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文档简介
广东省汕头市潮阳区高中2024届物理高二第一学期期中复习检测试题考生须知:1.全卷分选择题和非选择题两部分,全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂;非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2.请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、如图所示,A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个边长为1m的正六边形的六个顶点(匀强电场和六边形所在平面平行),B、C、F三点电势分别为1V、2V、3V,则下列说法正确的是()A.D点的电势为4.5VB.电子在B点的电势能比在C点低1eVC.电子从B点到E点电场力做功为-3eVD.匀强电场的场强大小为212、用控制变量法,可以研究影响平行板电容器的因素,如图所示,平行板电容器的极板A与一静电计相接,极板B接地,若极板B稍向上移动一点,由观察到的静电计的指针变化,作出平行板电容器的电容变小的结论,其依据是A.两极板间的电压不变,静电计指针张角变大B.两极板间的电压不变,静电计指针张角变小C.极板上的电量几乎不变,静电计指针张角变小D.极板上的电量几何不变,静电计指针张角变大3、关于元电荷的理解,下列说法正确的是:()A.元电荷就是电子B.元电荷是表示跟一个电子所带电荷量数值相等的电荷量C.元电荷就是质子D.物体所带电量可以是任意的值4、电场中有一点P,下列说法正确的是()A.若放在P点的电荷的电量减半,则P点场强减半B.若P点没有检验电荷,则P点的场强为零C.P点的场强越大,则同一电荷在P点所受的电场力越大D.P点的场强方向为检验电荷在该点的受力方向5、一个闭合线圈放在变化的磁场中,线圈产生的感应电动势为E。若仅将线圈匝数增加为原来的4倍,则线圈产生的感应电动势变为()A.4EB.2EC.E/2D.E/46、如图所示,abcd是边长为L的正方形回路,处在斜向左上的匀强磁场中,磁场方向与回路平面呈45度角,ab,cd为金属棒,ad,bc为细的金属丝,金属丝的质量不计,ab金属棒固定且两端通过导线与另一侧的电源相连,连接在另一端的cd金属棒刚好能悬在空中且正方形回路处于水平,cd段金属棒的质量为m通过回路的磁通量为Φ,重力加速度为g则cd棒中电流的大小和方向:A.mgLΦ,方向从d到cB.mgLΦ,方向从cC.2mgLΦ,方向从d到cD.2mgLΦ,二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示,虚线a、b、c代表电场中三条电场线,实线为一带电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹,P、Q是这条轨迹上的两点,据此可知()A.带点质点在P点的加速度大于在Q点的加速度B.带电质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能小C.带电质点通过P点时的动能比通过Q点时小D.带电质点一定带负电8、如图,电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r.将滑动变阻器滑片向下滑动,理想电压表示数变化量的绝对值分别为,理想电流表示数变化量的绝对值,则A.A的示数增大 B.的示数增大C.与的比值大于r D.大于9、如图所示为某物体系统做受迫振动的振幅A随驱动力频率f的变化关系图,则下列说法正确的是A.物体系统的固有频率为f0B.当驱动力频率为f0时,物体系统会发生共振现象C.物体系统振动的频率由驱动力频率和物体系统的固有频率共同决定D.驱动力频率越大,物体系统的振幅越大10、在如图所示的电路中,灯L1、L2的电阻分别为R1、R2,滑动变阻器的最大阻值为R0,若有电流通过,灯就发光,假设灯的电阻不变,当滑动变阻器的滑片P由a端向b端移动时,灯L1、L2的亮度变化情况是()A.当R2>R0时,灯L1B.当R2>R0时,灯L1C.当R2<R0时,灯L1D.当R2<R0时,灯L1三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)(1)用游标为20分度的卡尺测量某圆柱型电阻长度如图甲,由图可知其长度L=________mm.(2)用螺旋测微器测量其直径如图乙所示,由图可知其直径D=________mm.