2023届江苏省侯集高级中学高三冲刺诊断考试物理试题试卷

2023届江苏省侯集高级中学高三冲刺诊断考试物理试题试卷

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）

填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处”。

2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦

干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。

3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先

划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。

4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、下列说法正确的是（）

A.放射性元素的半衰期随温度的升高而变短

B.太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变反应

C.阴极射线和B射线都是电子流，都源于核外电子

D.天然放射现象中放射出的**丫射线都能在磁场中发生偏转

2、一颗质量为m的卫星在离地球表面一定高度的轨道上绕地球做圆周运动，若已知地球半径为R,地球表面的重力

加速度为g,卫星的向心加速度与地球表面的重力加速度大小之比为1：9,卫星的动能（）

AmgRBmgRcmg**D网.

46,~6~,6

3、甲、乙两车在平直公路上行驶，其v-f图象如图所示.U0时，两车间距为S。；。时刻，甲、乙两车相遇.0乙，时

间内甲车发生的位移为s,下列说法正确的是（）

A.0%时间内甲车在前，to2ro时间内乙车在前

B.02t0时间内甲车平均速度的大小是乙车平均速度大小的2倍

C.2/。时刻甲、乙两车相距5so

6

D.So=-S

4、如图所示为氢原子能级的示意图，下列有关说法正确的是

nE/eV

oo---------------------------------0

4------------------------------------0.85

3----------------------------------.l.Sl

2------------------------------------3.4

1-----------------------------------13.6

A.处于基态的氢原子吸收10.5eV的光子后能跃迁至，〃=2能级

B.大量处于〃=4能级的氢原子向低能级跃迁时，最多可辐射出3种不同频率的光

C.若用从〃=3能级跃迁到〃=2能级辐射出的光，照射某金属时恰好发生光电效应，则用从〃=4能级跃迁到〃=3

能级辐射出的光，照射该金属时一定能发生光电效应

D.用〃=4能级跃迁到"=1能级辐射出的光，照射逸出功为6.34eV的金属钳产生的光电子的最大初动能为6.41eV

5、如图所示，足够长的传送带与水平面的夹角为0,传送带以速度见逆时针匀速转动。在传送带的上端轻轻放置一个

质量为，〃的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数">tan〃，则能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的图象是

6、通过实验研究通电长直导线间的相互作用规律。如图所示，M、N为两根平行的长直导线，通过外接直流电源分

别给两导线通以相应的恒定电流。尸、Q为导线所在平面内的两点。下列说法中正确的是（）

A.两导线中的电流大小相等、方向相反时，。点的磁感应强度为零

B.M导线电流向上、N导线电流向下时，M导线所受安培力向右

C.Q点的磁感应强度一定不为零

D.两导线所受安培力的大小一定相等

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、根据现行有效国际民航组织《危险物品安全航空运输技术细则》和《中国民用航空危险品运输管理规定》，严禁携

带额定能量超过160Wh的充电宝；严禁携带未标明额定能量同时也未能通过标注的其他参数，计算得出额定能量的充

电宝。如图为国产某品牌一款充电宝的铭牌。则（）

型号：Nr.n-02-\r）

输入：DC5V/2A

10400

mAh输出：DC5.1V/2.1A

■容量：3.6V/37.44Wh

A.该充电宝的输入电压为交流5V

B.该充电宝的输出电压为直流5.1V

C.该充电宝可以给手机充电最短时间大约10h

D.乘客可以携带该充电宝登机

8、如图所示，足够大的水平圆台中央固定一光滑竖直细杆，原长为L的轻质弹簧套在竖直杆上，质量均为机的光滑

小球A、B用长为L的轻杆及光滑较链相连，小球A穿过竖直杆置于弹簧上。让小球B以不同的角速度s绕竖直杆匀

速转动，当转动的角速度为“。时，小球5刚好离开台面。弹簧始终在弹性限度内，劲度系数为上重力加速度为g,

则

A.小球均静止时，弹簧的长度为人等

k

B.角速度/=助）时，小球A对弹簧的压力为雨g

D.角速度从0°继续增大的过程中，小球A对弹簧的压力不变

9、如图所示为粗细均匀的裸铜导线制成的半径为r的圆环，PQ为圆环的直径，其左侧上方的L圆面积内存在垂直圆

4

环所在平面的匀强磁场，磁感应强度大小为圆环的电阻为2R。一根长度为2r、电阻为R的均匀金属棒MN以圆

环的圆心。点为旋转中心，紧贴着网环以角速度”沿顺时针方向匀速转动，转动过程中金属棒与圆环始终接触良好,

开始时MN与尸。重合（）

A.金属棒中感应电动势的最大值为

B.0~工时间内通过金属棒MN的横截面电荷量为些工

CD6R

C.金属棒中电流的有效值是X

8R

D.金属棒旋转一周电路中产生的热量为胜丝1

6R

10、一列简谐横波，沿》轴正向传播，位于原点的质点的振动图象如图1所示；图2为该波在某一时刻的波形图，A

点位于x=0.5m处。下列说法正确的是

A.由图1可知，位于原点的质点振动的振幅是16cm

B.位于原点的质点振动的周期是0.2s

C.由图1,在f等于;周期时，位于原点的质点离开平衡位置的位移为零

D.该波的传播速度是20m/s

E.由图2可知，经过周期后，4点离开平衡位置的位移是-8cm。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）（1）如图所示的四个图反映“用油膜法估测分子的大小”实验中的四个步骤，将它们按操作先后顺序排列应

