2023年高考第三次模拟考试卷-理科综合（全国乙卷B卷）（全解全析）

2023年高考物理第三次模拟考试卷

高三物理（B卷）

（考试时间：90分钟试卷满分：110分）

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如

需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写

在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回

一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14~17题只

有一项符合题目要求，第5~8题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3

分，有选错或不答的得0分。

14.某些夜光钟表上的夜光粉含有放射性材料，能发射出某种射线。在暗室中将胶片包在密封的薄

黑纸袋中，注意不使胶片曝光。把一枚回形针放在纸袋上面，再压上夜光钟表，放置足够时间后即

可得到一张类似X光片的照片。该放射性材料发射出的应是（）

A.X光B.“射线C.夕射线D.7射线

【答案】C

【详解】A.X光不会由放射性物质单独产生，A错误；

BCD.根据题意该射线具有一定的穿透性，可以穿透纸张但是不能穿透金属的回形针，所以可知为

夕射线，BD错误，C正确。

故选C。

15.跳台滑雪主要分为4个阶段，助滑阶段、起跳阶段、飞行阶段和落地阶段.在飞行阶段，运动

员会采取一种身体向前倾，同时滑雪板向前分开呈“V”字型的经典姿势，如图所示.这种姿势能够

加大运动员与下方空气接触的面积，并且还可以让身体和雪板与水平方向呈最为理想的夹角，就像

飞机起飞一样，从而获得较大的空气托举力.关于运动员在飞行阶段采用“V”字型姿势，下列说法

正确的是（）

A.可以增加水平方向的飞行速度

B.可以增加竖直方向的加速度

C.可以增加运动员的机械能

D.可以获得更长的飞行时间

【答案】D

【详解】运动员在飞行阶段采用“V”字型姿势是为了增加身体与下方空气的接触面积，从而增加空

气对身体的“托举力”，根据牛顿第二定律可知，运动员在竖直方向做加速运动的加速度将减小，从

而增加了在空中飞行的时间。

故选D。

16.某工地小型升降电梯的原理图如图所示，轿厢A、对重B跨过轻质定滑轮通过足够长轻质缆绳

连接，电机通过轻质缆绳拉动对重，使轿厢由静止开始向上运动，运动过程中A未接触滑轮、B未

落地。已知A、B质量分别为例=600kg、初=400kg,电机输出功率恒为P=3kW,不考虑空气阻

力与摩擦阻力，重力加速度g取lOrn/sZ,则当轿厢速度为lm/s时，A、B之间轻质缆绳的拉力大小

为（）

A.5400NB.6000ND.7000N

【答案】C

【详解】当轿厢速度为lm/s时，电动机的牵引力为

心口半N=3000N

以轿厢A为对象，根据牛顿第：定律可得

T-Mg=Ma

以对重B为对象，根据牛顿第二定律可得

F+mg—T=ma

联立解得A、B之间轻质缆绳的拉力大小为

T=6600N

故选C。

17.2021年12月9日，中国空间站“天宫课堂”第一课开讲。空间站轨道可简化为高度约400km的

圆轨道，认为空间站绕地球做匀速圆周运动。在400km的高空也有非常稀薄的空气，为了维持空间

站长期在轨道上做圆周运动，需要连续补充能量。下列说法中正确的是（）

A.假设不补充能量，空间站将做离心运动

B.假设不补充能量，系统的机械能将减小

C.实际空间站的运行速度大于第一宇宙速度

D.实际空间站的运行速度大于第二宇宙速度

【答案】B

【详解】AB.在400km的高空也有非常稀薄的空气，空间站克服空气阻力做功，系统机械能减小,

假设不补充能量，空间站的速度减小，则万有引力大于所需向心力，则空间站做近心运动，故A错

