四川省巴中市2023年中考物理试题（附真题答案）

四川省巴中市2023年中考理综物理试题一、单选题1．下列说法正确的是（）A．人的正常体温约为39℃B．成年人拇指的指甲宽度约为1cmC．家用台灯正常工作时的电流约为10AD．一个鸡蛋的重力约为5N【解析】【解答】A.人的正常体温约为37℃，故A错误；

B.成年人拇指的指甲宽度约为1cm，故B正确；

C.家用台灯的电功率大约30W，则正常工作时的电流约为，故C错误；

D.一个鸡蛋的质量大约50g，则重力约为G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N，故D错误。

故选B。

2．第十一届巴人文化艺术节给巴中人民带来了一场视听盛宴。下列相关描述错误的是（）A．动听的音乐是通过空气传入观众耳朵的B．女歌手唱高音部分时，她的声带振动频率高C．旁边观众的喧哗声对于认真观看节目的小高而言是乐音D．主持人报幕后，小李知晓了节目名称，说明声音可以传递信息【解析】【解答】A.动听的音乐是通过空气传入观众耳朵的，故A正确不合题意；

B.女歌手唱高音部分时，她的声带振动频率高，故B正确不合题意；

C.旁边观众的喧哗声对于认真观看节目的小高而言，影响了音乐的欣赏，为噪声，故C错误符合题意；

D.主持人报幕后，小李知晓了节目名称，说明声音可以传递信息，故D正确不合题意。

故选C。

B.音调与频率大小有关；

C.凡是影响人们正常休息、学习和工作的声音为噪声；

D.根据声音利用的知识判断。3．下列有关光现象解释正确的是（）A．树荫下的光斑——光沿直线传播B．彩虹的形成——光的反射C．镜中花，水中月——光的折射D．海市蜃楼——光的色散【解析】【解答】A.树荫下的光斑——光沿直线传播，故A正确；

B.彩虹的形成——光的色散，故B错误；

C.镜中花，水中月——光的反射，故C错误；

D.海市蜃楼——光的折射，故D错误。

故选A。

4．下列有关物态变化说法正确的是（）A．春天冰雪消融，是凝固现象B．夏天在地面上洒水能有效降温，是因为水蒸发吸热C．秋天小草上露珠的形成，是汽化现象D．冬天北方的屋檐上有时会形成冰柱，是凝华现象【解析】【解答】A.冰雪消融，即冰从固态变成液态发生熔化现象，故A错误；

B.洒水后，水从液态变成气态发生汽化现象，需要吸热，故B正确；

C.露珠是水蒸气从气态变成液态发生液化形成的小水珠，故C错误；

D.冰柱是水从液态变成固态发生凝固形成的，故D错误。

故选B。

5．下列说法正确的是（）A．南极年平均气温为，所以南极的冰山没有内能B．摩擦生热是将机械能转化为内能C．温度从内能大的物体传递给内能小的物体D．使用滑轮组既可以省力又可以省功【解析】【解答】A.南极的冰山虽然温度很低，但是仍然有内能，故A错误；

B.摩擦生热是将机械能转化为内能，故B正确；

C.热量从温度高的物体传递给内温度低的物体，故C错误；

D.使用滑轮组既可以省力又可以改变力的方向，但是不能省功，故D错误。

故选B。

B.根据能量转化的知识解答；

C.根据热传递的本质判断；

D.根据功的原理判断。6．下列情境中，不能利用大气压知识解释的是（)A．带吸盘的挂钩能吸附在瓷砖上 B．轮船经过三峡船闸的过程C．用吸管吸饮料 D．用钢笔吸墨水【解析】【解答】A.带吸盘的挂钩能吸附在瓷砖上，吸盘内气压小于外面的大气压强，大气压强将吸盘压在墙壁上，故A不合题意；

