.将电阻箱阻值调为30。再测一组数据

8.将电源电压调为4V,重复实验

C.电阻箱两端电压控制为3U不变，重复实验

(2)测量额定电流为0.34小灯泡的额定功率：如图为小明设计的几种方案，其中电源电压约为

4.5K,Ro的阻值为200,滑动变阻器最大阻值均为500。则以下电路能测出小灯泡的额定功

率的有(填字母序号)。

五、计算题(本大题共2小题，共14.0分)

29.5G无人配送车配送快递可有效节约配送成本。

(1)若空车静止在平地上，轮胎与地面的总接触面积为400cm2,车

对地面的压强是2XIO5Pa,求空车的质量。

(2)若该车输出功率恒为800勿，在水平路面上以18km"的速度匀速

行驶3∙6km,求该车受到的牵引力。

30.如图甲所示为自制简易电热水器的工作原理图。其控制电路电源电压恒为6乙电磁铁线

圈电阻不计，Rt为热敏电阻，其阻值随温度变化的规律如图乙所示。热敏电阻凡和工作电路

中的三只电阻％、R2、R3均有绝缘保护且置于储水箱中(Rt产生的热量不计)。其中RMR2=4：

1,R3=132/2»闭合开关S、S1，当控制电路中电流达到15mA时，电磁铁的衔铁被吸下，水

箱内水温恰为75K,工作电路的功率变为220分，此后水温逐渐下降：当控制电路中电流小

于等于IOnM时，衔铁被释放。

(1)衔铁吸下后，工作电路中的电流为4

(2)求衔铁释放时水箱中的水温。

(3)该热水器加热时，将50kg的水温度升高4。&用时66出，求该热水器的加热效率。(保留

一位小数)[C水=4.2XIO3JKkg-°C)]。

乙

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：4、物体振动发声，如果没有传声介质或者没有良好的听觉器官或者声音的频率不