误B正确；

CD.任何围绕地球做圆周运动的物体，运行速度都小于第一宇宙速度，故CD错误。

故选B。

18.如图所示，高铁的供电流程是将高压220kV或110kV经过牵引变电所进行变压，降至27.5kV,

通过接触网上的电线与车顶上的受电器进行接触而完成受电，机车最终获得25kV的电力使高铁机

车运行。以下说法正确的是（）

电网

牵引

弓

所

也

变g2泊不住

牵馈线

引

供r回流线

牵

电

——

引

系25「•伏W

网

统

A.若电网的电压为220kV,则变电所的变压器原、副线圈匝数比〃।%=8:1

B.若电网的电压为HOkV,则变电所的变压器原、副线圈匝数比勺：叼=1：4

C.如果高铁机车功率为9000kW,则自牵引变电所至机车间的等效电阻约为6.9C

D.如果高铁机车功率为9000kW,则自牵引变电所至机车间的等效电阻约为7.6C

【答案】AC

【详解】AB.若电网的电压为220kV,则变电所的变压器原、副线圈匝数比为

3=4=220kV=8

t^-nT-27.5kV

若电网的电压为UOkV,则变电所的变压器原、副线圈匝数比为4：%=4:1,A正确，B错误;

CD.若高铁机车功率为9000kW,根据

P=IU

U=25kV

则电流/=360A,牵引变电所至机车间的等效电阻

C正确，D错误。

故选AC。

19.利用物理模型对问题进行分析，是一种重要的科学思维方法。如图甲所示为拔河比赛时一位运

动员的示意图，可以认为静止的运动员处于平衡状态。该情形下运动员可简化成如图乙所示的一质

量分布均匀的钢管模型。运动员在拔河时身体缓慢向后倾倒，可以认为钢管与地面的夹角，逐渐变

小，在此期间，脚与水平地面之间没有滑动，绳子的方向始终保持水平。已知当钢管受到同一平面

内不平行的三个力而平衡时，三个力的作用线必交于一点。根据上述信息，当钢管与地面的夹角。逐

渐变小时，下列说法正确的有（）

A.地面对钢管支持力的大小不变

B.地面对钢管的摩擦力变大

C.地面对钢管作用力的合力变大

D.地面对钢管作用力的合力大小不变

【答案】ABC

【详解】AB.对钢管受力分析，钢管受重力G、绳子的拉力7、地面对钢管竖直向上的支持力取、

水平向左的摩擦力耳，可知

尸N=mg

F『T=9

ftan（9

即随着钢管与地面夹角的逐渐变小，地面对钢管支持力的大小不变，地面对钢管的摩擦力变大，故

AB正确；

CD.对钢管受力分析，可认为钢管受到重力G、绳子的拉力T和地面对钢管作用力的合力尸三个力,

钢管平衡，三个力的作用线必交与一点，由此可知厂方向沿钢管斜向上，与水平面夹角为a（钢管

与水平面的夹角为0）根据共点力平衡条件可知

F=蟠-

sina

T=^-

tancr

当钢管与地面的夹角。逐渐变小，同时a也减小，地面对钢管作用力的合力变大，C正确，D错误。

故选ABC。

20.某种质谱仪由加速电场、静电分析器和磁分析器组成。离子源和加速电压为U的加速电场位于

x轴下方某处，第H象限的静电分析器是中心线半径为R的四分之一圆弧通道，通道内有方向指向

坐标原点。的均匀辐向电场，虚线为通道的中心线，第/象限内有垂直于纸面的匀强磁场。现有粒

子1、2从离子源飘出，经加速电场加速后垂直x轴进入静电分析器，沿中心线做匀速圆周运动后进

入磁场，最终打在探测板上，粒子1、2在第/象限内的运动轨迹如图所示，不计粒子重力和粒子间

的相互作用。则（）

A.磁分析器中粒子1运动的时间大于粒子2运动的时间

B.磁分析器中粒子1运动的速率大于粒子2运动的速率

C.粒子2的比荷大于粒子1的比荷

D.静电分析器中心线处电场强度大小为名

【答案】BD

【详解】D.粒子在加速电场中的运动过程，由动能定理可得

〃

qU--1mv2'

解得粒子出加速电场时的速度

1

在静电分析器中，电场力提供粒子做圆周运动所需的向心力，有

qE=in—

得

口E=2U----

R

D正确;

