2022届广东省深圳市第二高级中学高考仿真卷物理试卷含解析

2021-2022学年高考物理模拟试卷

注意事项

1.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回.

2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.

3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.

4.作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他

答案.作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效.

5.如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗.

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1.充电式果汁机小巧简便，如图甲所示，被誉为出行神器，满足了人们出行也能喝上鲜榨果汁的需求。如图乙所示,

其主要部件是四个长短不同的切水果的锋利刀片。工作时，刀片在电机带动下高速旋转，机身和果汁杯可视为保持静

止。则果汁机在完成榨汁的过程中

甲乙

A.某时刻不同刀片顶点的角速度都相等

B.不同刀片上各点的加速度方向始终指向圆心

C.杯壁上的水果颗粒做圆周运动时的向心力由摩擦力提供

D.消耗的电能一定等于水果颗粒以及果汁机增加的内能

2.如图所示，虚线表示某点电荷Q所激发电场的等势面，已知a、b两点在同一等势面上，c、d两点在另一个等势面

上.甲、乙两个带电粒子以相同的速率，沿不同的方向从同一点a射入电场，在电场中沿不同的轨迹adb曲线、acb

曲线运动.则下列说法中正确的是

A.两粒子电性相同

B.甲粒子经过c点时的速率大于乙粒子经过d点时的速率

C.两个粒子的电势能都是先减小后增大

D.经过b点时，两粒子的动能一定相等

3.如图，圆形区域内有一垂直纸面的匀强磁场，P为磁场边界上的一点.有无数带有同样电荷、具有同样质量的粒子

在纸面内沿各个方向以同样的速率通过P点进入磁场.这些粒子射出边界的位置均处于边界的某一段弧上，这段圆弧

的弧长是圆周长的1/1.将磁感应强度的大小从原来的瓦变为B?，结果相应的弧长变为原来的一半，则8:：司等于

A.2B.73C.V2D.1

4.医生做某些特殊手术时，利用电磁血流计来监测通过动脉的血流速度.电磁血流计由一对电极a和b以及一对磁极

N和S构成，磁极间的磁场是均匀的.使用时，两电极a、b均与血管壁接触，两触点的连线、磁场方向和血流速度方

向两两垂直，如图所示.由于血液中的正负离子随血流一起在磁场中运动，电极a、b之间会有微小电势差.在达到平衡

时，血管内部的电场可看做是匀强电场，血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零.在某次监测中，两触点间

的距离为3.00mm,血管壁的厚度可忽略，两触点间的电势差为160pV,磁感应强度的大小0.040T.则血流的速度的近

似值和电极a、b的正负为

A.1.3m/s,a负、b正

B.2.7m/s,a正、b负

C.1.3m/s,a正、b负

D.2.7m/s,a负、b正

5.职业高空跳伞运动员从近万米高空带着降落伞跳下，前几秒内的运动可视为自由落体运动。已知运动员的质量为

80kg,重力加速度g取10m/s2,关于运动员所受重力做功的功率，下列说法正确的是()

A.下落第1s末的瞬时功率为4000W

B.下落第1s内的平均功率为8()()0W

C.下落第2s末的瞬时功率为8000W

D.下落第2s内的平均功率为12000W

6.如图所示，在横截面为正三角形的容器内放有一小球，容器内各面与小球恰好接触，图中〃、氏c为容器的三个侧

面、将它们以初速度勾竖直向上抛出，运动过程中容器所受空气阻力与速率成正比，下列说法正确的是

b

A.上升过程中，小球对c有压力且逐渐变大

B.上升过程中，小球受到的合力逐渐变大

C.下落过程中，小球对a有压力且逐渐变大

D.下落过程中，小球对容器的作用力逐渐变大

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7.小滑块以I00J的初动能从倾角为37。的固定斜面底端。上滑，小滑块沿斜面上滑、下滑过程中的动能Ek随离开O

点的位移x变化的图线如图中I、II所示。已知或1137。=().6,重力加速度取10m/s2,贝！］()

