宾县一中高一上学期第三次月考物理试题

学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精物理试卷一、选择题、1一8题是单选题，9一12题不定项选题,每题4分,共计48分。1.在物理学史上，正确认识运动和力的关系且推翻“力是维持运动的原因”的物理学家及建立惯性定律的物理学家分别是（）A.亚里士多德、伽利略B.亚里士多德、牛顿C.伽利略、爱因斯坦D.伽利略、牛顿【答案】D【解析】【详解】推翻“力是维持运动的原因”的物理学家是伽利略;建立惯性定律的物理学家是牛顿；A．亚里士多德、伽利略，与结论不相符,选项A错误；B．亚里士多德、牛顿，与结论不相符，选项B错误；C．伽利略、爱因斯坦，与结论不相符,选项C错误;D．伽利略、牛顿,与结论相符,选项D正确；故选D.2。牛顿在总结C·雷恩、J·沃利斯和C·惠更斯等人的研究结果后，提出了著名的牛顿第三定律,阐述了作用力和反作用力的关系,从而与牛顿第一和第二定律形成了完整的牛顿力学体系．下列关于作用力和反作用力的说法正确的是（)A.物体先对地面产生压力，然后地面才对物体产生支持力B。物体对地面的压力和地面对物体的支持力互相平衡C.人推车前进，人对车作用力大于车对人的作用力D。物体在地面上滑行,不论物体的速度多大，物体对地面的摩擦力与地面对物体的摩擦力始终大小相等【答案】D【解析】【详解】A．作用力与反作用力同时产生，同时变化，同时消失，物体对地面产生压力的同时地面对物体产生支持力，故A错误；B．物体对地面的压力和地面对物体的支持力作用在不同的物体上，作用效果不能抵消,故B错误；C．人推车前进,人对车的作用力与车对人的作用力是作用力与反作用力，大小相等，方向相反，故C错误;D．物体在地面上滑行，不论物体的速度多大，物体对地面的摩擦力与地面对物体的摩擦力始终大小相等，故D正确．3。下列说法中正确的是(）A.物体抵抗运动状态变化的性质是惯性B.牛顿第一定律、牛顿第二定律都可以通过实验来验证C.单位m、kg、s是一组属于国际单位制的基本单位D.根据速度定义式，当Δt→0时,就可以表示物体在t时刻的瞬时速度,该定义运用了极限思维法【答案】ACD【解析】【详解】A．一切物体都有抵抗运动状态变化的“本领”．这里所指的“本领”是惯性，A正确;B．牛顿第一定律是不理想实验定律，不能通过实验验证，B错误;C．力学里面的基本量为长度,时间，质量，他们的单位分别为m,s，kg，C正确；D．当时间极短时，某段时间内的平均速度可以代替瞬时速度，该思想是极限的思想方法．D正确。故选ACD。【点睛】考查了惯性，单位制，牛顿运动定律,极限思想4.如图2所示,用粗铁丝弯成半圆环，半圆环最高点B处固定一个小滑轮，小圆环A用细绳吊着一个质量为m的物块并套在半圆环上．细绳另一端跨过小滑轮，用力F拉动，使A缓慢向上移动(不计一切摩擦，绳子不可伸长）．则在物块移动过程中，关于拉力F和铁丝对A的支持力N,以下说法正确的是：（）AF变大 B。N变大 C.F变小 D.N变小【答案】C【解析】【详解】若在物块缓慢向上移动的过程中，小圆环A处于三力平衡状态，根据平衡条件知mg与N的合力与T等大反向共线，作出mg与N的合力,如图,由三角形相似有：而F=T，可得:F=mgAB变小，BO不变,则F变小,N=mgAO、BO都不变，则N不变；故C正确，ABD错误；故选C。5。甲、乙两球从同一高度同时由静止释放，下落时受到的空气阻力F与球的速率v成正比,即F=-kv(k〉0），且两球的比例常数k相等，如图所示为下落时两球的v-t图象．若甲球与乙球的质量分别为m1与m2，则:A。m2〉m1，且甲球先抵达地面B。m2〉m1，且乙球先抵达地面C.m2〈m1,且甲球先抵达地面D.m2〈m1，且乙球先抵达地面【答案】B【解析】【详解】由图象知甲乙两球匀速运动的速度关系；v乙＞v甲由平衡得:mg=kv，联立得：m2＞m1;两故者位移相等时,即图线与时间轴围成的面积相等,知球乙的运动时间短，知球乙先抵达地面．故ACD错误，B正确；故选B．【点睛】解决本题的关键知道速度时间图线与时间轴围成的面积表示位移．知道小球落地前重力与阻力相等．6.如图甲所示，在粗糙的水平面上，质量分别为mA和mB的物块A、B用轻弹簧相连，两物块与水平面间的动摩擦因数相同,它们的质量之比mA：mB=2：1．当用水平力F作用于B上且两物块以相同的加速度向右加速运动时（如图甲所示），弹簧的伸长量xA；当用同样大小的力F竖直向上拉B且两物块以相同的加速度竖直向上运动时（如图乙所示），弹簧的伸长量为xB,则xA:xB等于（）A。1:1 B。1:2 C。2:1 D。3:2【答案】A【解析】【详解】设mA=2mB=2m，对甲图，运用整体法，由牛顿第二定律得，整体的加速度：对A物体有：F弹-μ∙2mg=2ma，得；对乙图,运用整体法，由牛顿第二定律得，整体的加速度：对A物体有:F弹′—2mg=2ma′，得