在人耳的听觉范围之内，我们都听不到声音，故A错误；

8、真空不能传声，声呐不能测量地球与月球之间的距离，故B错误；

C、“震耳欲聋”主要说明声音的响度大，故C错误；

。、超声波清洗眼镜，说明声音具有能量，故。正确。

故选：D。

(1)物体振动发声，但是人的耳朵不一定能听到声音。

(2)声音的传播需要介质，真空不能传声；声呐在真空中不能用来测距。

(3)声音的大小叫响度，响度与振幅和距离声源的远近有关；声音的高低叫音调，音调与频率有关。

(4)声音可以传递能量。

本题考查的是声音产生和传播的条件，关键是能够区分音调、响度和音色；知道声音可以传递能

量。

2.【答案】B

【解析】解：日食是由于管的直线传播形成的。

A、雨后彩虹是光的折射形成的，故A不符合题意；

8、影游戏是由于光的直线传播形成的，故B符合题意；

C、笔杆错位属于光的折射，故C不符合题意；

。、水中倒影属于光的反射，故。不符合题意。

故选：

(1)太阳光经过三棱镜后分解出七种单色光的现象叫光的色散，光的色散本质上属于光的折射。雨

后彩虹属于光的色散现象。

(2)光在同种均匀介质中是沿直线传播的，日食、月食、手影、小孔成像都属于光的直线传播。

(3)光从一种透明介质斜射进入另一种透明介质时，传播方向通常会发生改变，我们把这种现象叫

光的折射，水池变浅、筷子弯折、笔杆错位都属于光的折射。

(4)光射到物体的表面后改变传播方向回到原来介质中的现象叫光的反射。平面镜成像、水中的倒

影都属于光的反射。

本题主要考查了光的直线传播，关键是从不同的例子中分辨出光的直线传播现象。

3.【答案】A

【解析】解：冬天冰冻的衣服晾干是升华现象，升华吸热；

①冰雪消融是熔化现象，熔化吸热；

②常温下干冰变小是升华现象，升华吸热；

③雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，液化放热；

④霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的冰晶，凝华放热。

故BCO错误，A正确。

故选：Ao

(1)物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为

液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为

固态的过程叫凝固。

(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；

吸热的有：熔化、汽化、升华。

分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外

对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

4.【答案】C

【解析】解：4当分子间的距离大于分子直径的10倍时，分子间的作用力就变得十分微弱了，“破

镜不能重圆”就是分子间的距离太大，作用力变得十分微弱的缘故，故A错误；

B.太阳是太阳系的中心，宇宙是有层次的天体系统，宇宙没有中心，故B错误：

C.常见粒子尺度由小到大排序：电子、质子、原子，故C正确；

D扫地时灰尘飞舞，那是灰尘的机械运动，不是分子在运动，分子运动是肉眼看不见的，故。错

误。

故选：Co

(1)分子动理论内容为：物质是由大量分子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，分子间存在

相互作用的引力和斥力；

(2)宇宙是有层次的天体系统，宇宙没有中心；

(3)常见粒子尺度由小到大排序：电子、原子核、原子、分子；

(4)分子很小，肉眼不能观察到分子运动。

本题考查分子动理论、宏观和微观世界，属于基础题。

5.【答案】B

【解析［解：4根据生活实际可知I,课桌的高度约为75Cm=7.5dm,故A不符合实际；

B.根据生活实际可知，•一名中学生的质量约为50kg,G=mg=50kg×ION∕kg=500/V,故B

符合实际；

C经验表明，人体的安全电压不高于36匕故C不符合实际；

。.根据生活实际可知，教室日光灯的功率约40W=O.04kW,故。不符合实际。

故选：Bo

首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的

换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。

本题考查了对物理量的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。

6.【答案】C

【解析】解：

A、空气开关跳闸有两种原因，一是用电器的总功率过大，二是发生短路现象，故A错误；

以使用试电笔辨别火线和零线时，手要接触笔尾的金属体，但不能接触笔尖的金属体，防止发生

触电，故B错误；

C、家庭电路中各用电器是并联的；由并联电路特点知，并联电路总电阻的倒数等于各支路电阻

倒数之和，同时工作的用电器越多(即并联电路的支路越多)，并联电路的总电阻越小，故C正确；