A.小滑块的质量为2kgB.小滑块与斜面间的动摩擦因数为0.5

C.x=lm时小滑块的动能为60JD.小滑块的最大位移为5m

8.2018年7月27日将发生火星冲日现象，我国整夜可见，火星冲日是指火星、地球和太阳儿乎排列成一线，地球位

于太阳与火星之间此时火星被太阳照亮的一面完全朝向地球，所以明亮而易于观察.地球和火星绕太阳公转的方向相

同，轨迹都可近似为团，火最公转轨道半径为地球的1.5倍，则()

A.地球的公转周期比火星的公转周期小

B.地球的运行速度比火星的运行速度小

C.火星冲日现象每年都会出现

D.地球与火星的公转周期之出为血：V27

9.一定质量的理想气体，其状态变化的〃-V图象如图所示，其中a一人过程气体既不吸热、也不放热，8fc过

程气体体积不变。对此下列说法正确的是()

b

A.a.方过程中，外界对气体做功

B.a.方过程中，气体分子的平均动能不变

C.8fc过程中，单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数增多

D.8—c过程中，气体温度降低

E.C->a过程中，单位体积内的气体分子数减少

10.如图所示，半径为3r的圆弧BC。与倾角为，的斜面相切于B点，与水平地面相切于C点，与圆。2轨道相切于

2

。点，圆心。卜。2和。在同一水平直线上，圆。2的半径为人质量为，”的质点从斜面上某位置由静止释放，刚好能

在圆02轨道内做完整的圆周运动。不计一切阻力，重力加速度为g。则质点（）

A.释放点距离地面的高度为5r

B.在C时对轨道压力为日21预？

C.从圆弧8C。进入圆。2轨道的瞬间，前后向心加速度之比为5：2

D.从圆弧3CQ进入圆。2轨道的瞬间，前后角速度之比为2：5

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）一般的话筒用的是一块方形的电池（层叠电池），如图甲所示，标称电动势为9V。某同学想要测量该电池实

际的电动势和内阻，实验室提供了以下器材：

A.待测方形电池

B.电压表（量程0~3V,内阻约为4k。）

C.电流表（量程0~0.6A,内阻为1.0。）

D.电流表（量程0~3A,内阻为1.0Q）

E.电阻箱（阻值范围0〜999.9。）

F.电阻箱（阻值范围0-9999.9Q）

G滑动变阻器（阻值范围0-20Q）

H.滑动变阻器(阻值范围0~20k£2)

I.开关、导线若干

(1)该同学根据现有的实验器材，设计了如图乙所示的电路图。根据如图乙所示电路图和如图丙所示图像，为完成该实

验，电流表应选____,电阻箱应选______,滑动变阻器应选_______(均填写器材前字母标号)

(2)实验需要把电压表量程扩大为0~9V。该同学按图乙连接好实验器材，检查电路无误后，将尺的滑片移到最左端，

将电阻箱R2调为零，断开S3,闭合S”将S2接适当移动拈的滑片，电压表示数为2.40V；保持R接入电路中的

阻值不变，改变电阻箱&的阻值，当电压表示数为V时，完成扩大量程，断开Si。

⑶保持电阻箱R2阻值不变，开关S2接儿闭合S3、Si,从右到左移动拈的滑片，测出多组U、/,并作出。一/图线

如图丙所示，可得该电池的电动势为V,内阻为

12.(12分)利用阿特伍德机可以验证力学定律。图为一理想阿特伍德机示意图，A、B为两质量分别为的两

物块，用轻质无弹性的细绳连接后跨在轻质光滑定滑轮两端，两物块离地足够高。设法固定物块A、B后，在物块A

上安装一个宽度为d的遮光片，并在其下方空中固定一个光电门，连接好光电门与毫秒计时器，并打开电源。松开固

定装置，读出遮光片通过光电门所用的时间At。若想要利用上述实验装置验证牛顿第二定律实验，则

////

'□

作

⑴实验当中，需要使，〃1、满足关系：____.