C.粒子进入磁分析器后，洛伦兹力提供粒子做圆周运动所需的向心力，有

v2

qvB=m—

得

mv

r=——

qB

q_2U

mB2r2

由题图可知粒子2的轨迹半径大于粒子1的轨迹半径，所以粒子2的比荷小于粒子1的比荷，C错

误；

B.因丫=佟叵，粒子1的比荷大于粒子2的比荷，所以在磁分析器中粒子1运动的速率大于粒子

Vm

2运动的速率，B正确；

A.粒子1运动轨迹所对的弧长短，速率大，山，=£可知，在磁分析器中粒子1运动的时间小于粒

V

子2运动的时间，A错误。

故选BD。

21.如图，坐标原点。有一粒子源，能向坐标平面一、二象限内发射大量质量为机、电量为4的正

粒子（不计重力），所有粒子速度大小相等。圆心在（QR）,半径为R的圆形区域内，有垂直于坐标

平面向外的匀强磁场，磁感应强度为B。磁场右侧有一长度为R,平行于y轴的光屏，其中心位于

（2RR）。已知初速度沿y轴正向的粒子经过磁场后，恰能垂直射在光屏上，则（）

A.粒子速度大小为迦

m

B.所有粒子均能垂直射在光屏上

C.能射在光屏上的粒子，在磁场中运动时间最长为驾

D.能射在光屏上的粒子初速度方向与x轴夹角满足45。V6V135。

【答案】AC

【详解】A.由题意，初速度沿y轴正向的粒子经过磁场后，恰能垂直射在光屏上，有

DV2

qBv=m——

r

mv

r=——=R

Bq

解得

*

m

A正确；

B.由于所有粒子的速度大小相等，但方向不同，且离开磁场区域的出射点距离圆心的竖直高度最

大值为2R,并不会垂直打在光屏上，B错误；

C.如图，由几何关系可得，运动时间最长的粒子，时应轨迹的圆心角为:兀

根据周期公式

f24r

1=---

v

可得

24

「=斗」7=驷

2i33Bq

C正确；

D.粒子初速度方向与刀轴夹角为6时，若能打在光屏下端，如图

山几何关系可得圆心角

6>=60

即初速度与x轴夹角为

a=6。

同理，粒子打在光屏上端时（图同B）,初速度与x轴夹角为

=12()

D错误。

故选AC。

二、实验题：本题共2小题，共15分。

22.（6分）某学习小组为了测当地重力加速度，根据手头器材，设计如下实验。一较长铁质窄薄

板用细线悬挂。在其下方端附近，固定一小电动机，电动机转轴固定一毛笔。电动机可使毛笔水平

匀速转动。调整薄板与毛笔尖端的距离，可使墨汁画到薄板上留下清晰的细线，如图甲所示。启动

电动机，待毛笔连续稳定转动后，烧断细线，薄板竖直下落。图乙是实验后，留有清晰墨迹的薄板。

取底端某清晰的线记为O,每隔4条细线取一计数线，分别记为4、B、C、Do将毫米刻度尺零刻

线对准。，依次记录A、B、C、。位置读数为10.58cm、30.92cm、60.96cm、100.6cm,已知电动机

转速为3000r/min。求：

（1）以上刻度尺读数有一数值记录不规范，正确记录值应为cm。

（2）相邻计数线之间的时间间隔为s»

（3）根据以上数据，测得当地重力加速度为o（结果保留三位有效数字）

【答案】（1）100.60：（2）0.1；（3）9.69m/s2

【详解】（1）⑴毫米刻度尺的最小分度为Imm，读数时应估读到最小分度的下一位,则100.6cm读

数不规范，应为100.60cm,

（2）[2]根据题意可知，电动机转动的周期为

60

s=0.02s

3000

每隔4条细线取一计数线，相邻计数线之间的时间间隔为

T=57；=0.1S

（3）网根据题意，由逐差法加：="2可得

XBD-XOB=8(2T)2

代入数据解得

g=9.69m/s

23.（9分）收音机中可变电容器作为调谐电台使用。如图为空气介质单联可变电容器的结构，它是

利用正对面积的变化改变电容器的电容大小，某同学想要研究这种电容器充、放电的特性，于是将

之接到如图所示的实验电路中，实验开始时电容器不带电。

动片,动片引出端—一动片

7动片

定片

A(360pF)(260pF)

(b)