B.轮船经过三峡船闸的过程，利用连通器原理，与大气压强无关，故B符合题意；

C.用吸管吸饮料，吸管内气压小于外界大气压强，大气压强将饮料压入口中，故C不合题意；

D.用钢笔吸墨水，胶囊内气压小于外界大气压强，大气压强将墨水压入胶囊中，故D不合题意。

故选B。

7．如图所示，下列四种工具中，不属于省力杠杆的是（）A．铁匠剪刀 B．羊角锤C．筷子 D．扳手【解析】【解答】A.铁匠剪刀的转轴相当于支点，阻力作用在刀口上，动力作用在手柄上。此时动力臂大于阻力臂，为省力杠杆，故A不合题意；

B.使用羊角锤时，锤头的弯曲处为支点，阻力作用在豁口处，动力作用在手柄上。此时动力臂大于阻力臂，为省力杠杆，故B不合题意；

C.使用筷子时，大拇指相当于支点，食指施加动力，阻力作用在筷子尖端。此时动力臂小于阻力臂，为费力杠杆，故C符合题意；

D.使用扳手时，螺杆相当于支点，阻力作用在螺母边缘，动力作用在手柄上。此时动力臂大于阻力臂，为省力杠杆，故D不合题意。

故选C。

8．近年来，中国科技成就让世人瞩目，探月“嫦娥”、入海“奋斗者”、中国高铁、国产大飞机C919……下列说法正确的是（）A．绕月飞行的“嫦娥”，运动状态保持不变B．“奋斗者”号载人潜水器在海中加速下降时受平衡力作用C．高铁因为速度快所以惯性大D．国产大飞机C919能起飞是因为机翼受到向上的升力【解析】【解答】A.绕月飞行的“嫦娥”，它的运动方向和速度大小不断改变，即运动状态改变，故A错误；

B.“奋斗者”号载人潜水器在海中加速下降时，它处于非平衡状态，受到非平衡力作用，故B错误；

C.高铁的质量大，所以惯性大，但是与速度大小无关，故C错误；

D.国产大飞机C919能起飞是因为机翼受到向上的升力，故D正确。

故选D。

B.平衡状态包括：静止状态或匀速直线运动状态；

C.惯性大小与物体质量大小有关；

D.对飞机进行受力分析即可。9．在传统农耕文化中，劳动人民一般采用“盐水选种”的方法挑选种子，如图所示。下列说法正确的是（）A．漂浮的种子受到的浮力小于自身重力B．种子下沉过程中受到的浮力大于自身重力C．下沉过程中盐水对种子的压强变大D．沉底的种子只受到重力和支持力【解析】【解答】A.漂浮的种子受到的浮力等于自身重力，故A错误；

B.种子下沉过程中受到的浮力小于自身重力，故B错误；

C.下沉过程中，种子的深度逐渐变大，根据p=ρ液gh可知，盐水对种子的压强变大，故C正确；

D.沉底的种子受到重力和支持力，还受到向上的浮力，故D错误。

故选C。

C.根据液体压强公式p=ρ液gh分析判断；

D.对沉底的种子进行受力分析即可。10．下列关于信息、能源、安全用电的描述，错误的是（）A．“天宫一号”空间站是利用电磁波来与地面进行信息传递的B．当前核电站是利用核聚变来发电的，不会对环境造成污染C．更换电灯泡时必须断开电源开关D．手机充电结束，把充电器从插座上及时拔下【解析】【解答】A.“天宫一号”空间站是利用电磁波来与地面进行信息传递的，故A正确不合题意；

B.当前核电站是利用核聚变来发电的，它的辐射会对环境造成污染，故B错误符合题意；

C.更换电灯泡时必须断开电源开关，可以避免发生触电事故，故C正确不合题意；

D.手机充电结束，把充电器从插座上及时拔下，避免发生故障时发生火灾，故D正确不合题意。

故选B。

B.根据核电站的工作原理判断；

CD.根据安全用电的常识判断；11．科技强国是我国重大战略目标之一，电磁学在科技中的应用必不可少。下列关于电与磁的应用说法错误的是（）A．电磁铁的磁性强弱只与电流大小有关B．奥斯特发现通电导线周围存在磁场C．电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用D．发电机是依据电磁感应来发电的【解析】【解答】A.电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关，故A错误符合题意；