。、若金属外壳的用电器外壳万一带电，为了让电流会通过导线导入大地，防止造成触电事故的

发生；所以三孔插座中多出一个专门用于接地的孔，目的是让金属外壳与大地相连，因此接入电

冰箱、洗衣机、电暖器等家用电器都要使用三孔插座，故。错误。

故选：Co

(1)空气开关跳闸有两种原因，一是用电器的总功率过大，二是发生短路现象；

(2)使用试电笔辨别火线和零线时，手要接触笔尾的金属体，但不能接触笔尖的金属体，防止发生

触电；

(3)家庭电路中，各用电器是并联的，电阻越并越小；

(4)三孔插座中多出的一个孔是用来接地线的。

此题考查的是安全用电的原则，我们一定要牢记，不可马虎大意。

7.【答案】D

【解析】解：4由图可知，B、。位置的重力势能相同，小球的质量不变，所以B、。位置的高度

相同，故A正确；

注重力势能的大小与质量和高度有关，由图可知，C位置的重力势能最大，质量不变，C位置可能

为最高点，故8正确；

C、动能的大小与质量和速度有关，由图可知，BE位置的动能相同，质量不变，所以经过BE两位

置时小球的速度大小相同，故B正确；

。.根据B点和C点的重力势能和动能的大小可知，。点的动能、重力势能的和小于B点的动能、重

力势能的和，这说明小球在运动过程中一部分机械能转化为了其它形式的能量，所以小球中E位

置的机械能小于C位置的机械能，故。错误。

故选：Do

动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关，机械能为动能、势能的和。

本题考查了影响动能、重力势能大小的因素和机械能的变化，属于基础题。

8.【答案】D

【解析】解：4、甲实验中小车从同一斜面的相同高度由静止滑下，小车开始下滑时的质量不变，

速度为0,高度相同，重力势能相同，所以机械能相同，故A正确；

8、乙实验中探究的是小球的动能大小与质量的关系，实验中需要控制小球的质量不同，小球滚下

的高度相同，到达水平面时的速度相同，故B正确；

C、甲、乙两个实验中，小车和小球到达水平面时具有一定的速度，由于小车和小球具有惯性，

所以小车和小球能继续运动，故C正确；

。、甲实验中小车的质量不变，所以可以利用弹簧代替斜面来获得相同的速度；乙实验中小球的

质量不同，若弹簧的形变程度相同，弹性势能转化为小球的动能相同，由于质量不同，小球获得

的速度不同，所以实验中不能用弹簧代替斜面，故。错误。

故选：D。

(1)动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关；

(2)动能的大小与质量、速度有关，探究动能大小与质量的关系时，需要控制速度相同；

(3)惯性是物体本身的一种性质，只与物体的质量有关；

(4)弹性势能的大小与物体弹性形变程度的大小有关。

此题考查了“探究阻力对物体运动的影响”和“探究动能大小与质量的关系”的区别和联系及惯

性的知识、控制变量法的运用，为易错题。

9.【答案】A

【解析】解：甲图是通过骑车发电完成的，骑车发电的原理是电磁感应现象；

①装置是探究电磁感应现象的实验；②装置是探究通电导体在磁场中受力运动；③装置中拨动风

扇，二极管发光，这是电磁感应现象；④中电磁铁通电后具有磁性，这是电流的磁效应。

故选:Ao

闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流,这是电磁感应现象，

是发电机的工作原理。

本题考查了电磁感应现象、通电导体在磁场中受力运动、电流的磁效应，属于基础题。

10.【答案】D

【解析】解：力、溜冰鞋上锋利的冰刀可以减小受力面积，在压力一定时，增大对冰面的压强，

故A错误；

B、人对冰刀的压力与冰刀对人的支持力作用在不同的物体上，它们不是一对平衡力，它们是作用

力与反作用力，故8错误；

C、溜冰者最终会停下来，说明力是改变物体运动的原因，故C错误；

。、人在水平冰面上溜冰时，若摩擦力消失，水平方向不受任何力作用，由牛顿第一定律可知，

溜冰者将做匀速直线运动，故。正确。

故选：Do

(1)影响压强大小的因素是压力和受力面积，在压力一定时，减小受力面积可增大压强；

(2)一对平衡力必须符合四个条件，即大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体

上；

(3)力是改变物体运动状态的原因；

(4)根据牛顿第一定律分析运动员的状态。

本题考查运动和力的关系、平衡力的判断、牛顿第一定律、增大压强的方法等知识，属于基础题。

11.【答案】C

【解析】解：4、比较不同物质吸热升温，则需要燃烧相同的燃料，加热相同的时间，比较质量

和初温相同的液体升高的温度；为了比较不同燃料燃烧放出的热量热值大小，要用不同的燃料，

加热质量相同的同种液体,所以两个实验中都要控制杯中液体质量相等，而燃料质量不一定相等，

故4错误；

B、实验①”使用相同的燃料（或加热器）通过加热时间的长短来比较吸热多少，而实验②用不同

的燃料，加热质量相同的同种液体，液体升温越高，则燃料放出的热量越多，故8错误；

C、“不同物质吸热升温的现象”中，由探究①由绘制出的两种液体温度随时间变化的关系图象，