则x1：x2=1：1．A．1：1，与结论相符,选项A正确；B．1：2，与结论不相符，选项B错误；C．2:1,与结论不相符,选项C错误；D．3：2,与结论不相符,选项D错误．7.如图所示，一木箱内装一铁球，木箱的内宽与高恰好与铁球的直径相等，当木箱自由下落时，下列说法正确的是(）A.不计空气阻力时，铁球对木箱下壁有压力B.不计空气阻力时，铁球对木箱上壁有压力C.有空气阻力时，铁球对木箱上壁有压力D。有空气阻力时,铁球对木箱下壁有压力【答案】D【解析】【详解】小球与盒子总质量为M，小球的质量为m。AB．不计空气阻力：对整体，根据牛顿第二定律得：Mg=Ma得a=g,整体的加速度相同.对小球：加速度也等于g，则由牛顿第二定律得知，小球的合力等于F合=ma=mg故盒子上下壁对小球都没有作用力，由牛顿第三定律得知：球对盒子的上下壁也没有压力,故AB错误。CD．若有空气阻力：对整体，根据牛顿第二定律得:Mg—f=Ma得a＜g，对小球:加速度也等于a,则由牛顿第二定律得知，小球合力等于mg-FN=ma＜mg故盒子下下壁对小球有支持力，由牛顿第三定律得知:球对盒子的下壁有压力，故C错误,D正确。故选D。8.如图所示，水平桌面上放置一个倾角为45°的光滑楔形滑块A，一细线的一端固定于楔形滑块A的顶端O处，细线另一端拴一质量为m=0。2kg的小球．若滑块与小球一起以加速度a向左做匀加速运动（取g=10m/s2则下列说法正确的是(）A。当a=5m/s2时，滑块对球的支持力为B.当a=15m/s2时,滑块对球的支持力为半C。当a=5m/s2时，地面对A的支持力一定大于两个物体的重力之和D.当a=15m/s2时，地面对A的支持力一定小于两个物体的重力之和【答案】A【解析】【详解】设加速度为a0时小球对滑块的压力等于零，对小球受力分析，受重力、拉力，根据牛顿第二定律，有：水平方向:F合=Fcos45°=ma0；竖直方向：Fsin45°=mg,解得a0=g.A、当a=5m/s2时，小球未离开滑块，水平方向:Fcos45°—FNcos45°=ma；竖直方向:Fsin45°+FNsin45°=mg,解得，故A正确；B、当a=15m/s2时，小球已经离开滑块，只受重力和绳的拉力，滑块对球的支持力为零,故B错误；C、D、当系统相对稳定后，竖直方向没有加速度，受力平衡,所以地面对A的支持力一定等于两个物体的重力之和,故C，D错误；故选A。9。如图所示,弹簧下端悬一滑轮，跨过滑轮细线两端系有A、B两重物，mB=2kg，不计线、滑轮质量及摩擦，则A、B两重物在运动过程中，弹簧的示数可能为：(g=10m/s2）（）A。40N B.60N C。80N D.100N【答案】AB【解析】当mB＞mA时，B向下做加速运动,处于失重状态，细线的拉力T＜mBg，弹簧的示数为F=2T＜2mBg=40N．当mB=mA时，弹簧的示数为F=2T=2mBg=40N．当mB＜mA时，B向上做加速运动，处于超重状态,细线的拉力T＞mBg,两物体的加速度大小a＜g，所以根据牛顿第二定律得知：细线的拉力T＜2mBg，弹簧的示数为F=2T＜4mBg=80N．故A、B正确，C、D错误．故选AB.点睛:此题中由于A的质量不确定，分析两个物体的质量相等和不等两种情况研究弹簧的示数．两个物体的质量相等时，根据平衡条件求解弹簧的示数．当两个物体的质量不等时，根据牛顿第二定律分析细线拉力的范围，得到弹簧示数的范围,再进行选择．10。如图所示，某科研单位设计了一空间飞行器,飞行器从地面起飞时，发动机提供的动力方向与水平方向的夹角α＝60°，使飞行器恰好沿与水平方向的夹角θ＝30°的直线斜向右上方匀加速飞行,经时间t后，将动力的方向沿逆时针旋转60°同时适当调节其大小，使飞行器依然可以沿原方向匀减速直线飞行，飞行器所受空气阻力不计．下列说法中正确的是(）A.飞行器加速时动力的大小等于mgB.飞行器加速时加速度的大小为gC.飞行器减速时动力的大小等于mgD。飞行器减速飞行时间t后速度为零【答案】BC【解析】【详解】AB．起飞时,飞行器受推力和重力,两力的合力与水平方向成30°角斜向上，设动力为F,合力为Fb,如图所示:

在△OFFb中，由几何关系得:F=mgFb=mg由牛顿第二定律得飞行器的加速度为:a1=g故A错误，B正确；CD．t时刻的速率:v=a1t=gt推力方向逆时针旋转60°,合力的方向与水平方向成30°斜向下，推力F’跟合力F'h垂直，如图所示，此时合力大小为:F’h=mgsin30°动力大小：F′＝mg飞行器的加速度大小为：到最高点的时间为：故C正确,D错误；

故选BC。11。如图所示，质量为m的物块在倾角为θ的粗糙斜面上匀加速下滑．现对物块施加一个竖直向下的恒力F，以下说法正确的是（）A。物块将做减速运动，直至停止B。物块受到的摩擦力变大C。物块将以原来的加速度做匀加速运动D.物块将以比原来大的加速度做匀加速运动【答案】BD【解析】【详解】ACD．未加F时，根据牛顿第二定律得：mgsinθ-μmgcosθ=ma施加F后，根据牛顿第二定律得：（mg+F)sinθ—μ（mg+F）cosθ=ma′可得a′＞a＞0，所以物块将以比原来大的加速度做匀加速运动，故AC错误,D正确．B．未加F时，物块受到的摩擦力为:f=μmgcosθ施加F后，物块受到的摩擦力为：f′=μ（mg+F)cosθ可知摩擦力变大，故B正确．故选BD.12。如图所示，A、C、D长方体木块完全相同，质量为m，其中C、D放在光滑水平面上，A放在长木板B上，B质量为2m,A、B、C、D间动摩擦因数均为，现用水平向右的恒力F拉木块A，使A、B、C、D保持相对静止一起沿水平面向右运动,不计空气阻力，重力加速度为g，则()A。B对A的摩擦力大小为，方向向左B。A对B的摩擦力大小为,方向向右C。C对B的摩擦力大小，方向向右D。CD两木块所受摩擦力大小相等，方向相同【答案】BD【解析】【详解】A．A与B之间没有相对运动，不是滑动摩擦力，A错误B．将四个物体看成系统，根据牛顿牛顿第二定律可知,整体的加速度，隔离A，可得，，B对A的摩擦力向左，在根据牛顿第三定律，可知A对B的摩擦向右，大小为，B正确C．隔离C可得，，B对C的摩擦向右，所以C对B的摩擦向左，大小为，C错误D．隔离D可得，,B对D的摩擦向右，所以CD收到的摩擦力相等，D正确二、实验，探究题（第2空2分,其余每空1分，共10分)13.在“探究加速度与力、质量的关系"的实验中。(1)在研究物体的“加速度、作用力和质量"三个物理量的关系时,我们用实验研究了小车“在质量一定的情况下，加速度和作用力的关系”；又研究了“在作用力一定的情况下，加速度和质量之间的关系"。这种研究物理问题的科学方法是（)A．建立理想模型的方法B．控制变量法C．等效替代法D．类比法(2）研究作用力一定时加速度与质量成反比的结论时，下列说法中正确的是()A．平衡摩擦力时，应将装砂的小桶用细绳通过定滑轮系在小车上B．每次改变小车质量时，要重新平衡摩擦力C．