B.奥斯特发现通电导线周围存在磁场，故B正确不合题意；

C.电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用，故C正确不合题意；

D.发电机是依据电磁感应来发电的，故D正确不合题意。

故选A。

12．下列有关电现象说法正确的是（）A．摩擦起电的实质是创造了电荷B．用毛皮摩擦过的橡胶棒带正电，是因为橡胶棒失去电子C．油罐车底部有铁链拖在地上，是为了防止静电带来的危害D．摩擦过的塑料尺能吸引小纸屑是因为同种电荷互相吸引【解析】【解答】A.摩擦起电的实质是电荷的转移，而不是创造电荷，故A错误；

B.用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，是因为橡胶棒得到电子，故B错误；

C.油罐车底部有铁链拖在地上，是为了防止静电带来的危害，故C正确；

D.摩擦过的塑料尺能吸引小纸屑是因为异种电荷互相吸引，故D错误。

故选C。

13．在如图所示的电路中，下列说法正确的是（）A．当闭合开关S1、S2、S3时，电源短路B．当只闭合开关S1、S2时，L1、L2并联C．当只闭合开关S2、S3时，L1、L2串联D．当只闭合开关S1、S3时，L1、L2串联【解析】【解答】A.如下图所示，当闭合开关S1、S2、S3时，电源短路，故A正确；

B.如下图所示，当只闭合开关S1、S2时，灯泡L2被短路，只有L1自己发光，故B错误；

C.如下图所示，当只闭合开关S2、S3时，灯泡L1被短路，只有L2自己发光，故C错误；

D.如下图所示，当只闭合开关S1、S3时，L1、L2并联，故D错误。

故选A。

14．在如图所示的电路中，电源电压恒定，R1=20Ω，R2=30Ω，下列说法正确的是（）A．R1和R2两端的电压之比为1：3B．电流表A1和A2的示数之比为3：2C．相同时间内，R1和R2消耗的电功率之比为3：1D．相同时间内，R1和R2消耗的电功之比为3：1【解析】【解答】根据图片可知，定值电阻R1与R2并联，电流表A1测R1的电流，电流表A2测R2的电流.

A.在并联电路中，各支路两端电压相等，即U1=U2，那么二者的电压之比为1：1，故A错误；

B.在并联电路中，电流与电阻成正比，则电流表A1和A2的示数之比：，故B正确；

C.在并联电路中，电功率与电阻成反比，即，故C错误；

D.相同时间内，R1和R2消耗的电功之比为：W1：W2=U1I1t1：U2I2t2=I1：I2=3：2，故D错误。

故选B。

B.在并联电路中，电流与电阻成正比；

C.在并联电路中，电功率与电阻成反比；

D.根据W=UIt计算电流通过两个电阻时的电功之比。15．在如图所示的电路中，电源电压恒定，当滑动变阻器的滑片从最左端滑到最右端的过程中，下列说法正确的是（）A．电流表示数变小，电压表示数变大B．电流表示数变大，电压表示数变小C．电流表示数不变，电压表示数变小D．电流表示数不变，电压表示数不变【解析】【解答】根据图片可知，定值电阻R与变阻器RP串联，电压表测与它并联的变阻器部分的电压。

当变阻器的滑片从最左端向最右端移动时，变阻器始终全部接入电路，那么它的阻值不变。根据R总=R+RP可知，电路的总电阻不变，根据可知，电流表的示数不变。但是与电压表并联部分的阻值减小，根据串联电路电压与电阻成正比可知，电压表的示数减小，故C正确，A、B、D错误。