是（用符号表示）

⑵用“油膜法”来粗略估测分子的大小，是通过一些科学的近似处理，这些处理有：o

（3）某同学通过测量出的数据计算分子直径时，发现计算结果比实际值偏大，可能是由于（）

A.油酸未完全散开

B.油酸溶液浓度低于实际值

C.计算油膜面积时，将所有不足一格的方格计为一格

D.求每滴溶液体积时，1mL的溶液的滴数多记了10滴

12.（12分）如图所示，用做平抛运动实验的装置验证机能守恒定律。小球从桌面左端以某一初速度开始向右滑动，

在桌面右端上方固定一个速度传感，记录小球离开桌面时的速度（记作丫）。小球落在地面上，记下落点，小球从桌面

右边缘飞出点在地面上的投影点为O,用刻度尺测量落点到。点的距离X。通过改变小球的初速度，重复上述过程，

记录对应的速度y和距离X。已知当地的重力加速度为g。若想验证小球在平抛运动过程中机械能守恒，只需验证平抛

运动过程的加速度等于重力加速度即可。

（1）某同学按如图所示测量高度〃和水平距离x,其中存在测量错误的是（填？"或“x”），正确的测量方法

应是.

（2）若小球在下落过程中的加速度为a,则x与y的关系式为x=.

（3）该同学在坐标纸上画出了纵、横坐标，以r为纵坐标，画出的图象为一条过原点的直线，图线的斜率为A,那么

该同学选择为横坐标，根据平抛运动得到的加速度为。然后与比较，若两者在误差允许范围内相

等，就验证了小球在平抛运动过程中机械能守恒。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）静止在水平地面上的两小物块A、B,质量分别为加4=LOkg,m8=4.0kg;两者之间有一被压缩的

微型弹簧，A与其右侧的竖直墙壁距离/=1.0m,如图所示.某时刻，将压缩的微型弹簧释放，使A、8瞬间分离，

两物块获得的动能之和为线=1°OJ•释放后，A沿着与墙壁垂直的方向向右运动.4、3与地面之间的动摩擦因数

均为〃=0.20.重力加速度取g=10m/s2.4、8运动过程中所涉及的碰撞均为弹性碰撞且碰撞时间极短.

(1)求弹簧释放后瞬间4、B速度的大小；

(2)物块4、8中的哪一个先停止？该物块刚停止时A与3之间的距离是多少？

(3)A和8都停止后，A与8之间的距离是多少？

14.(16分)如图，两等腰三棱镜ABC和CZM腰长相等，顶角分别为N4=60。和N42=30。。将AC边贴合在一起，组

成NC=90。的四棱镜。一束单色光平行于5C边从A3上的。点射入棱镜，经AC界面后进入校镜CDA,已知棱镜ABC

的折射率％=普正，棱镜CD4的折射率〃2=也，不考虑光在各界面上反射后的传播，求：(01115。=—二衣,

.-coV6+V2

sin75=------------)

4

⑴光线在棱镜ABC内与AC界面所夹的锐角优

(ii)判断光能否从CD面射出。

15.(12分)如图(b)所示，一个正方体玻璃砖的棱长为2a,其折射率为近。在其中心轴线处有一点光源，该点光源

可沿中心轴线上下移动。若点光源移动至某一位置。时，玻璃砖上表面均有光线射出，求此时玻璃砖下表面有光线射

出的面积

上边缘

(b)

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1,B

【解析】

A.半衰期是原子核本身具有的属性，与外界条件无关，A错误；

B.太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变反应（热核反应），B正确；

C.阴极射线是核外电子，。射线是原子核内中子转化为质子时放出的电子，C错误；

D.三种射线中丫射线（高频电磁波）不带电，所以不能在磁场中发生偏转，D错误。

故选B。

2、B

【解析】

在地球表面有

GMm',

———=mg

R2

卫星做圆周运动有:

GMm

——--=ma

厂

由于卫星的向心加速度与地球表面的重力加速度大小之比为1:9,联立前面两式可得：r=3R；卫星做圆周运动:

GMmv

一

,2-m

得

12GMm

Ek=—mv

2

再结合上面的式子可得

皿-与分析不符，故A错误。

4

B.皿-与分析相符，故B正确。

6

C.邈K与分析不符，故C错误。

6

D.蟹上与分析不符，故D错误。

6

3、D

【解析】

A.由图知在0〜Ao时间内甲车速度大于乙车的速度，故是甲车在追赶乙车，所以A错误；

31

B.0〜2fo时间内甲车平均速度的大小乙车平均速度5％,所以B错误；

D.由题意知，图中阴影部分面积即为位移s。，根据几何关系知，三角形ABC的面积对应位移s],所以可求三角形

OCD的面积对应位移所以0—/。时间内甲车发生的位移为

S=So+S的

得

6

So=­S

7

故D正确；

C.2fo时刻甲、乙两车间的距离即为三角形ABC的面积即拓，所以C错误.

故选D。

4、D

【解析】

A.处于基态的氢原子吸收10.2eV的光子后能跃迁至〃=2能级，不能吸收10.2eV的能量.故A错误；

B.大量处于〃=4能级的氢原子，最多可以辐射出C；=6种，故B错误；

C.从n=3能级跃迁到n=2能级辐射出的光的能量值大于从n=4能级跃迁到"=3能级辐射出的光的能量值，用从〃=3

能级跃迁到〃=2能级辐射出的光，照射某金属时恰好发生光电效应，则用从〃=4能级跃迁到〃=3能级辐射出的光，照

射该金属时不一定能发生光电效应，故C错误；

D.处于〃=4能级的氢原子跃迁到〃=1能级辐射出的光的能量为：E=EA-E,=-0.85-(-13.6)=12.75eV,根据光

电效应方程，照射逸出功为6.34eV的金属铝产生的光电子的最大初动能为：纥“,=E-W=12.75-6.34=6.4leV,

故D正确；

5、B

【解析】

初状态时：重力的分力与摩擦力均沿着斜面向下，且都是恒力，所以物体先沿斜面匀加速直线运动，由牛顿第二定律

得加速度：

。尸gsin0+〃gcos0

a恒定，斜率不变；

当小木块的速度与传送带速度相等时，由〃〉tanO知道木块将与带以相同的速度匀速运动，图象的斜率表示加速度，

所以第二段的斜率为零。

A.该图与结论不相符，选项A错误；

B.该图与结论相符，选项B正确；

C.该图与结论不相符，选项C错误；

D.该图与结论不相符，选项D错误；

6、D

【解析】

A.两导线的电流方向相反，由安培定则知两电流在P点产生的磁场方向相同，则合磁感应强度不为零，故A错误；

B.N导线电流向下，由安培定则知该电流在M导线处产生垂直纸面向里的磁场。M导线电流向上，由左手定则知M

导线所受安培力向左，故B错误；

C.若两导线通以反向电流，由安培定则知在。点产生相反方向的磁场。若M导线电流较强、N导线电流较弱，它们

在Q点产生的磁感应强度的大小可能相等，则合磁感应强度可能为零，故c错误；

D.不管两导线中电流的大小、方向如何，两导线间相互作用的安培力是一对作用力与反作用力，大小一定相等，故D

正确。

故选D。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BD

【解析】

A.由图可知，该充电宝的输入电压为直流5V,故A错误；

B.由图可知，该充电宝的输出电压为直流5.1V,故B正确；

C.由图可知，该充电宝的输出电流为2.1A,则该充电宝可以给手机充电最短时间

10400x10-3,cd

t=----------------h«4.95h

2.1

故C错误；

D.由图可知，该充电宝额定能量为37.44Wh,则乘客可以携带该充电宝登机，故D正确。

故选BD。

8、ACD

【解析】

A.若两球静止时，均受力平衡，对B球分析可知杆的弹力为零，

NB=mg；

设弹簧的压缩量为x,再对A球分析可得：

mg=kx、,

故弹簧的长度为：

L『Lf=L_整,

故A项正确；

BC.当转动的角速度为“。时，小球8刚好离开台面，即N(=0,设杆与转盘的夹角为。，由牛顿第二定律可知：

mg2rn

——=•L-cos0

tan。

4T.•sin8=mg

而对A球依然处于平衡，有：

%sin6+mg=Fk=kx2

而由几何关系:

sin0=―—―

L

联立四式解得：

&=2mg,

..=Ikg

0NkL_2/ng

则弹簧对A球的弹力为2mg,由牛顿第三定律可知A球队弹簧的压力为2mg,故B错误，C正确；

D.当角速度从“。继续增大，8球将飘起来，杆与水平方向的夹角。变小，对A与8的系统，在竖直方向始终处于平

衡，有：

Fk=mg+mg=2mg

则弹簧对A球的弹力是2/ng,由牛顿第三定律可知A球队弹簧的压力依然为2mg,故D正确；

故选ACD,

9^BD

【解析】

A.只有当MO、NO分别切割磁感线时，环中才有电流。MO、NO中感应电动势

E^-Bcor2

2

故A错误；

B.金属棒中有电流时，电流为

,EB(or2

1=-------=-------

R+R3R

2

半个周期内通过金属棒MN的电荷量

,TB7vr2

q=I■—=--------

46H

故B正确；

C.在一个周期内，只有半个周期的时间内金属棒中才有电流，即

所以金属棒中电流的有效值

1=----------

6R

故C错误;