升高10。&图象一对应物质的加热时间为10分钟（注意是均匀升温）；而图象二对应物质的加热时

间为40分钟；由转换法可知，两种物质吸收热量之比为IOmin：40min=1：4；根据Q=CnuIt,

在质量和升高温度相同的情况下，吸热多少与比热容成正比，故图象一和图象二表示两种物质的

比热容之比为1：4,故C正确；

。、不同燃料充分燃烧放热的现象中，燃料完全燃料（燃料质量相同），图象一对应的物质升高50。C-

30℃=20℃；图象二对应的物质升高40。C-30℃=10℃；而同种液体的质量相同，根据Q=cm∆t,

吸热多少与升高的温度成正比，两种物质吸热之比为20。&10℃=2：1,根据q=[,在燃料质

量相同的条件下，吸热与热值成正比，故图象一和图象二表示两种燃料的热值之比为2：1,故。

错误。

故选：Co

（1）比较不同物质吸热升温，则需要燃烧相同的燃料（确保相同时间放出的热量相同），加热相同的

时间，比较质量和初温相同的液体升高的温度，由dt=2比较温度的变化，温度升高越多，则

cm

吸热能力越小；

为了比较不同燃料燃烧放出的热量热值大小，要用不同的燃料，加热质量相同的同种液体，根据

Q=cm∆t,液体升温越高，则燃料放出的热量越多，根据q=4这种燃料热值越大；

（2）实验①“使用相同的燃料（或加热器）通过加热时间的长短来比较吸热多少，而实验②比较不

同燃料燃烧放出的热量热值大小时，用不同的燃料，加热质量相同的同种液体，液体升温越高，

则燃料放出的热量越多；

（3）由绘制出的两种液体温度随时间变化的关系图象得出升高10汽，图象一对应的物质和图象二对

应的物质的加热时间之比；

根据Q=CTn/3在质量和升高温度相同的情况下，比热容之比等于吸收热量之比，据此得出图象

一和图象二表示两种物质的比热容之比；

(4)不同燃料充分燃烧放热的现象中，燃料完全燃料，得出图象一、二对应的物质的升高50。(2-

30℃=20℃,根据Q=CnlzIt得出两种物质吸热之比，根据q分析。

本题探究“不同物质吸热升温的现象”以及“不同燃料充分燃烧放热的现象“，考查控制变量法、

转换法的应用及两实验相同与不同之处，为热学中的重要实验，为易错题，难度较大。

12.【答案】B

【解析】解：由图甲可知，定值电阻RO与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器R两端的电压，

电流表测电路中的电流；

AB,由图甲可知，当滑片在α端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，由串联电路的分压原理可

知，此时滑动变阻器两端的电压最大，

由图乙可知，此时滑动变阻器两端的电压为6.(Ψ,此时电路中的电流：∕ɑ=师=争

κaκa

由串联电路的电压特点和欧姆定律可知，电源电压：U=uθa+URa=IaR0+Uκa=^×8Ω+

6.0V……①

当滑片在中点时，动变阻器接入电路的电阻：Ra中=抽

由图乙可知，此时滑动变阻器两端的电压为4。乙此时电路中的电流：/中=*=罂

%中2Ra

电源电压：U=Uo中+UR中=1中Ro+UR中=等X80+4.0V......②

2^α

由①②解得：Ra=8∩,U=12K,故A错误、B正确；

C、由欧姆定律可知,两次电路中的电流分别为:/ɑ=警=翳=0∙754∕声=*：=邛=14,

κa8〃,Ka中2×8∙β

前后两次电路总功率的变化量：ΔP=Pφ-Pa=Ulφ-UIa=12V×1A-12VX0.75Λ=3W,

故B错误；

。、由欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的电阻为零时电路中的电流最大，

则电路中的最大电流：/疑才="=黑=1.54>0.64,因此为保证电路安全，电流表量程应选

依八AQOJZ

0〜34的量程，故。错误。

故选：B。

由图甲可知，定值电阻Ro与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器R两端的电压，电流表测电路

中的电流；

(1)根据欧姆定律求出滑片从ɑ端滑到中点时两次电路中的电流关系，根据串联电路的电压特点和

欧姆定律表示出电源电压，解方程求出两次电路的电流和电源电压；

(2)根据欧姆定律求出电阻R的最大阻值；

(3)根据P=U/求出前后两次电路总功率的变化量；

(4)根据欧姆定律可知滑动变阻器接入电路的电阻为零时电路中的电流最大，根据欧姆定律求出电

路中的最大电流，进而选择合适的量程。

本题考查串联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，关键是根据图象读出相关的信息。

13.【答案】可再生3x108车胎以地面为参照物，树木是静止的

【解析】解：(1)太阳能可以从自然界源源不断地得到，属于可再生能源；电磁波在真空中的传播

速度为3×108m∕So

(2)车胎对地面的压力是由于车胎发生微小的弹性形变产生的；

(3)以骑行的车为参照物，路旁的树木是运动的。要说明运动的相对性，仍需将路旁的树木作为研