空气介质单联可变电器的结构及电路符号

（1）首先将开关S打向1,这时观察到灵敏电流计G有短暂的示数，稳定后，旋转旋钮，使电容

器正对面积迅速变大，从开始到最终稳定，灵敏电流计示数随时间变化的图像可能是（填选

项中的字母）序号

（2）充电稳定后，断开单刀双掷开关，用电压表接在电容器两端测量电压，发现读数缓慢减小，原

因是o

（3）该同学做完实验，得到电容器的电容后，突然想起他用的是一节旧电池（电动势不变，内阻不

可忽略），他想要得到尽量精确的电容值，（填“需要”或"不需要”）重新换一节新电池来测

量。

【答案】（1）A：（2）电压表并非理想电表，电容器通过电压表放电（3）不需要

【详解】（1）[1]电容器充电时，刚开始电流比较大，充电结束后，电流为0。由电容器的决定式

一£S

可知当电容器正对面积迅速变大，电容迅速增大，又由

Q=CU

可得电容器的带电量。增加，故电容器再次充电，充电结束后电流为0。只有A图像满足上述描述。

故选Ac

（2）[2]用电压表接在电容器两端测量电压，发现读数缓慢减小，说明电容器在缓慢放电，电路中

有电流，电压表不是理想电压表。

（3）[3]本实验测量电容的原理是

C=@

U

电容器的带电量。由。=〃可由步骤（1）所得的/-f图线与坐标轴围成的面积求得；充电后两极板

之间电压则山步骤（2）中的电压表测得。给电容器充电时由于使用门日电池，导致充电时电流较小,

但最终充电的时间会稍长一点，当充电电流等于0的时候，电容器两端电压仍然等于电源电动势，

所以电容器最终所带电量不变，不影响测量结果。所以不需要更换电池。

三、计算题：本题共3小题，共37分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写

出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

24.（12分）2023年1月15日，长征二号丁运载火箭以“一箭十四星”发射方式成功将齐鲁二号、

三号等14颗卫星发射升空。已知火箭的总质量机=2.5xl05kg,火箭发动机点火后从尾部竖直向下

喷出高温高压气体而获得动力。火箭尾部喷口横截面积S=O.75m2,喷出气体的密度O=lkg/m3,火

箭点火瞬间竖直向下喷出气体相对地面的速度大小n=2xl（）3m/s,此后火箭向上做匀加速直线运

动，取重力加速度大小g=10m/s2,不考虑火箭由于喷气带来的质量变化，忽略地球的自转以及高

度的变化对重力加速度的影响，空气阻力不计。求：

（1）点火瞬间，火箭因喷出气体获得的动力大小F；

（2）从点火开始计时，火箭运行f=10s过程中火箭动力所做的功卬。

【答案】（1）3X105N;（2）3X108J

【详解】（1）对4时间内喷出的气体有

F'\t=Amu

△〃？=pv\ts

联立得

F=3xlO6N

由牛顿第三定律可知火箭因喷出气体获得的动力大小

F=r'=3xlO"N

（2）对加速过程中的火箭有

（尸一，砥»=〃码

,0+V.