故选C。

16．在探究“小灯泡电功率”的实验中，设计了如图所示的电路图。正确连接电路后，闭合开关，发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电流表始终无示数，电压表有示数且接近电源电压，则电路中可能存在的故障是（）A．灯泡L短路 B．灯泡L断路C．电阻短路 D．电阻断路【解析】【解答】A.灯泡L短路时，电压表同时被短路，即电压表的示数为零，但是电流表的示数不为零，故A不合题意；

B.灯泡L断路时，电压表串联在电路中。由于电压表的内阻很大，因此电流表的示数几乎为零。在串联电路中，电压与电阻成正比，因此电压表的示数几乎等于电源电压，故B符合题意；

C.电阻R短路时，电路里只有灯泡自己，此时电压表示数接近电源电压，电流表也有示数，故C不合题意；

D.电阻断路时，整个电路发生断路，则电压表和电流表都没有示数，故D不合题意。

故选B。

17．在如图所示的电路中，已知电源电压4.5V且保持不变，电压表的量程为0~3V，电流表的量程为0~0.6A，定值电阻R1标有“2.5V5Ω”字样，滑动变阻器R2标有“10Ω1A”字样。在保证电路安全的前提下，下列判断正确的是（）A．电路中允许通过的最大电流为B．滑动变阻器允许调节的最小阻值为C．电压表的变化范围为1.5~3VD．滑动变阻器的最大电功率为【解析】【解答】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。

A.定值电阻R1允许通过的最大电流为、电流表量程为0～0.6A，滑动变阻器请允许通过的最大电流为1A，

所以电路中的最大电流I大=0.5A，故A错误；

B.电路中的最大电流I大=0.5A，而变阻器接入电路中的电阻最小，

变阻器两端的电压：U2=U-U1=6V-5V=1V，

则变阻器接入电路中的最小阻值：；

故B错误；

C.电压表的最大示数等于R1的额定电压，即为2.5V；

当变阻器的阻值最大时，它两端的电压最大，而电压表的示数最小，

根据串联电路的分压规律得到：；

解得：U1'=1.5V；

则电压表的示数变化范围为1.5V~2.5V，故C错误；

D.当变阻器的阻值和定值电阻相等时，电功率最大，

此时的总电流为：；

则变阻器的最大功率：P2=I总2R2=（0.45A）2×5Ω=1.0125W，

故D正确。

故选D。

计算通过R1的最大电流，再与变阻器的最大电流和电流表的量程进行比较，从而确定电路的最大电流；

B.当变阻器的阻值最小时，电压表的示数最大，根据R1的铭牌确定它的最大电压，再根据U2=U-U1计算R2两端的电压，最后根据计算变阻器的最小电阻即可；

C.根据R1的铭牌确定电压表的最大示数，根据串联电路的分压规律计算变阻器的阻值最大时电压表的示数，这是电压表的最小示数；

D.当变阻器的阻值与定值电阻相等时，它的电功率最大。18．质量相等且分布均匀的A、B两个立方体，A的边长为B的一半，如图甲、乙所示静置在水平地面上。若甲图中A对B的压强为p1，B对地面的压强为p2；乙图中B对A的压强为p3，A对地面的压强为p4。则下列计算结果均正确的是（）①p1：p2=2：1②p3：p4=4：1③p1：p3=1：2④p2：p4=1：4A．①② B．②③ C．③④ D．①④【解析】【解答】设A和B的重力都是G，A的变成为L，B的边长为2L，

甲图：A对B的压力等于G，接触面积为L2，则A对B的压强为：；

B对地面的压力等于二者的总重力，接触面积为（2L）2=4L2，则B对地面的压强：；

乙图：B对A的压力为G。接触面积为L2，则B对A的压强为：；

A对地面的压力等于二者的总重力，接触面积为L2，则A对地面的压强：；

①p1：p2=，故①正确；

②p3：p4=，故②错误；

③p1：p2=，故③错误；

④p2：p4=，故④正确。

故选D。

分别计算出对应的压强，最后计算比值即可。二、填空题19．在端午龙舟赛比赛过程中，运动员看到观众是运动的，是以（选填“龙舟”或“河岸”）为参照物；在划船的过程中，船桨对水的作用力（选填“大于”、“等于”或“小于”）水对船桨的作用力。【解析】【解答】（1）在端午龙舟赛比赛过程中，运动员看到观众是运动的，则它相对参照物的位置不断改变。因为观众相对龙舟的位置不断改变，因此选择的参照物为龙舟。