(2)实验当中还需要测量的物理量有利用文字描述并标明对应的物理量符号

(3)验证牛顿第二定律实验时需要验证的等式为一(写出等式的完整形式无需简化)。

(4)若要利用上述所有数据验证机械能守恒定律，则所需要验证的等式为—(写出等式的完整形式无需简化)。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.(10分)如图所示，质量为机、电荷量为q的带电粒子，以初速度v沿垂直磁场方向射入磁感应强度为8的匀强

磁场，在磁场中做匀速圆周运动，不计带电粒子所受重力：

(1)求粒子做匀速圆周运动的半径R和周期7;

（2）为使该粒子做匀速直线运动，还需要同时存在一个与磁场方向垂直的匀强电场，求电场强度E的大小。

X

X

X

X

X

X

X

14.（16分）如图所示，在竖直圆柱形绝热气缸内，可移动的绝热活塞二、二密封了质量相同的二、二两部分同种气体,

且处于平衡状态。已知活塞二、二的横截面积之比二二:二二二2:八密封气体的长度之比二二:二二二上3,活塞厚度、质量

和摩擦均不计。

B

B

匚

①求二、二两部分气体的热力学温度二二：二二的比值；

②若对二部分气体缓慢加热，同时在活塞二上逐渐增加细砂使活塞二的位置不变，当二部分气体的温度为：二二时，活塞二、

二间的距离二二与二二之比为二八求此时二部分气体的绝对温度二二与二二的比值。

15.（12分）如图所示，空间存在一有边界的条形匀强磁场区域，磁场方向与竖直平面（纸面）垂直，磁场边界的间

距为L,磁感应强度为及一个质量为，小匝数为N、边长也为L的正方形导线框沿竖直方向运动，线框所在平面始

终与磁场方向垂直，且线框上、下边始终与磁场的边界平行，导线框总电阻为R。U0时刻导线框的上边恰好与磁场的

下边界重合（图中位置D,导线框的速度为经历一段时间后，当导线框的下边恰好与磁场的上边界重合时（图中

位置H）,导线框的速度刚好为零。

(1)求导线框在位置I时的加速度大小;

求从位置I到位置II的过程中，导线框中的焦耳热;

(3)定性画出导线框从位置I到再次回到位置I时速度随时间变化图象;

(4)上升阶段和下降阶段导线框克服安培力做功分别为用和W2,试判断W1与印2的大小关系，并简述判断依据。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1,A

【解析】

A.不同刀片相对静止的绕同一轴做圆周运动，属于同轴转动模型，角速度相等，故A正确；

B.刀片旋转角速度越来越大，做变速圆周运动，加速度方向不是指向圆心，故B错误；

C.杯壁上的水果颗粒做圆周运动时的向心力由杯壁的弹力提供，重力和摩擦力平衡，故C错误；

D.消耗的电能等于水果颗粒增加的机械能和水果颗粒与果汁机增加的内能，故D错误。

2、B

【解析】

根据曲线运动时质点所受的合力指向轨迹的内侧可知，甲受到引力，乙受到斥力，则甲与Q是异种电荷，而乙与Q是

同种电荷，故两粒子所带的电荷为异种电荷.故A错误.甲粒子从a到c过程，电场力做正功，动能增加，而乙从a

到d过程，电场力做负功，动能减小，两初速度相等，则知甲粒子经过c点时的速度大于乙粒子经过d点时的速度.故

B正确.甲粒子从a到b过程，电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大；电场力对乙粒子先做负功后做正功，

电势能先增大后减小.故C错误.a到b时，电场力对两粒子的做的功都是0,两个粒子的速率再次相等，由于不知

道质量的关系，所以不能判定两个粒子的动能是否相等.故D错误.故选B.

3、B

【解析】

画出导电粒子的运动轨迹，找出临界条件好角度关系，利用圆周运动由洛仑兹力充当向心力，分别表示出圆周运动的

半径，进行比较即可.