h=----'-t

2

W=Fh

联立得

W=3xlOsJ

25.（20分）冲击电流计属于磁电式检流计，它可以测量短时间内通过冲击电流计的脉冲电流所迁

移的电量，以及与电量有关的其他物理量测量（如磁感应强度）。已知冲击电流计D的内阻为R,

通过的电量4与冲击电流计光标的最大偏转量4,成正比，即4=（A为电量冲击常量,是己知量）。

如图所示，有两条光滑且电阻不计的足够长金属导轨MN和P。水平放置，两条导轨相距为，左

端MP接有冲击电流计D,E尸的右侧有方向竖直向下的匀强磁场。现有长度均为L、电阻均为R的

导体棒ab与cd用长度也为L的绝缘杆组成总质量为m的“工”字型框架。现让“工''字型框架从EF

的左边开始以初速度%（大小未知）进入磁场，当〃导体棒到达EF处时速度减为零，冲击电流计

光标的最大偏转量为"，不计导体棒宽度，不计空气阻力，试求：

（1）在此过程中，通过外导体棒的电荷量%〃和磁场的磁感应强度2的大小；

（2）在此过程中，“工”字型框架产生的总焦耳热Q；

（3）若“工”字型框架以初速度2%进入磁场，求冲击电流计光标的最大偏转量小。

3kdR15小小/?2

【答案】(1)2kd,(2)；(3)3d

~1Tml}

【详解】(1)由题意可知在框架进入磁场过程中，通过电流计D的电荷量为

『kd①

因为电流计D的内阻和cd阻值相同，根据并联电路分流规律可知通过D和cd的电量相等，而此过

程中而相当于干路上的电源，所以有

Qab=2q=2kd②

回路的总电阻为

R.R

%=R+^R=1・5R③

K+K

根据法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律以及电流的定义式综合有

EBI3,、

…7FF④

联立②③④解得

3kdR

B=⑤

~1T

(2)在框架进入磁场过程中，根据动量定理有

-BILt=O-mvu⑥

联立③④⑤⑥解得

6kNR

%=

mL

回路产生的总焦耳热为

1218%4/R2

Q总=”。=⑧

ml}

由于通过"的电流大小始终等于通过M和D的电流大小的2倍，则根据焦耳定律可推知

2

=

Qah~Q&⑨

Q二Q迄⑩

O

所以

15k4d4R2

Q=Q+Q=|c&=

ahitl⑪

oml}

(3)若“工”字型框架以初速度2%进入磁场，设cd进入磁场时框架的速度大小为小对框架进入磁

场的过程根据动量定理有

—BI'Lt'=〃研一2wv0⑫

根据④式可知框架进入磁场过程中通过岫和D的电荷量与初速度大小无关，所以

IT=%=qilh⑬

解得

“=%⑭

当框架全部进入磁场之后，他和cd同时切割磁感线，等效于两个电源并联在一起，此时通过必和

cd的电流大小相等，且通过D的电流等于通过必和cd的电流之和，对框架全部进入磁场到速度减

为零的过程，根据动量定理有

-2BTLt"=0-mv,⑮

根据⑫⑭⑮式可知

万"=⑯

所以此过程中通过D的电荷量为

/=2琮=2kd⑰

综上所述，从而进入磁场到框架速度变为零的整个过程中，通过D的电荷量为

q0=q+q'=3kd⑱

因此

d'=3d⑲

33.（物理——选修3-3]（15分）

（1）（5分）拔火罐是传统中医理疗方式。医生先用点燃的酒精棉球加热小罐内的空气，随后迅速

把小罐倒扣在需要治疗的部位，小罐很快便紧贴在皮肤上，以达到通经活络、祛风散寒等目的。下

列说法正确的是（）

A.小罐刚倒扣在皮肤上时，罐内氧气分子的平均动能大于拔罐室内氧气分子的平均动能

B.小罐倒扣在皮肤上一段时间后，罐内气体的压强小于拔罐室内的大气压强

C.小罐可以由玻璃材质制成，因为玻璃是晶体

D.拔罐时，玻璃小罐内壁上会附着少量小水滴，说明水是浸润液体

E.拔罐过程中发生的与热现象有关的宏观自然过程是不可逆的

【答案】ABE

【详解】A.小罐刚倒扣在皮肤上时，罐内气体温度大于拔罐室内气体温度，则罐内氧气分子的平

均动能大于拔罐室内氧气分子的平均动能，故A正确；

B.小罐倒扣在皮肤上一段时间后，气体温度降低，罐内气体的压强减小，罐内气体的压强小于拔