究对象，并且能判断出树木是静止的，如以地面为参照物，树木是静止的。

故答案为：(1)可再生；3x108：(2)车胎：(3)以地面为参照物，树木是静止的。

(1)可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源，例：水能、风能、太阳能、生物质能、

潮汐能。电磁波在真空中的传播速度为3XlO^Tn/s。

(2)弹力是物体由于发生弹性形变而产生的力；

(3)在研究物体的运动和静止时，要看物体的位置相对于参照物是否发生改变，若改变，则是运动

的，若不改变，则是静止的。

本题考查了能源的分类、电磁波的传播、压力的产生以及运动和静止的相对性，属于基础内容。

14.【答案】密度内做功101.4×IO8

【解析】解：(1)高速航天器外壳要求轻巧，说明航天器外壳材料应具有密度小的特性；

(2)氢气燃烧产生的高温高压气体对火箭做功，将内能转化为机械能；

四冲程汽油机工作时的做功冲程将内能转化为机械能，二者能量转化形式相同；

四冲程汽油机的飞轮转速为1200r∕min,则该飞轮每秒钟转20圈；因为一个工作循环飞轮转2圈，

完成4个冲程，对外做功一次，故汽油机每秒对外做功10次；

(3)根据Q成=得该氢燃料的热值为：

q=—==1.4×108J∕kg>

”m0.5kg1'a∙

故答案为：(1)密度；(2)内；做功;10;(3)1.4XlO8,

(1)根据火箭等高速航天器外壳的制作材料要求轻巧的特点进行解答；

(2)燃料燃烧过程是化学能转化为内能，推动火箭做功是内能转化为机械能：

汽油机在做功冲程里，高温、高压的燃气膨胀推动活塞做功，将燃气的内能转化为机械能；

1200r∕m讥的含义：它表示热机的飞轮每分钟转1200圈。汽油机的一个工作循环由吸气冲程、压

缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成。在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2周，做功一

次；

(3)知道液态氢的质量和完全燃烧50Og的氢燃料放出的热量，利用Q成=加7计算出氢气的热值。

本题考查热值、热机的工作原理，以及能量的转化，知识点较多，解答此题的关键是理解所学知

识，并能灵活应用。

15.【答案】1509083.318

【解析】解：由图像可知在O-2S的过程中物体上升的高度无=Im,绳子自由端移动的距离S=3m,

拉力做的有用功：Wff=Gh=150/V×lm=1507；

拉力做的总功：W总=FS=60NX3m=1807,

拉力做功的功率：P=上9=幽=90W；

t2s

滑轮组的机械效率：η=^Γ×100%=S×100%≈83.3%：

W&18Q/

由题意可知，克服动滑轮重所做的功：动=10%W点=10%X180/=18/,

由W动=G动h可知，动滑轮的重力：Gi=A=上9=型=18N。

切九ITn

故答案为：150；90；83.3；18。

根据图像可知在0-2S的过程中物体上升的高度和绳子自由端移动的距离，利用W有=Gh求有用

功；利用W总=FS求拉力做的总功，利用P=I求拉力做功的功率；利用7?=WlXlo0%求滑轮

tlψ总

组的机械效率；根据克服动滑轮重所做的功占总功的10%求出克服动滑轮重所做的功，根据利用

W动=G动h求动滑轮重力。

本题考查功、功率和机械效率公式的应用，关键是根据图像读出相关的信息。

m.

16.【答案】＞＞＞∑-1∙Po

'"甲

【解析】解：小球在甲中漂浮，浮力等于自身重力，小球在乙中下沉，浮力小于重力，所以小球

在甲中受到的浮力要大于在乙中受到的浮力，根据阿基米德原理可知，小球在甲中排开的液体的

重力要大于在乙中排开的液体的重力，根据G=HIg可知，溢出的液体质量m*＞仇Z；

小球在甲中漂浮，小球的密度要小于甲液体的密度，小球在乙中下沉，小球的密度要大于乙液体

的密度，所以两种液体的密度P尹＞P］，由于液体的深度相同，则根据P=Pgh可知，液体对甲杯

底的压强大于液体对乙杯底的压强，即Pp＞Pz;

由图知，甲剩余液体的体积大于乙剩余液体的体积，且Pp＞P乙，则根据G=Tng=PiZg可知：甲

容器中剩余液体重力大于乙容器中剩余液体重力；而容器对桌面的压力等于容器、液体、小球的

总重力，所以甲容器对桌面的压力大于乙容器对桌面的压力，即F平＞尸公

乙液体的密度为：

mnt1

PZ=G=至=厮"°。

加乙

故答案为：＞；＞；＞；ΞΓ~'PoO

'"甲

(1)根据物体的浮沉条件判定浮力的大小关系，根据阿基米德原理判定排开的液体的重力关系，根

据G=mg得出排开的液体的质量的大小关系；

(2)根据物体的浮沉条件分析小球密度与液体密度的关系，从而得出液体密度的大小关系，根据P=

Pgh分析液体对杯底的压强；

(3)容器对桌面的压力等于容器、液体、小球的总重力；

(4)由密度公式表示出乙液体的密度。

本题考查了学生对阿基米德原理、物体的浮沉条件的应用，关键是理解和运用漂浮条件、下沉条

件(密度关系)得出两液体的密度关系。

G外+G.去.G^,,+G.

