2024届山西省太原市第十二中学物理高二第一学期期中检测试题含解析

2024届山西省太原市第十二中学物理高二第一学期期中检测试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，木箱放在传送装置的水平台阶上，在木箱随台阶向上做匀速直线运动的过程中，下列说法正确的是（）A．木箱受到的合外力不为零 B．木箱受到的支持力大于重力C．台阶对木箱没有摩擦力作用 D．台阶对木箱的作用力方向斜向上2、关于磁通量的说法，正确的是（）A．在磁场中穿过某一面积的磁感线条数，就叫穿过这个面积的磁通量B．在磁场中只有垂直穿过某一面积的磁感线条数，才叫穿过这个面积的磁通量C．在磁场中某一面积与该磁感应强度的乘积，就叫穿过这个面积的磁通量D．在磁场中穿过某一面积的磁感线条数与该面积的比值叫磁通量3、在光滑的绝缘水平面上放着带电小球甲和乙，若它们的带电荷量的关系是q甲=4q乙，质量关系m甲=3m乙，则它们在库仑力的作用下产生的加速度之比是：A．a甲：a乙=1：12B．a甲：a乙=12：1C．a甲：a乙=1：3D．a甲：a乙=3：44、如图所示是电场中某区域的电场线分布，a、b是电场中的两点，则（）A．a点的电场强度较大B．电场中a点的电势比b点低C．同一点电荷放在a点受到的电场力比放在b点时受到电场力小D．正电荷放在a点静止释放，在电场力作用下运动的轨迹与电场线一致5、在物理学的发展过程中，科学的物理思想与方法对物理学的发展起到了重要作用，下列关于物理思想和方法说法不正确的是（）A．质点、点电荷、试探电荷是同一种思想方法B．重心、合力都体现了等效思想C．伽利略在研究自由落体运动时运用了理想实验的方法D．伽利略首次提出“提出假说，数学推理，实验验证，合理外推“的科学推理方法6、以下说法正确的是：A．带电体的形状，大小及电荷分布情况对相互作用力的影响可忽略时，就可以看成元电荷B．等势面的疏密表示电场的强弱C．金属的电阻率几乎不受温度变化的影响，常用金属做标准电阻D．根据安培分子电流假说，一切磁现象都是由电荷运动产生的二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，光滑绝缘的半球形容器处在水平向右的匀强电场中，一个质量为m，电荷量为+q的小球在容器边缘A点由静止释放，结果小球运动到B点时速度刚好为零，OB与水平方向的夹角0=60º，重力加速度为g，不计空气阻力，则下列说法正确的是A．小球重力与电场力的关系是B．小球在B点时，对容器的压力为C．小球在A点和B点的加速度大小相等D．如果小球带负电，还能沿AB圆弧面运动8、如图所示，水平放置的平行板电容器M、N与一电源相连在电容器的两板间有一带电的小球P处于静止状态现将电容器两板间的距离增大，则A．电容变大 B．小球向上运动 C．电容变小 D．小球向下运动9、如图所示电路中，电源电动势E＝10V，内阻r=0.5Ω。灯泡L“8V、16W”恰能正常发光，电动机M绕组的电阻R0＝1Ω。则下列说法中正确的是A．流经电源的电流是2AB．电动机的输出功率12WC．电动机的输出功率是10WD．电源的输出功率是32W10、要使真空中的两个点电荷间的库仑力增大到原来的4倍,下列方法中可行的是：()A．使两个点电荷的电荷量都加倍,同时电荷间的距离变为原来的1/2B．使两个点电荷的电荷量都减半,同时电荷间的距离变为原来的1/4C．保持点电荷的电荷量不变,同时将两个点电荷间的距离减小为原来的1/2D．保持点电荷的电荷量不变,使两个电荷间的距离增大到原来的2倍三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在测某种材料制成的均匀圆柱体的电阻率的实验中，需要测量其长度L、直径d和电阻R．（1）如图甲，使用游标卡尺测量其长度L为_____mm；如图乙，使用螺旋测微器测量其直径d为_____mm；（2）若用图丙电路测圆柱体的电阻，则测量结果将比真实值_____（填“偏大”或“偏小”）12．（12分）有一只量程为6V的电压表，内阻约为5～8kΩ，某同学要精确地测量该电压表的内阻，设计的测量电路如图甲所示，其中R2为最大电阻9999Ω的电阻箱，R1为滑动变阻器，电源电动势为9V，内阻很小．实验步骤如下：①按电路图连接电路；②闭合S2；③将滑动变阻器滑片调至最左端；④闭合S1；⑤调节滑动变阻器，使电压表满偏；⑥再断开S2，调节电阻箱，调至电压表半偏，并记下电阻箱的读数，并认为此时电阻箱的电阻为该电压表的内阻．(1)乙图电阻箱的读数为_____kΩ．(2)实验室中有两个滑动变阻器：(a)最大阻值为15Ω，额定电流为1A；(b)最大阻值为30kΩ，额定电流为25mA，为了能精确测量电压表内阻，实验中应选择____滑动变阻器(填变阻器前的字母代号)．(3)实验中S2从闭合到断开(断开S2之前，电阻箱置于9999Ω)，断开后A、B两点的电压UAB_____6V(选填“>”、“<”或“=”)．(4)实验中由于电路设计所存在的实验误差(系统误差)，导致测量值_____真实值(选填“>”、“<”或“=”)．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示电路中，R1=3Ω，R2=6Ω，R3=1.5Ω，C=20μF。当开关S1闭合、S2断开，电路稳定时，电源的总功率为（1）电源电动势E和内电阻r；（2）当S1、S（3）当S1闭合，分别计算在S14．（16分）如图所示，有一质子经电压为U0的加速电场加速后，进入两板长为L、间距为d、板间电压为U的偏转电场，若质子从两板正中间垂直射入偏转电场，求：（1）质子刚进入偏转电场时的速度大小；（2）质子穿出偏转电场时的侧位移；（3）若L=d，U=2U0,则质子穿出偏转电场时的偏转角θ是多少．15．（12分）某发电机输电电路的简图如图所示，发电机的矩形线框ABCD处于磁感应强度大小为的水平匀强磁场中，线框面积为S=0.25m2，匝数为100匝，电阻不计．线框绕垂直于磁场的轴OO'以角速度ω=l00πrad/s匀速转动，并与升压变压器的原线圈相连，升压变压器原、副线圈的匝数之比1：20，降压变压器的副线圈接入若干“220V，100W”的灯泡，两变压器间的输电线等效电阻R=20Ω，变压器均为理想变压器．当发电机输出功率为时，灯泡正常发光.求：(1)电压表读数；(2)输电线上损失的功率；(3)降压变压器原、副线圈的匝数之比.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解题分析】