罐室内的大气压强，故B正确；

C.玻璃是非晶体，故C错误；

D.液体是否可以浸润接触物体，是由液体和接触物体的材料共同决定的，故D错误；

E.根据热力学第二定律可知，拔罐过程中发生的与热现象有关的宏观自然过程是不可逆的，故E

正确。

故选ABE。

（2）（10分）鱼泡是鱼在水中呼吸或进食所形成的，随着鱼嘴一张一闭，鱼嘴中的黏液包裹着鱼

体内的空气上浮到水面，有经验的钓友能根据鱼泡判断出鱼的位置。假设鱼在水面下某深度处吐出

一鱼泡，鱼泡直径为2cm,此处水温为7℃,当鱼泡缓慢上升至水面时，鱼泡直径为3cm,已知水

面温度为27℃,大气压为l.OxlO'Pa,水的密度为LOxIO'kg/n?,重力加速度gfOm/sZ,鱼泡内

气体视为理想气体。

（1）判断鱼在水面下的位置；

（2）鱼泡在上升的过程中，是向外界放热还是从外界吸热？

【答案】（1）/?=21.5m；（2）吸热

【详解】（1）设水面下某深度处的鱼泡内气体压强为Pi，气泡半径为4,热力学温度为刀，水面处

鱼泡内气体压强为外，鱼泡半径为R，热力学温度为5

鱼泡内气体的体积

V=-7rr3

3

根据理想气体状态方程有

PMPM

（T2

PI=PO

P\=Ps+Pgh

联立解得

/?=21.5m

（2）根据热力学第一定律

△U=W+Q

由于鱼泡内气体温度升高，故

△。＞0

鱼泡内气体对外做功，故

W＜0

所以

。＞0

故鱼泡在上升的过程中，是从外界吸热。

34.【物理——选修3-4】（15分）

（1）（5分）水袖舞是我国古典舞中的一种，舞者的手有规律的振动传导至袖子上，给人一种“行

云流水”的感觉，这一过程可抽象成机械振动的传播。某次水袖舞活动可等效为在刀处平面内沿x轴

正向传播的简谐横波，波速为lm/s,频率为2Hz,振幅为5cm,则该简谐波的波长为m。

P、。为袖子上的两点，某时刻P点经过平衡位置向上振动，则从此刻算起，P点右侧相距0.125m的

。点也由平衡位置向上振动需要的最短时间为s«这一过程中P点振动经过的路程为

___________cm。

My/cm

1x/m

OPQ

【答案】0.5,0.125,5

【详解】川根据

解得

2=0.5m

⑵根据

X

V=—

解得

r=0.125s

⑶根据

T=-

解得

T=0.5s

可知这一过程中尸点振动经过的路程为

s=-4A=lA=5cm

T

（2）（10分）在河中用鱼叉捕鱼时，渔民们都知道不能直接朝看到鱼的方向掷出鱼叉。若图中渔

民在（其眼睛）距河面1.8m处看到视线与水面成37。的方向有一条鱼，鱼在水深为1.6m的河底，

4

水的折射率为§，sin37°=0.6,cos37°=0.8o请帮该渔民估算：

（1）鱼距离他的实际水平距离多远；

（2）假设鱼叉掷出后做直线运动，为使鱼叉命中目标，他应该瞄准与水面成a角的方向掷出鱼叉,

求tana。

【答案】（1）3.6m；（2）巳17

1O

【详解】（1）光路如图所示

D

AgBC\

根据

i=90°—e=53。

snin=z----

sinr

解得

r=37°

根据几何关系

OD=DEtani=2.4m

AB=OBtanr=1.2m

则鱼距离他的实际水平距离

xAC=AB+OD=3.6m

(2)因为

CE=CD+DE=3.4m

CE17

tana=----=—

AC18

2023年高考化学第三次模拟考试卷

I全国乙卷||解析版

一、选择题：本题共7个小题，每小题6分，共42分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是

符合题目要求的。

7.“2022年中国十大科技”之一一谢和平团队开创全新原理海水无淡化原位直接电解制氢。该技

术以疏水多孔聚四氟乙烯透气膜作为气路界面，以氢氧化钾溶液作为电解质溶液，将分子扩散、

界面相平衡与电化学结合，破解科技界难题。下列说法正确的是

A.聚四氨乙烯可通过乙烯为单体制备，其孔径限制海水离子通过

B.KOH的电子式：葭［0:1其浓度不影响制氢速率