17.【答案】鼻＜尸2竖直」IXF3X吊

G铁G木

【解析】解：(1)甲组按图甲方案，用弹簧测力计沿水平方向拉着它们一起做匀速直线运动，速度

分别为女、V2,因物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示

数等于摩擦力的大小：两次测力计示数分别为FI、F2,若满足&＜尸2,则木块的下表面更粗糙。

(2)①如图乙所示，用弹簧测力计沿水平方向分别拉着铁块和木块做匀速直线运动，记下两次测力

计的示数分别为F3、尼，且尸3＞生。可知，铁块和木块受到的滑动摩擦力大小分别为F3、F4;

②用弹簧测力计沿竖直方向方向分别拉着铁块和木块处于静止状态，测出铁块和木块的重力分别

为G铁、G木,且G统＞G次。

③因在接触面粗糙程度不变时，滑动摩擦力大小与压力大小成正比，故据此求出当乙中两种情况

下对支持面的压力大小都等于Gjgf+G忒时的滑动摩擦力大小：

当木块叠放在铁块的正上方时有

G铁+G木_G铁.

F3，一可

故当木块叠放在铁块的正上方时受到的滑动摩擦力为：

同理，当铁块叠放在木块的正上方时受到的滑动摩擦力为：

G轼.+G太

木

G+GG+G

若满足-y^×F3＜^-^×F4,则说明木块的下表面更粗糙。

G铁G木

G桃+G次G孙+GA

故答案为：(I)Fi＜尸2；(2)②竖直；③JIXF3＜」1'七。

"铁"木

(1)根据二力平衡的条件分析；影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，

在压力不变时，滑动摩擦力越大，说明接触面越粗糙；

(2)①由二力平衡的条件可知铁块和木块受到的滑动摩擦力大小；

②重力的方向竖直向下，要测量物体的重力，应用弹簧测力计沿竖直方向分别拉着铁块和木块处

于静止状态，读出测力计的示数；

③由控制变量法，探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系，要控制压力大小相同；根据

在接触面粗糙程度不变时，滑动摩擦力大小与压力大小成正比，故据此求出当乙中两种情况下对

支持面的压力大小都等于G镂+G本时的滑动摩擦力大小，根据在压力不变时，滑动摩擦力越大，

说明接触面越粗糙回答。

本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，最后一问是难

点，求出当乙中两种情况下对支持面的压力大小都等于G镂+G本时的滑动摩擦力大小是关键。

18.【答案】121025.2

【解析】解：(1)仅闭合5,滑片P移到最左端，滑动变阻器接入电路的电阻为零，RI和/?3串联，

电压表测Ri两端的电压，电流表测电路中的电流，

I

由P=U∕=∕2R可知，定值电阻RI和饱消耗的电功率之比：*=等=答=1即R3=3%;