(3)该同学想用伏安法测量其电阻R(约200Ω),现有的器材及其代号和规格如下:待测圆柱体电阻R;电流表A1(量程0~5mA,内阻约50Ω);电流表A2(量程0~15mA,内阻约30Ω);电压表V1(量程0~3V,内阻约10kΩ);电压表V2(量程0~15V,内阻约25kΩ);直流电源E(电动势4V,内阻不计);滑动变阻器R1(阻值范围0~15Ω,允许通过的最大电流2.0A);滑动变阻器R2(阻值范围0~2kΩ,允许通过的最大电流0.5A);开关S;导线若干.为使实验误差较小,要求测得多组数据进行分析,应选用电流表______,电压表______,滑动变阻器_______(选填A1、A2、V1、V2、R1、R2).电路连接应是电流表______(选填内接或者外接),采用______接法(选填分压或限流).12.(12分)在测量电源的电动势和内阻的实验中,某同学根据电流表和电压表的示数,得到了如图所示的U—I图象,则该电源的电动势___V,内电阻___Ω。四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图所示,L1和L2是相距为d的平行线,L1上方和L2下方都是垂直纸面向里的磁感应强度均为B0的匀强磁场,A、B两点都在L2线上.一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子从A点以初速度v与L2线成θ=30°角斜向上射出,第2次回到L2线时正好过B点,不计粒子重力.(1)画出粒子从A点运动到B点的轨迹;(2)求粒子从A点运动到B点所需的时间;(3)若仅将带电粒子在A点时的初速度增大为2v,方向不变,求粒子从A点运动到B点所需的时间.14.(16分)如图所示,连按有定值电阻R的“U”型光滑金属导轨MNPQ固定在水平桌面上,导轨电阻忽略不计,质量为、电阻为r的金属棒ab垂直轨道并且两端套在导轨MP和NQ上,导轨宽度为L,细线一端连按金属棒ab,另一端通过定滑轮连接在质量为m的重物上,整个轨道处于竖直向下的匀强磁场中,磁感应强度大小为B。开始时整个装置处于静止状态,释放重物,金属棒ab开始运动,整个过程金属棒与轨道始终接触良好,当金属棒ab运动到虚线位置时,位移为S,达到最大速度,此时重物未落地,不计一切摩擦阻力和空气阻力,则从开始运动到达到最大速度的过程中,求:(1)金属棒ab中电流方向如何?哪端电势高?(2)金属棒所能达到的最大速度是多大?(3)电阻R上产生的焦耳热是多少?15.(12分)如图所示,虚线左侧有一场强为的匀强电场,在两条平行的虚线和之间存在着宽为、电场强度为的匀强电场,在虚线右侧相距为处有一与电场平行的屏.现将一电子(电荷量为,质量为)无初速度地放入电场中的点(点离两场边界距离为),最后电子打在右侧的屏上,连线与屏垂直,垂足为,求:(1)电子从释放到刚射出电场出时的速度大小.(2)电子刚射出电场时的速度方向与连线夹角的正切值.(3)电子打到屏上的点到点的距离.
参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、D【解题分析】因UC-UB=UE-UF,则UE=4V;FC连线中点的电势为U0=2.5V,则由UO-UC=UE-UD可知UD=3.5V,选项A错误;B点电势比C点低1V,则电子在B点的电势能比在C点高1eV,选项B错误;E点电势比B点高3V,电子从B点到E点电场力做功为3eV,选项C故选D2、D【解题分析】A极板与静电计相连,所带电荷电量几乎不变,B板与A板带等量异种电荷,电量也几乎不变,故电容器的电量Q几乎不变.将极板B稍向上移动一点,极板正对面积减小,电容C=εr⋅s4πkd减小,由公式C=QU知板间电压变大,则静电计指针的偏角【题目点拨】静电计测定电容器极板间的电势差,电势差越大,指针的偏角越大.根据电容的决定式C=εr⋅s3、B【解题分析】元电荷又称“基本电量”,在各种带电微粒中,电子电荷量的大小是最小的,人们把最小电荷量叫做元电荷,常用符号e表示,任何带电体所带电荷都是e的整数倍.所以B正确.故选B.【题目点拨】本题就是对元电荷概念的考查,知道元电荷的概念即可解决本题.4、C【解题分析】A项:通过电荷所受电场力与其电量的比值来定义电场强度,该点的电场强度已是定值,若放在P点的电荷的电量减半,其比值是不变的,只有电场力减半,故A错误;
B项:若P点没有检验电荷,则没有电场力,而P点的电场强度仍不变.故B错误;
C项:P点的场强越大,则同一电荷在P点所受的电场力越大,故C正确;
D项:P点的场强方向为检验正电荷在该点的受力方向,故D错误;点晴:电场强度是通过比值定义的,比值与其电场力及电量均没有关系.例如:质量与体积的比值定义为密度.当质量变大时,体积变大,而比值却不变.电场线虽不实际存在,但却能形象描绘电场的强度与方向.5、A【解题分析】