C.该技术破解了析氯反应、钙镁沉积、催化剂失活等难题，有极大推广价值

D.有效控制水蒸汽的迁移速率大于水的电解速率时，可实现海水稳定制氢

【答案】C

【详解】该技术原理为隔膜两侧存在浓度差，且膜的孔径只允许气体通过，导致海水侧的液态

水转化为水蒸气透过隔膜，进入电解质侧再液化，完美阻隔了海水离子的通过，从而后续对水

电解制备氧气。

A.聚四氟乙烯通过四氟乙烯为单体制备，A错误：

B.KOH的电子式：K.RXlj］，其电离出的钾离子与氢氧根离子可增强溶液的导电性，且

其浓度可影响海水中水蒸汽的气化迁移速率，会影响制氢速率。故B错误；

C.传统海水电解制氢存在析氯反应（氯离子放电生成氯气）、钙镁沉积（氢离子放电，生成的

氢氧根离子与海水中钙镁离子沉淀）、催化剂失活（海水高浓度氯离子腐蚀、钙镁沉积占位催化

剂活性中心致使其中毒失活）等难题，海水占据地球表面72%,有极大推广基础，同时节约淡

水，将海上太阳能及风能化为电能，提供零碳绿氢方案，完美！绝啦！C太正确了！

D.控制水蒸汽的迁移速率等于水的电解速率时，才能维持稳定膜两侧的渗透压，可实现海水

稳定制氢，D错误；

故选Co

8.芳香化合物M是重要的化工产品，化学式为C6（OH）6,脱氢抗坏血酸H的结构简式如图所示,

下列关于M和H的说法错误的是

O

B.M与H互为同分异构体

C.ImolM和ImolH均可与3molH?加成

D.M不能发生消去反应，H可以发生消去反应

【答案】C

【详解】A.芳香化合物M结构简式为,苯环中与碳原子相连的氧原子共面，故

A正确;

M和H的分子式均

为C6H6。6,分子式相同而结构不同，互为同分异构体，故B正确。

O

C.M在苯环上加成需3moiH2,H在2个||上加成，需要2moiH?,故C错误。

—C-

D.M中六个“一OH”不能发生消去反应，而H中2个“一OH”均可发生消去反应，D正确。

故选C。

9.下列做法或实验（图中部分夹持装置已省略），能达到目的的是

ABCD

隹

71

1ttWi*

橡皮管能减小气体体分离碘和四氯化碳浓硫酸与萤石（主要成分为防止铁管道被腐

积测量的误差的混合液CaFz)加热制备HF蚀

A.AB.BC.CD.D

【答案】A

【详解】A.橡皮管可平衡气压，便于液体顺利流下，则对生成的气体体积进行测量可以减少

误差，选项A正确：

B.碘在CCL中的溶解度很大，两者之间互溶，因此不能通过分液的方法分离，选项B错误；

C.浓硫酸与CaF?反应可得HF,(高沸点酸制低沸点酸)，但HF与玻璃中的SiO2反应：，因此

该反应不能在玻璃容器中进行，选项C错误：

D.废铁、铁管道和电源形成电解池，为外加电流阴极保护法，应当将铁管道连接电源的负极,

作阴极才能防止铁管道被腐蚀，图中铁管道连接电源正极作阳极，不能达到保护铁管道被腐蚀

的目的，选项D错误；

答案选A。

10.下列方程式能正确解释相应事实的是

电解

A.用Cu作电极电解饱和食盐水：2C1-+2H2O-C12T+H2T+2OH-

B.向饱和Na2cCh溶液中通入CO2气体：CO2+H2O+CO；=2HCO；

C.向碘化亚铁溶液中滴加少量稀硝酸：2NO；+3Fe2++4H+=3Fe3++2NOT+2H2。

+2+3

D.用K3[Fe(CN)6]溶液检验亚铁离子：K+Fe+[Fe(CN)6]-KFe[Fe(CN)6]i

【答案】D

蟹

【详解】A.用Cu作电极电解饱和食盐水,电极总反应式为：Cu++2H2。H2T+CU(OH)21.

选项A错误；

B.向饱和Na2c。3溶液中通入CO2气体产生碳酸氢钠晶体，反应的离子方程式为：

2Na+CO2+H2O+CO^=2NaHC0.4，选项B错误；

C.还原性I>Fe2+,故向碘化亚铁溶液中滴加少量稀硝酸，反应的离子方程式为：

2NOj+61+8H'=3l2+2NOt+4H2O,选项C错误；

D.用KNFe(CN)6]溶液检验亚铁离子，反应产生蓝色沉淀，反应的禽子方程式为：

+2+3

K+Fe+[Fe(CN)6]-=KFe[Fe(CN)6]；,注意：选项新版教材已做更正，不要再写铁机化亚铁了!