（2）在划船的过程中，船桨对水的作用力和水对船桨的作用力为一对相互作用力，则二者大小相等。

（2）相互作用力的特点：大小相等，方向相反，作用在同一直线和两个物体上。20．小汽车是主要的交通工具，某品牌小汽车四冲程汽油机的转速为2400r/min，则1s内汽油机对外做功次，当汽车在加油站加油时，司机能闻到很浓的汽油味，是现象。如果汽车在某段时间内消耗了210g汽油，则汽油完全燃烧可放出热量，这些热量能让100kg的水温度升高。（，不计热量损失）【解析】【解答】（1）四冲程汽油机的转速为2400r/min，则每分钟转动：2400÷2=1200转，那么1s内对外做功次数：1200÷60=20次；

（2）当汽车在加油站加油时，司机能闻到很浓的汽油味，是扩散现象。

（3）汽油燃烧放出的热量Q放=qm汽油=4.6×107J/kg×0.21kg=9.66×106J，

则水吸收的热量Q吸=Q放=9.66×106J，

那么水升高的温度：。

（2）不同的物质相互接触时彼此进入对方的现象为扩散；

（3）首先根据Q放=qm汽油计算汽油燃烧放出的热量，然后根据Q吸=Q放计算水吸收的热量，最后根据计算水升高的温度。21．巴中至成都高铁即将全线通车，其中巴中至南充段全长约为150km，设计时速为250km/h；南充至成都段全长约为210km，设计时速为350km/h。若列车按设计时速行驶，从巴中到南充需要h，从巴中到成都的平均速度为km/h。（不考虑中途停靠时间）【解析】【解答】列车从巴中到南充的时间；

列车从南充到成都的时间：；

则列车从巴中到南充的总时间为：t'=0.6h+0.6h=1.2h；

列车从南充到成都的总路程为：s'=150km+210m=360km；

则从巴中到成都的平均速度为：。

分别计算列车从巴中到南充的时间，以及从南充到成都的时间，然后将二者相加得到总时间，将两段路程相加得到总路程，最后根据计算从巴中到成都的平均速度。22．已知木箱重为1000N，在水平拉力F的作用下向右以0.5m/s的速度做匀速直线运动，地面对木箱的摩擦力为重力的0.3倍。经过5s，地面对木箱的支持力做功J，拉力F做功的功率为W。【解析】【解答】地面对木箱的支持力竖直向上，但是没有在向上的方向上通过距离，因此地面对木箱的支持力做功0J。

木箱受到的摩擦力f=0.3G=0.3×1000N=300N；

木块受到的拉力与摩擦力相互平衡，即二者大小相等，那么F=f=300N；

则拉力的功率P=Fv=300N×0.5m/s=150W。

23．某兴趣小组用如图甲所示的装置探究“电流通过导体产生热量与哪些因素有关”。实验中Ra=5Ω，Rb=10Ω，分别密封在装有等量空气的相同瓶内，细玻璃管内有等高的相同液柱，该实验探究的是电流产生的热量与的关系。当导体中的电流为1A时，通电10s，Rb产生的热量是J，Ra与Rb产生的热量之比为。如图乙所示玻璃管内液柱的高低是由（选填“瓶内的空气”或“玻璃管内的液体”）热胀冷缩导致的。【解析】【解答】（1）根据图片可知，两个电阻串联，则通过它们的电流相等，只有电阻大小不同，那么实验探究电流产生的热量与电阻的关系。