D.依题意的

Q=/'%T

即

八7rcoB2rA

(J=-------

6R

故D正确。

故选BD。

10、BCE

【解析】

A.振幅是质点偏离平衡位置的最大距离，由图1读出振幅A=8cm；故A错误.

B.质点完成一个全振动的时间叫做一个周期，从振动图象中可以看成周期二二；故B正确.

C.当一一时，坐标原点的质点处在平衡位置向下运动，所以尸()；故C正确.

二=：

D.从图2中可以看出波长-“，所以波速_.;故口错误.

二===.jmS=

E.经过半个周期后，处于波峰的A质点运动到波谷位置，则离开平衡位置的位移为8cm,方向向下；故E正确.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、dacb把在水面上尽可能扩散开的油膜视为单分子油膜，把形成油膜的分子看做紧密排列的球形分子A

【解析】

⑴⑴“油膜法估测油酸分子的大小”实验步骤为：配制酒精油酸溶液(教师完成，记下配制比例)—测定一滴油酸酒精溶

液的体积®)-准备浅水盘一形成油膜(a)一描绘油膜边缘(C)-测量油膜面积(b)T计算分子直径;因此操作先后顺序排列

应是dacb；

(2)[2]在“用油膜法估测分子的大小”实验中，我们的科学的近似处理是：①油膜是呈单分子分布的；②把油酸分子看成

球形；③分子之间没有空隙；

(3)[3]计算油酸分子直径的公式是

一

S

V是纯油酸的体积，s是油膜的面积。

A.油酸未完全散开，测得的S偏小，测得的分子直径”将偏大，故A正确；

B.如果测得的油酸溶液浓度低于实际值，测得的油酸的体积偏小，测得的分子直径将偏小，故B错误；

C.计算油膜面积时将所有不足一格的方格计为一格，测得的S将偏大，测得的分子直径将偏小，故C错误；

D.求每滴体积时，1mL的溶液的滴数误多记了10滴，一滴溶液的体积

V,=-mL

n

可知，测得一滴液体的体积偏小，测得纯油酸的体积将偏小，测得的分子直径将偏小，故D错误。

12、h从桌面到地面的距离V©V2y

【解析】

(1)[1][2].其中，，的测量有问题，应该是从桌面到地面的距离；

(2)[3].小球下落过程中，竖直方向

,12

h--at

2

水平方向：

x-vt

解得：

(2h

“叫了

(3)[4][5].根据x=y栏可得％2=—丫2,则以V为纵坐标，画出的图象为一条过原点的直线，图线的斜率为A,

2/72/?

那么该同学选择v2为横坐标；由攵=一得到的加速度为。=丁。然后与g°比较，若两者在误差允许范围内相等，就

ak

验证了小球在平抛运动过程中机械能守恒。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)VA=4.0m/s,v«=1.0m/s；(2)5先停止；0.50m；(3)0.91m；

【解析】

首先需要理解弹簧释放后瞬间的过程内4、8组成的系统动量守恒，再结合能量关系求解出4、8各自的速度大小；

很容易判定A、5都会做匀减速直线运动，并且易知是B先停下，至于4是否已经到达墙处，则需要根据计算确定，

结合几何关系可算出第二问结果；再判断A向左运动停下来之前是否与5发生碰撞，也需要通过计算确定，结合空间

关系，列式求解即可.

【详解】

(1)设弹簧释放瞬间A和B的速度大小分别为以、VB，以向右为正，由动量守恒定律和题给条件有

0=mAVA-mBVB①

Ek+g机8VB2②

联立①②式并代入题给数据得

VA=4.0m/s,vif-l.Om/s

(2)4、8两物块与地面间的动摩擦因数相等，因而两者滑动时加速度大小相等，设为a.假设A和8发生碰撞前，

已经有一个物块停止，此物块应为弹簧释放后速度较小的B.设从弹簧释放到B停止所需时间为，，B向左运动的路程

为SB.,则有

mBa=JumBf>④

XB=vBt~2a,~⑤

vB-at=O@

在时间，内，4可能与墙发生弹性碰撞，碰撞后A将向左运动，碰撞并不改变4的速度大小，所以无论此碰撞是否发

生，A在时间f内的路程眼都可表示为

1/

SA=V”—。厂⑦

2

联立③④⑤⑥⑦式并代入题给数