【详解】

磁感应强度为用时，从P点射入的粒子与磁场边界的最远交点为M,最远的点是轨迹上直径与磁场边界圆的交点，

ZPOM=120°,如图所示：

所以粒子做圆周运动的半径R为：31160。=6,得：R=3

磁感应强度为B2时，从P点射入的粒子与磁场边界的最远交点为N,最远的点是轨迹上直径与磁场边界圆的交点,

ZPON=60°,如图所示：

P、

所以粒子做圆周运动的半径R，为：或1110。=£~,得：/?'=-

r2

由带电粒子做圆周运动的半径：仁得：

mvmvV3

——二—

qB2

R_—_m_v—_m__v—_1y

qBqB?2

联立解得：冬=6.

故选B.

【点睛】

带电粒子在电磁场中的运动一般有直线运动、圆周运动和一般的曲线运动；直线运动一般由动力学公式求解，圆周运

动由洛仑兹力充当向心力，一般的曲线运动一般由动能定理求解.

4、C

【解析】

血液中正负离子流动时，根据左手定则，正离子受到向上的洛伦兹力，负离子受到向下的洛伦兹力，所以正离子向上

偏，负离子向下偏，则“带正电，》带负电.最终血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零，则有：Bqv=qj

a

代入数据解得：v=L3m/s,故C正确，ABD错误.

5、D

【解析】

A.下落第1s末的瞬时功率为

2

4=mgvt=mg•gf]=80xl0xlW=8000W

选项A错误；

B.下落第Is内的平均功率为

2

Px=mgv}=mg-^L=lx80xl0xlW=4000W

选项B错误；

C.下落第2s末的瞬时功率为

2

P2=mgv2=mg-gt2~80xIOx2W=16000W

选项C错误；

D.下落第2s内的平均功率为

R=mgR=mg..必詈-=8OxlOx叽,2w=}2000W

选项D正确；

故选D。

6、D

【解析】

AB.小球和正三角形容器为共加速系统，上升过程中，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律：

（m+E=（m+m）a

系统加速度竖直向下且大于重力加速度，小球加速度向下，所以容器底面C对小球无作用力，。、分侧面对小球的作用

力竖直向下，以小球为研究对象，根据牛顿第二定律：

mg+/=ma

系统速度减小，加速度减小，小球受到的合外力减小，AB错误；

CD.下落过程中，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律：

（m+勿与）g-Ar=（机+）a

系统加速度竖直向下且小于重力加速度，小球加速度向下，所以a、》侧面对小球无作用力，底面c对小球的作用力竖

直向上，根据牛顿第二定律：

mg-N=ma

系统的速度增大，加速度减小，小球的加速度减小，底面c对小球的作用力增大，根据牛顿第三定律可知小球对容器

的作用力逐渐变大，C错误；D正确。

故选D。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、ABD

【解析】

AB.设小滑块的质量为机，小滑块与斜面间的动摩擦因数为〃，小滑块沿斜面上滑x=3m过程中，根据动能定理，有

-mgxsin37-/jmgxcos31=A£kl

AEkl=-60J

小滑块沿斜面下滑x=3m过程中，根据动能定理，有

/n^xsin37-〃,“gxcos37'=△%

△%二⑵

解得：»i=2kg,〃=0.5,故AB正确；

C.由图像可知，小滑块上滑和下滑经过x=lm位置时，小滑块的动能为80J或16J,故C错误；

D.将图线延长，与x轴的交点横坐标为5m,此时动能为零，即小滑块的最大住移为5m,故D正确。

故选ABDo

8、AD

【解析】

A.地球和火星绕太阳转动，万有引力提供向心力，加。=色孕，得。=丝，火星的公转轨道半径大，加速度小,

广r~

故A错误；

也，可知火星的运行速度比地球小，故B错误;

B.根据公式以二

CD、地球公转周期为1年，而火星的周期大于1年，每个冲日周期内，地球比火星多转一圈，所以不是每年出现火星

冲日现象，故C错误；

D.根据开普勒第三定律，瓜

=%,火星公转轨道半径为地球的1.5倍，所以地球与火星的公转周期之比为故

V27

D正确.

故选D.

点睛：根据万有引力提供向心力，分析地球和火星加速度、线速度之间的关系；根据地球公转周期为1年，每个冲日

周期内，地球比火星多转一圈，所以不是每年出现火星冲日现象，根据开普勒定律分析火星周期与地球周期的关系.