（2）电流通过Rb产生的热量Qb=Ib2Rbtb=（1A）2×10Ω×10s=100J；

（3）根据Q=I2Rt得到：Qa：Qb=Ia2Rata：Ib2Rbtb=Ra：Rb=5Ω：10Ω=1：2；

（4）如图乙所示玻璃管内液柱的高低是由瓶内的空气热胀冷缩导致的。

（2）根据Q=I2Rt计算电流通过Rb产生的热量。

（3）根据Q=I2Rt计算电流通过两个电阻产生的热量之比；

（4）电阻产生热量，从而时烧瓶内空气温度升高而体积膨胀，压强增大，最终导致液柱升高。三、作图题24．如图所示，请在重心点画出小球受到重力和墙壁对小球支持力的示意图。【解析】【解答】根据图片可知，小球受到竖直向下的重力，还受到墙壁对小球的支持力，与墙面垂直向右，二者都作用在小球的重心上，如下图所示：

25．如图所示，请用笔画线代替导线将“光控”开关、“声控”开关、灯泡正确连入电路，要求：只有在光线很暗且有声音时灯才亮的楼道自动控制电路。【解析】【解答】根据题意可知，只有光控开关和声控开关都闭合时灯泡才会发光，则两个开关相互影响，应该为串联，再与灯泡串联。为了安全用电，开关要接在火线和灯泡之间，且火线接灯泡尾部，零线连接灯泡尾部，如下图所示：

四、实验题26．在探究“凸透镜成像的规律”的实验中，进行如下实验。（1）如图甲所示，测得本实验所用凸透镜的焦距为。在光具座上调节烛焰、凸透镜和光屏的位置，使它们的中心大致在。如图乙所示，光屏上成倒立、（选填“放大”或“缩小”）的实像；（2）人的眼睛是通过改变晶状体的厚度来看清远近不同物体的，现将图乙中虚线圆圈部分当做人的“眼睛”，当蜡烛远离“眼睛”时，“眼睛”需调节凸透镜的厚度使其（选填“变薄”或“变厚”），改变其对光线的偏折能力，从而在光屏上成清晰的像。若该“眼睛”无法调节凸透镜达到应有的厚度，则该“眼睛”为（选填“近视眼”或“远视眼”），应该配戴（选填“凸透镜”或“凹透镜”）进行矫正。【解析】【解答】（1）①根据甲图可知，该凸透镜的焦距f=60cm-50cm=10cm；