实验时，先放开小车,再接通打点计时器的电源D．在小车中增减砝码，应使小车和砝码的质量远大于砂和小桶的总质量（3）某次实验中得到一条纸带，如图所示，从比较清晰的点起，每5个计时点取一个计数点，分别标明0、1、2、3、4……,量得0与1两点间距离x1＝30mm,1与2两点间距离x2＝36mm，2与3两点间距离x3＝42mm,3与4两点间的距离x4＝48mm，则小车在打计数点2时的瞬时速度为_________m/s，小车的加速度为_________m/s2。（4）某同学测得小车的加速度a和拉力F的数据如下表所示：（小车质量保持不变)①根据表中数据在坐标图上作出a－F图象________。②图线不过原点的原因可能是_______.③图中的力F理论上指__________，而实验中却用______表示。（选填字母符号)A．砂和砂桶的重力B．绳对小车的拉力④另一名同学重复此实验，保持小车质量一定改变砂和砂桶质量,多次重复测量，在某次实验中根据测得的多组数据画出a－F关系图线，他发现此图线虽然经过坐标原点,但后段阶明显偏离直线向下弯曲，造成此误差的主要原因是_____。【答案】（1)。B（2)。D(3）.0.39（4）.0.6(5）。(6）。没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够（7)。B(8).A（9）。砂和砂桶的质量没有远远小于小车的质量。【解析】【详解】（1）[1］．在研究物体的“加速度、作用力和质量"三个物理量的关系时,由于变量较多,因此采用了“控制变量法"进行研究,分别控制一个物理量不变，看另外两个物理量之间的关系,故ACD错误,B正确。（2）[2］．A、平衡摩擦力时,应将绳从小车上拿去,轻轻推动小车，使小车沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断小车是否匀速运动，故A错误；

B、每次改变小车的质量时，小车的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力，故B错误；

C、实验时，应先放开小车，再接通打点计时器电源，由于小车运动较快，可能会使打出来的点很少，不利于数据的采集和处理,故C错误；

D、当m＜＜M时，即当砝码和小桶的总重力要远小于小车的重力，绳子的拉力近似等于砝码和小桶的总重力，故D正确．

故选D．（3）[3］．小车在打计数点2时的瞬时速度[4]．加速度（4)①[5]．作出a－F图象如图②[6］．图象未过原点可能原因是没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够,导致有力但没有合力，则当然没有加速度产生;