9、ACE

【解析】

A.。一＞＞过程，气体体积减小，则外界对气体做功。所以A正确；

B.。—人过程，由题意知该过程气体既不吸热、也不放热，由热力学第一定律知气体内能一定增加，则理想气体分

子的平均动能一定增大。所以B错误；

C.匕.c过程，气体体积不变而压强增大，体积不变则单位体积的气体分子数不变，压强增大则气体的温度一定升

高，气体分子的热运动更加剧烈，分子在单位时间内与器壁单位面积的碰撞次数增多。所以c正确;

D.8—c过程，由

生=C（常数）

T

知气体温度升高。所以D错误；

E.c-。过程中，气体体积增大，则单位体积内的气体分子数减少。所以E正确。

故选ACE.

10、BD

【解析】

A.质点刚好能在圆。2轨道做完整的圆周运动，在轨道的最高点

mv2

mg=-----

设释放点离地高度为h,根据机械能守恒定律

解得

/i=4r

A错误

B.设质点在C点速度为之,轨道对质点的支持力为N-由机械能守恒有

mgkgrn正

根据牛顿第二定律

N-mg=m——

c25”

解得

21

由牛顿第三定律可知，质点在C时对轨道压力为2三1"琢，B正确;

C.质点从圆弧88进入圆。2轨道的瞬间，速度不变，由线速度与角速度关系

v

(£)--

R

可知

缢=2

①后5

C错误;

D.质点从圆弧8。进入圆。2轨道的瞬间，速度不变，向心加速度

v2

ci——

R

可知

4前二2

0后5

D正确。

故选BD«

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11,DFG0.808.942.0

【解析】

由图示图象可知，所测最大电流约为2A,则电流表应选择D；

⑵电源电动势约为9V,需要把电压表改装成9V的电压表，串联电阻分压为6V,是电压表量程的2倍，由串联电路

特点可知，分压电阻阻值为电压表内阻的2倍，约为8KO,电阻箱应选择F；

［3］由于要测量该电池实际的电动势和内阻，为方便实验操作，滑动变阻器应选择G；

(2)［4］把量程为3V的电压表量程扩大为9V,分压电阻分压为6V,分压电阻分压是电压表两端电压的2倍，由题意可

知，电压表所在支路电压为2.40V,分压电阻两端电压为电压表两端电压的2倍，实验时应保持"位置不变，改变R?

阻值，当电压表示数为().80V,此时电阻箱分压L60V,完成电压表扩大量程；

(3)［5］分压电阻箱两端电压是电压表两端电压的2倍，电压表示数为U,则路端电压为3U,在闭合电路中，电源电

动势

E=3。+/”+&)

整理可得

由图示图象可知，图象纵轴截距

Z?=-E=2.98V

3

电源电动势

E=8.94V

［6］图象斜率的绝对值

,r+R,2.98-1.0,

k=--------=--------------=1

31.98

电源内阻

r=2.0Q

J2

12、叫＞旭2物块A初始释放时距离光电门的高度%gg—/%g=(町+利)五产

,,1屋］d2

叫g/?_m2gh=+-

X*Iat-IW

【解析】

由题意可知，在物块A上安装一个宽度为d的遮光片，并在其下方空中固定一个光电门，连接好光电门与毫秒计

时器，所以应让物块A向下运动，则有班＞〃％;

(2)[2]由匀变速直线运动的速度位移公式可知，加速度为

7

V

a二——

2h

则实验当中还需要测量的物理量有物块A初始释放时距离光电门的高度//;

(3)[3]对两物块整体研究，根据牛顿第二定律，则有

(见一见)g=(町+m2)a

物块A经过光电门的速度为

d

u=一

△t

联立得

d2

=（见+2

2h\r

(4)[4]机械能守恒定律得

（机］-m2）gh=^m}

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

八mvf2nm

13、(1)R=—•,T=——­(2)E-vB«

qBqB

【解析】

(1)粒子在磁场中受洛伦兹力尸=/瓦洛伦兹力提供粒