木箱随台阶向上做匀速直线运动，受合力为零，即木箱所受的重力和支持力平衡，不受摩擦力作用，台阶对木箱的作用力竖直向上；故C正确，ABD错误。

故选C。2、A【解题分析】

磁通量可以形象说成穿过某一面积的磁感线的条数，当磁感线与线圈垂直时，磁通量；当磁感线与线圈平行时，磁通量为零．因此不能根据磁通量的大小来确定磁感应强度．【题目详解】AB．磁通量可以形象说成穿过某一面积的磁感线的条数，与该面积与磁场是否垂直无关，A正确B错误；C．只有当磁感线与线圈平面垂直时，磁通量的大小才为；当磁感线与线圈平面不垂直时，磁通量的大小一般公式，是线圈平面与磁场方向的夹角，C错误；D．当线圈平面与磁场垂直时，在磁场中穿过某一面积的磁感线条数与该面积的比值，即磁通量与面积的比值等于磁感应强度，D错误．【题目点拨】此题考查磁通量的概念及计算公式与成立条件，同时让学生明白同一磁场，同一线圈不同的放置，则穿过线圈的磁通量不同．3、C【解题分析】两个电荷之间的库仑力大小相等方向相反，所以加速度之比等于质量的反比，为a甲：a乙=1：3，C对；4、A【解题分析】

由图可知，a点处电场线较密，电场强度较大。根据F=Eq可知同一点电荷放在a点受到的电场力比放在b点时受到电场力大，故A正确，C错误。顺着电场线电势降低，可知电场中a点的电势比b点高，选项B错误；正电荷放在a点受到的电场力沿电场线的切线方向，由静止释放后，正电荷将离开电场线，所以其运动轨迹与电场线不一致。故D错误。故选A。【题目点拨】本题考查对电场线物理意义的理解．要注意只有当电场线是直线，而且电荷无初速度或初速度方向与电场线共线时，电荷的轨迹才与电场线一致．5、C【解题分析】质点和轻弹簧均采用了理想模型法，故是同一种思想方法，故A说法正确；重心、合力都体现了等效思想，故B说法正确；伽利略在研究自由落体运动时运用实验和逻辑推理相结合的方法，故C说法错误；伽利略首次提出“提出假说，数学推理，实验验证，合理外推“的科学推理方法，故D说法正确．所以选C．6、D【解题分析】