D正确；

答案选D。

ll.w.X、Y、Z为原子序数依次增大的短周期主族元素，相关信息如表，下列说法错误的是

元素相关信息

W宇宙中含量最多的元素

X最高化合价和最低化合价代数和为零

YW与丫可形成原子个数比为1：1的18e-分子Q

Z周期数是族序数的3倍

A.X和丫的简单氢化物的沸点：X>Y

B.Z的单质既能与水反应，又能与乙醇反应

C.Q分子中含有极性共价键和非极性共价键

D.四种元素中，W原子半径最小，Z原子半径最大

【答案】A

【分析】已知，W、X、Y、Z为原子序数依次增大的短周期主族元素。宇宙中含量最多的元素

为H元素；W与丫可形成原子个数比为1:1的18e-分了Q,丫原子序数小于Z,Q为HQ?,

丫为O元素；最高化合价和最低化合价代数和为零，原子序数小于Y,X为C元素；周期数是

族序数的3倍，为第三周期第1A族元素，Z为Na元素，据此分析解答。

【详解】A.X和丫的简单氢化物分别为CH,、H,0,由于H?。分子间能形成氢键，所以沸点:

CH4<H2O,A错误；

B.Na单质既能与水反应，又能与乙醇反应，B正确；

C.Q为H20「结构式为H—0—0—H,分子中含有极性共价键和非极性共价键，C正确；

D.H、C、0,Na四种元素原子半径由小到大的顺序为H<O<C<Na,D正确；

【点睛】归纳总结常见的10电子、18电子微粒

(1)10电子微粒

NH；比0,

(2)18电子微粒

S?-+HS-cr出发点

SiH,*—PH,­hs*—Aci-（“一K*fCa?*

|（9电子微粒x2）

I—F,—OH、—NHj.—CH,

CH3—CHS,HjN—NH2,HO—OH,F—F、F—CH3,CH3—OH

12.光催化微生物燃料电池的工作原理如图所示：

外加电阻

已知：电极a在光激发条件下会产生电子(e)空穴(h+)。下列说法错误的是

A.电极电势：电极a＞电极b

B.光激发时，光生电子会与O?结合，光生空穴会与电极b产生的电子结合

C.电极b发生的电极反应式为©HQs),,-24e+7H2O6CO2T+24H*

D.电池工作一段时间后，右侧溶液pH保持不变(不考虑CO?的溶解)

【答案】C

【详解】A.根据题图信息判断，(QH“Q5)”在电极b上失电子，转化为CO2,则电极b为负

极，电极a为正极，原电池中，正极的电极电势高于负极的电极电势，则电极电势：电极a＞电

极b,A说法正确；

B.根据题图信息判断，电极a在光激发条件下会产生电子(el、空穴(h+)，光生电子会与。2结

合，光生空穴会与电极b产生的电子结合，B说法正确；

C.根据得失电子守恒判断，电极b发生的电极反应式为

(C6H10O5)n-24ne-+7/?H2O=6/TCO2T+24〃H'，C说法错误；

D.根据电极反应判断，每转移24nmol电子时，右侧溶液中生成24nmolH+，同时会有24nmolH+

通过阳离子交换膜移向左侧溶液，则右侧溶液的pH保持不变，D说法正确

故正确答案为C。

13.常温下，将O.lmolBaSCU粉末置于盛有500mL蒸储水的烧杯中，然后烧杯中加入Na2CO3固

体(忽视溶液体积的变化)并充分搅拌，加入Na2cCh固体的过程中，溶液中几种离子的浓度变化

曲线如图所示，下列说法中正确的是

02.55.0c(COf)/(lO«mol/L)

A.相同温度时，Ksp(BaSO4)>Ksp(BaCO3)

B.BaSCb在水中的溶解度、Kp均比在BaCb溶液中的大

C.反应BaSO心)+CO；-(aq).::BaCCh⑸+SO；(aq)的K2<KI

D.若使0.1molBaSO4全部转化为BaCCh,至少要加入2.6molNa2cO3

【答案】D

【分析】根据题中信息，向硫酸钢中加入碳酸钠溶液，生成碳酸钢沉淀，钢离子浓度降低，硫

酸根浓度增大，因此MP曲线为硫酸根，MN曲线为钢离子。

10

【详解】A.当碳酸根浓度为0时，c(SOi-)=I.OxlOWL25℃,Ksp(BaSO4)=lxl0-,在

49

N点KsP(BaCO3)=0.5x1()5x5x10=2.5x10,K.sp(BaSO4)<Ksp(BaCO3),故A错误；

B.BaSO4在水中的溶解度比在BaCL溶液中的大，但K,p在水中或BaCL