②在光具座上调节烛焰、凸透镜和光屏的位置，使它们的中心大致在同一高度上；

③根据乙图可知，此时像距小于物距，则光屏上成倒立缩小的实像。

（2）①当蜡烛远离“眼睛”时，根据“物远像近小”的规律可知，此时像距变小。要使像回到光屏上，就必须使光线发散，即增大凸透镜的焦距，那么需要调节凸透镜的厚度变薄。

②若该“眼睛”无法调节凸透镜达到应有的厚度，那么像成在光屏的前面，此时为近视眼，应该佩戴凹透镜进行矫正。

①凸透镜的焦点到光心之间的距离为焦距；

②只有蜡烛火焰、凸透镜和光屏三者的中心在同一高度上，像才能成在光屏中央；

③比较像距和物距的大小，从而确定凸透镜的成像特点。

（2）①首先根据“物远像近小”的规律分析像的位置变化，再根据像距变化确定需要光线会聚还是发散，据此确定凸透镜的焦距变化，进而确定凸透镜的厚度变化；

②根据近视眼的成因和矫正方法分析解答。27．下图是探究“影响液体内部压强大小因素”的实验过程。（1）图中所示压强计中的U形管（选填“是”或“不是”）连通器；使用前需检查装置是否漏气，用手轻轻按压几下橡皮膜，观察到U形管中的液体能灵活升降，则说明（选填“漏气”或“不漏气”）；（2）接着在烧杯中加入适量的水，将压强计的探头放入水中不同深度，如图甲、乙丙所示，可以初步得出结论：当液体密度相同时，越大，液体压强越大；（3）除了上述探究（2）以外，你认为还有哪些因素可能会影响液体内部压强大小呢？请在下述选项中选择合适的猜想和与之对应的实验方案：____（填写猜想和实验方案对应的字母，只需选择一组）；A．可能与液体的密度有关B．可能与液体的体积有关C．分别装入体积相同的不同液体，将探头放入相同深度，观察U形管液面高度差D．分别装入体积相同的同种液体，将探头放入不同深度，观察U形管液面高度差E．分别装入体积不同的同种液体，将探头放入相同深度，观察U形管液面高度差F．分别装入体积不同的不同液体，将探头放入相同深度，观察U形管液面高度差（4）为了更好的探究“液体压强与液体密度的关系”，利用如图丁所示的装置进行改进实验，当注入水和盐水的深度相同时，若橡皮膜向左凸起，则隔板左侧的液体是。整个实验过程用到的实验方法有法和法。【解析】【解答】（1）①根据图片可知，压强计的U形管底部连通，上面只有一侧开口，因此不是连通器；

②使用前需检查装置是否漏气，用手轻轻按压几下橡皮膜，观察到U形管中的液体能灵活升降，则说明不漏气。

（2）根据图片可知，甲、乙和丙中探头的深度越大，则U形管两侧液面高度差越大，那么得到结论：当液体密度相同时，深度越大，液体压强越大。

（3）液体压强的大小可能与液体密度有关，可以这样操作：分别装入体积相同的不同液体，将探头放入相同深度，观察U形管液面高度差，故选AC。

（4）①根据图片可知，若橡皮膜向左凸起，则左侧压强小，右侧压强大。根据液体压强公式p=ρ液gh可知，左侧液体密度小，右侧液体密度大小，则左侧为水。

②探究液体压强和深度的关系时，需要控制液体密度相同，即使用控制变量法。将液体压强大小转换为U形管两侧液面的高度差，即使用了转换法。

①上面开口，底部连通的容器为连通器；

②如果装置不漏气，那么橡皮膜受到压强后，U形管两侧液面高度差会发生明显变化。

（2）根据图片分析甲和乙中哪个因素改变即可；

（3）根据控制变量法的要求可知，探究液体压强与液体密度的关系时，需要控制探头的深度相同，只改变液体密度，据此分析判断；

（4）①橡皮膜向哪侧凸起，则哪侧液体压强小，根据液体压强公式p=ρ液gh比较液体密度大小即可。

②探究某个因素对物理量的影响时，需要控制其它因素相同，这就是控制变量法。物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫转换法。28．用“伏安法”测量已坏收音机里一个电阻的阻值，请完成下列实验探究。（1）连接电路时开关应处于状态；闭合开关前，滑动变阻器应滑到（选填“A”或“B”）端；（2）用滑动变阻器调节接入电路中的电阻，记录每次对应电流值和电压值，多次测量的目的是（选填“①”或“②”）；①寻找普遍规律②求平均值减小误差（3）某一次测量时，电流表的指针如图乙所示，其示数为A，电压表的指针如图丙所示，其示数为，根据上述数据计算出Rx的阻值为；（4）要测量额定电压为U0的小灯泡正常工作时的电阻，设计了以下四种方案，电源电压不变，R为已知电阻，在不改变电路连接的情况下可行的是____（仅一项正确）。A． B．C． D．【解析】【解答】（1）连接电路时开关应处于断开状态；根据图片可知，变阻器的滑片在A端时阻值最大，则闭合开关前，滑动变阻器应滑到A端；

（2）用滑动变阻器调节接入电路中的电阻，记录每次对应电流值和电压值，多次测量的目的是求平均值减小测量误差，故选②；

（3）根据乙图可知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，则示数为0.26A。电压表选择量程0~3V，分度值为0.1V，那么示数为2.6V，则待测电阻的阻值：。

（4）A.开关接1时，将灯泡和定值电阻短路，无法确定灯泡何时电压为U0，也无法测出灯泡的额定电流，故A不合题意；

B.通过开关的组合，无法确定灯泡正常发光时