带电体的形状，大小及电荷分布情况对相互作用力的影响可忽略时，就可以看成点电荷，故A错误；等差等势面等势线的疏密才可以反映电场强度的强弱，故B错误；、某些合金的电阻率几乎不受温度变化的影响，常用来制作标准电阻，故C错误；一切磁现象都起源于电流或运动电荷；而一切磁作用都是通过磁场而发生的相互作用，故D正确．所以D正确，ABC错误．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解题分析】

A.由于小球运动到B点时速度刚好为零，说明B点为“等效重力场”的最高点，由对称性可知，在圆弧AB的中点即为“等效重力场”的最低点即受力平衡点，由平衡条件可得：，故A正确；B.在B点对小球受力分析且沿半径指向圆心方向的合力为零，即，故B错误；C.在“等效重力场”中根据对称性可知，小球在A、B两点的加速度大小相等，故C正确；D.如果小球带负电，则小球受到的电场力方向向左且电场力大于小球的重力，重力与电场力的合力向左下方，所以小球将脱离AB圆弧面，故D错误．故选AC。8、CD【解题分析】

因质点原来处于静止状态，则有，且电场力向上；由可知，当d增大时，电容C减小，因电容器与电池相连，所以两端的电势差不变，因d增大，由可知，极板间的场强减小，故电场力小于重力，质点将向下运动，B错误．9、BD【解题分析】由题可知，电路中路端电压为U=8V，电路中的总电流，则电源的输出功率，故A错误，D正确；通过灯泡的电流，通过电动机的电流IM=I-IL=2A，电动机的热功率，电动机的输出功率：P出=UIM-P热=8×2W-4W=12W，故B正确，C错误；故选BD。10、BC【解题分析】使两个点电荷的电荷量都加倍，同时电荷间的距离变为原来的，根据库仑定律的公式：，知，库仑力变为原来的16倍，故A错误；使两个点电荷的电荷量都减半，同时电荷间的距离变为原来的，根据库仑定律的公式：，知，库仑力变为原来的，故B正确；保持点电荷的电荷量不变，同时将两个点电荷间的距离减小为原来的，根据库仑定律的公式：，知，库仑力变为原来的4倍，故C正确；保持点电荷的电荷量不变，使两个电荷间的距离增大到原来的2倍，根据库仑定律的公式：，知，库仑力变为原来的，故D错误．故BC正确，AD错误．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、(1)50.154.700(或4.699)(2)偏小【解题分析】(1)由图所示游标卡尺可知，其示数为：50mm+3×0.05mm=50.15mm．由图示螺旋测微器可知，其示数为：4.5mm+20.0×0.01mm=4.700mm.(2)图丙采用了电流表外接法，由于电压表内阻不是无穷大，故电压表分流导致电流表测量电流大于流过电阻的电流，则可知测量值偏小.【题目点拨】本题考查了螺旋测微器、游标卡尺、电压表与电流表的读数，要掌握常用器材的使用方法与读数方法；同时掌握电学实验误差分析的基本方法12、7.5a>>【解题分析】(1)电阻箱的读数为(7000+500)Ω=7.5kΩ．(2)本题采用分压式，所以选用(a)．(3)因为断开开关S2后，总电阻增加，AB两端的电压要大于6V．(4)电压表半偏时，R2两端电压大于3V，R2大于电压表电阻，测量者大于真实值．点睛：半偏法测量电表内阻的模型需熟记，并理解其对应原理和误差分析．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、4V0.5Ω3.5W0.5W06×【解题分析】试题分析：（1）当开关S1闭合、S2断开电路稳定时，R2和R3串联．当开关S1、S2都闭合电路稳定时，R1和R2并联，再与R3串联，结合闭合电路欧姆定律以及功率的公式求出电源的电动势和内电阻；（2）当开关S1闭合、S2断开电路稳定时，电容器与并联在R2两端，电容器板间电压等于R2两端的电压，由Q=CU求出电容器所带的电量；（3）当（1）当S1闭合、S电源消耗的总功率为P代入数据得：2=E当S1、S2电源消耗的总功率为P代入数据：4=E联立①②解得电源的电动势E=4V，内电阻r=0.5Ω（2）当S1、S2干路上总电流I=电源的输出功率P=UI=电源内部产生的热功率P=（3）当S1、S2故电容器所带的电荷量为Q=0当S1闭合、S外部总电阻R干路上总电流I电容