由图可知滑片P向右移到某一位置时，滑动变阻器接入电路中的电阻增大，由欧姆定律可知电路

中的电流减小，电压表的示数增大，

因此此时电路中的电流/'=0.34-0.2A=0.14Rl两端的电压U/=%-2V,

则滑片P移到最左端时，电路中的电流：∕=⅛i=0∙3A……①

KI

滑片P向右移到某一位置时，电路中的电流：F=J=与3=0.L4……②

κlKI

由①②解得：RI=Io0,

则&=3Rι=3X10n=300,

由欧姆定律和串联电路的电压特点可知，电源电压：U=/R怒=0∙3∕IX(10。+300)=12V；

(2)三个开关都闭合时，%、R2、R3并联，电压表测电源电压，电流表测干路中的电流，

由图可知，电流表的量程为0〜34,因此干路中的电流不超过34,

此时通过⑹、&的电流分别为：乙声=看∏=£12V=124人=看U=就1=0∙4A,

由滑动变阻器的铭牌可知，滑动变阻器允许通过的最大电流为0.54

由并联电路的电流特点可知，此时干路中的电流：/环=/］方+%辩+4旁=1∙24+O∙54+O∙4A=

2.1A<3A,

因此干路中的最大电流为2.L4,

则电路允许消耗的最大电功率：P并最大=UI并=∖2Vx2.∖A=25.2忆

故答案为：12；10；25.2。

(1)仅闭合S,滑片P移到最左端，滑动变阻器接入电路的电阻为零，Rl和/?3串联，电压表测Rl两

端的电压，电流表测电路中的电流，根据定值电阻RI和/?3消耗的电功率之比Pi：P3=1：3利用P=

U/=KR求出Rl和/?3的阻值关系；由图可知滑片P向右移到某一位置时，滑动变阻器接入电路中

的电阻增大，根据欧姆定律可知电路中的电流减小，电压表的示数增大，据此分析出两次电路中

的电流和RI两端的电压，根据欧姆定律表示出电路中的电流，解方程求出Rl的阻值，进而求出自

的阻值，根据欧姆定律和串联电路的电压特点求出电源电压；

(2)三个开关都闭合时，&、R2、/?3并联，电压表测电源电压，电流表测干路中的电流，根据电流

表的量程确定干路中允许的最大电流，根据欧姆定律求出求出通过％、/?3的电流，滑动变阻器的

铭牌确定滑动变阻器允许通过的最大电流，根据并联电路的电流特点求出干路中的电流，与干路

中允许的最大电流比较，进而确定干路中的最大电流，根据P=U/求出电路允许消耗的最大电功

率。

本题考查串并联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接

方式是关键。

19.【答案】30150.9

【解析】解：(1)当物体4B上表面与水面相平时，物体AB刚好浸没水中，排开水的体积：

V排=V物=Sh=0.01τn2X0.3m=3×10-3m3；

物体48所受浮力F浮=G排=P水gV排=1.0×103kg∕m3×IUN/kg×3×10^3m3=30N；

(2)水面与物体ZB上表面相平时，弹簧对物体48的拉力F萍=G物—F浮=50N-30N=20/V.

水面下降至与物体AB下表面相平时，弹簧对物体的拉力FJ=G物=50N；

水面从物体AB上表面逐渐下降至与下表面相平过程中，弹簧拉力的变化量/尸肄=FM-F弹=

50N-20N=30N；

由乙图可知：W=黑=2N/cm；

ΔL20cm'

物体AB刚好离开水面时，弹簧伸长的长度4Z∕=-ɪ==15cm；

2N∕cm2N∕cτn

水面从物体ZB上表面刚好与水面相平时，滑片P在R最上端，此时R=200,

根据串联电路的电阻特点可知，电路的总电阻：

R点=Rq+R=20。÷20/2=40/2,

U3V

电路中的电流：/=/=碗=°∙°75A,

由/=A得，电压表示数为：

U]=IR=0.0754×200=1.5K.

水面从物体AB上表面逐渐下降至下表面刚好离开水面时，弹簧伸长15cm,即滑片下移15cm,接

入电路的电阻变化量4R=X15cm=15/2；

20cm

此时滑动变阻器接入电路中的电阻：R'=R-ΔR=200—150=50,

则根据串联电路的电阻特点可知，电路的总电阻：

R,；/=A。+R'=20/2+50=250,

电路中的电流：/'=曰、=怒=°∙124,

总

此时电压表的示数U尸=/'R'=0.124X5。=0.6乙

所以，电压表的示数变化量：ΔU=Uj,-Ur=1.5V-0.6K=0.9Ko

故答案为：(1)30；(2)15；0.9o

(1)物体浸没时，V排=V物,根据阿基米德原理F浮=P液g%可求浮力大小；

(2)利用图像可求力与伸长量的比值，再由弹簧弹力的变化可求弹簧的伸长量；

当水面与物体4B上表面相平时，滑片P在R最上端，可知此时R的阻值，根据串联电路电阻特点和

欧姆定律求出R两端的电压：

水面从物体AB上表面逐渐下降至下表面刚好离开水面时，已知弹簧的伸长量，根据R接入电路的

阻值与对应的棒长成正比，求出此时∙R接入电路的阻值，

根据串联电路特点和欧姆定律求出此时R两端的电压，两次电压表的示数之差即为变化量。

本题一道力电综合应用题，涉及到的知识点较多，关键是公式及变形公式的灵活应用，第(2)问难

度较大，要弄清楚滑片处于的两个端点，弄从题干和图象获取有用的信息即可正确解题，有一定

难度。

20.【答案】解：过入射点。作法线，根据光由水中斜射入空气中时，折射角大于入射角，在法线

右侧的空气中画出折射光线，如图所示：

【解析】发生折射时，折射光线和入射光线、法线在同一平面内，折射光线和入射光线分居在法

线两侧，光从