根据法拉第电磁感应定律:E=n,可知仅将磁通量的变化率增加为原来的4倍时,线圈中的感应电动势变为4E,故BCD错误,A正确。故选A。6、A【解题分析】
设磁场的磁感应强度为B,则有:Φ=BL2sin45°,求得B=2ΦL2,cd棒处于静止,则受到的安培力垂直于磁感应强度指向右上,设cd中的电流为I,则有:BILcos45°=mg,解得:I=mgLΦ,根据左手定则可知,cd棒中的电流方向从d到二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、AB【解题分析】
A、电场线密的地方表示场强大,故P点的电场强度大,则电场力大,根据牛顿第二定律可知P加速度也大;故A正确.B、C、根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右方,从P到Q过程中电场力做负功,电势能增大,动能减小,故P点的电势能小,动能大,故B正确,C错误;D、电荷所受电场力指向轨迹内侧,由于不知道电场的方向,因此无法确定质点带正电还是带负电,故D错误.故选AB.8、ACD【解题分析】
A.滑动变阻器的滑片向下滑动,导致滑动变阻器阻值变小,由于电压表断路,定值电阻和滑动变阻器为串联,滑动变阻器阻值变小,总电阻变小,电源电动势不变,总电流变大,即电流表示数变大,选项A对;B.电压表测量定值电阻的电压,电阻不变,总电流变大,所以电压变大即示数增大.电压表测量定值电阻和滑动变阻器总电压即路端电压,示数变小,选项B错;D.电压表测量滑动变阻器电压,设电流增加量为,则根据,,所以,选项D对;C.电压表的变化量,所以,选项C对.9、AB【解题分析】
A.由振动图像可知,当驱动力的频率为f0时振幅最大,则由共振的条件可知,物体系统的固有频率为f0,选项A正确;B.当驱动力频率为f0时,物体系统会发生共振现象,选项B正确;C.物体系统振动的频率由驱动力频率决定,选项C错误;D.驱动力频率越接近于系统的固有频率时,物体系统的振幅越大,选项D错误。10、AD【解题分析】
AB.当R2>R0时,灯L2与滑动变阻器的左部分串联的总电阻一定大于右部分的电阻,当变阻器的滑片P由a端向b端移动时,电路总电阻增大,总电流减小,所以通过灯L1的电流减小,灯L1变暗,通过灯L2的电流变大,灯L2变亮,故CD.当R2<R0时,灯L2与滑动变阻器的左部分串联的总电阻先大于后小于右部分的电阻,则当滑动变阻器的滑片P由a端向b端移动时,总电阻先增大,后减小,所以总电流先减小后增大,所以通过灯L1的电流先减小后增大,故灯L1先变暗后变亮,而通过L2的电流一直变大,灯L2不断变亮,故三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、50.15;0.4700;见解析;【解题分析】(1)游标卡尺的读数为L=50mm+3×0.05mm=50.15mm;(2)螺旋测微器的读数为:d=4.5mm+20.0×0.01mm=4.700mm=0.4700cm;(3)由于电压表V2量程太大(量程的大于电源的电动势),所以电压表应选择V1,根据欧姆定律可求出通过待测电阻的最大电流为,所以电流表应选择A2,根据实验要求多测几组数据可知变阻器应采用分压式接法,应选择阻值小的变阻器以方便调节;由于待测电阻满足,电流表应用外接法,所以电路应是“分压外接”电路,如图所示12、1.51.0【解题分析】
根据闭合电路欧姆定律有则可知图象与纵轴的交点表示电动势,图象的斜率表示内电阻;则由图示电源U−I图可知,电源的电动势为内电阻为四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)见解析(2)+(3)+【解题分析】
(1)轨迹如图所示(2)粒子在L1和L2间运动的总时间为t1=粒子在菘磁场中运动的总时间为t2=粒子从A点运动到B点所需的时间为t=t1+t2=+(3)初速度增大为2v时,不影响粒子在磁场中的运动时间,在L1和L2运动的总时间为原来的2倍,t′=+14、(1)金属棒ab中的电流方向由b指向a,a端的电势高;
(2)金属棒所能达到的最大速度为;
(3)电阻R上产生的焦耳热为【解题分析】
(1)根据右手定则或楞次定律可以判断出金属棒的电流方向由b指向a,a端的电势高;(2)金属棒ab在重物的作用下开始运动,导体切断磁感线,产生感应电动势和感应电流,从而受到安培力的作用,在水平方向,导体棒ab受到拉力和安培力的作用,
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