③[7］［8］．本实验将F当作：B绳对小车的拉力，实际上是:A砂和砂桶的重力，所以只有当砂和砂桶的重力远小于小车的质量时，才能使砂和砂桶的重力接近绳子拉小车的力．④［9]．此实验可以认为小车受到的合力等于钩码的重力，如果钩码的质量太大，则小车受到的合力小于钩码的重力,实验误差较大，a-F图象偏离直线，即造成图像后段阶明显偏离直线向下弯曲的主要原因是砂和砂桶的质量没有远远小于小车的质量。三、计算题14.在我国东北寒冷的冬季,狗拉雪橇是人们出行的常见交通工具,如图所示，一质量为30kg的小孩坐在10.6kg的钢制滑板上,狗通过轻绳与水平方向成37°斜向上的拉力拉雪橇以4m/s的速度匀速前进,雪橇与水平冰道间的动摩擦因数为0。02，（sin37°＝0。6，cos37°＝0.8，g＝10m/s2）求：（1）狗要用多大的力才能够拉雪橇匀速前进．（2）某时刻，拉雪橇的绳子突然断裂，人仍然能始终安全坐在雪橇上沿直线运动，则人和雪橇要经过多长时间才能停下来．【答案】（1)10N(2）【解析】【详解】(1)对小孩和雪橇整体受力分析如图所示：雪橇匀速运动时有竖直方向：①水平方向：②又③由①②③得：狗拉雪橇匀速前进要用力为：(2）绳子突然断裂后，对对小孩和雪橇整体受力分析如图所示：则根据牛顿第二定律：滑动摩擦力:代入数据可以得到：设经过t时间后停止，则根据速度和时间关系可以得到：则：【点睛】本题考查力的平衡以及对于牛顿第二定律的应用问题,关键是弄清楚物体的运动过程和受力情况，利用平衡条件以及牛顿第二定律或运动学的计算公式求解加速度，再根据题目要求进行解答．15。图所示，一倾角θ=37°的粗糙斜面底端与一传送带左端平滑相连于P点。有一可视为质点的物块从斜面顶端A点静止开始下滑，当物块滑到斜面底端P点后会继续滑上传送带（设经过P点前后的速度大小不变）.已知斜面长度S=1.25m，传动带长度L=4m，物块与斜面的动摩擦因数μ1=0。3，物块与传送带间的动摩擦因数μ2=0。2．(g取10m/s2，sin37°=0。6，cos37°=0.8)，求：（1）当传送带静止不动时，物块在传送带能滑行多远距离；(2）当传送带以恒定速率v=4m/s逆时针转动时，试判断物体能否向右滑离出传动带?若能，试求出滑离速度;若不能，则求出物体在传送带上第一次做往返运动的总时间。【答案】（2）2.25m；（3）3s【解析】【详解】（1）从A到P匀加速过程，根据牛顿第二定律有：mgsin37°—μ1mgcos37°=ma1

①下滑到P点时的速度：vp2=2a1s

②得vp=3m/s当传送带静止时：物块做匀减速运动，由牛顿第二定律得：μ2mg=ma2

③减速到速度为零过程中位移大小为s0，由

0—vP2=-2a2s0

④解得：s0=2。25m故在传送带上滑行的最远距离为2.25m．

（2)当传送带以v=4

m/s逆时针转动时，物块滑上传送带后仍做匀减速运动。

由（2）可知向右减速为零过程位移s0=2。25m＜L，故物块不能从向右滑离出传送带。

设物块向右匀减速至速度为零的时间为t1，则0=vp—a2t1

⑤解得t1=1.5s物块反向匀加速到P点的时间为t2，则由运动对称性可知t2=t1=1。5s故物块在传送带上第一次做往返运动的总时间为t=t1+t2=3s16.如图所示为四旋翼无人机，它是能够垂直起降，能以多种姿态飞行(如悬停、前飞、侧飞和倒飞等)的小型遥控飞行器，目前得到越来越广泛的应用．若一架质量m＝2kg的无人机，运动过程中所受空气阻力大小恒为f＝4N，g取10m/s2．(1）无人机在地面上从静止开始，以最大升力竖直向上起飞,若在t＝5s时离地面的高度h＝75m，求无人机动力系统所能提供的最大升力F；（2）当无人机悬停在空中某一高度时，由于动力设备故障，无人机突然失去升力从静止开始坠落，已知无人机坠落到地面时的速度v＝40m/s，求无人机悬停时距离地面的高度H；（3)若无人机悬停时距离地面的高度h′＝50m，在无人机突然失去升力后的坠落过程中，在遥控设备的干预下，动力设备重新启动提供向上的最大升力F′＝32N．为保证无人机安全着地，求无人机从开始坠落到恢复升力的最长时间t1．【答案】(1)36N(2)100m（3）2。5s【解析】【详解】（1）无人机以最大升力竖直向上起飞，做匀加速直线运动，由解得：根据牛顿第二定律：F—mg—f=ma1解得:F=mg+f+ma1=36N;（2）无人机失去升力坠落过程，做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律：mg—f=