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文档简介

2024届河南省八市重点高中联盟“领军考试”物理高二第一学期期中质量检测模拟试题注意事项:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型(B)填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2.作答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑;如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答,答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上;如需改动,先划掉原来的答案,然后再写上新答案;不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、如图所示,纸面内有一矩形导体闭合线框abcd,ab边长大于bc边长,置于垂直纸面向里、边界为MN的匀强磁场外,线框两次匀速地完全进入磁场,两次速度大小相同,方向均垂直于MN.第一次ab边平行MN进入磁场,线框上产生的热量为Q1,通过线框导体横截面积的电荷量为q1;第二次bc边平行于MN进入磁场,线框上产生的热量为Q2,通过线框导体横截面的电荷量为q2,则()A.Q1>Q2,q1=q2 B.Q1>Q2,q1>q2 C.Q1=Q2,q1=q2 D.Q1=Q2,q1>q22、有一个带电量为+q,重为G的小球,从两竖直的带电平行板上方h处自由落下,两极板间匀强磁场的磁感应强度为B,方向如图所示,则带电小球通过有电场和磁场的空间时,下列说法正确的是A.一定做曲线运动B.有可能做匀加速直线运动C.不可能做曲线运动D.有可能做匀速直线运动3、如图所示,平行板电容器保持与直流电源两极连接,电子由静止开始从A板向B板运动,当到达B板时速度为v,则()A.当增大两极板间距离后,电容器电量Q变大,v也增大B.当减小两极板间距离后,电容器电量Q变大,v也增大C.当增大两极板间距离后,电容器电量Q变小,v保持不变D.当增大两极板间距离后,电容器电量Q变小,v也变小4、如图所示,一段导线abcd弯成半径为R.圆心角为90°的部分扇形形状,置于磁感应强度大小为B的匀强磁场中,且与磁场方向(垂直于纸面向里)垂直,线段ab和cd的长度均为,流经导线的电流为I,方向如图中箭头所示。则abcd导线受到的安培力的方向和大小为()A.方向沿纸面向上,大小为B.方向沿纸面向上,大小为C.方向沿纸面向下,大小为D.方向沿纸面向下,大小为5、下列物理量中为矢量的是()A.质量 B.电势 C.路程 D.磁感应强度6、如图所示,一电荷量q=+3×10-5C的小球,用绝缘细线悬挂于竖直放置足够大的平行金属板中的O点,开关S合上后,小球静止时细线与竖直方向的夹角θ=37°.已知两板间距d=0.1m,电源电动势E=15V,内阻r=0.5Ω,电阻R1=3Ω,R2=R3=R4=1Ω,.取g=10m/s2,已知sin37°=0.6,cos37°=0.1.则以下说法正确的是()A.电源的输出功率为14WB.两板间的电场强度的大小为140V/mC.带电小球的质量5.6毫克D.若增加R1的大小,会有瞬时电流从右向左流过R4二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示,光滑绝缘细管与水平面成30°角,在管的上方P点固定一个点电荷+Q,P点与细管在同一竖直平面内,管的顶端A与P点连线水平.电荷量为-q的小球(小球直径略小于细管内径)从管中A处由静止开始沿管向下运动,在A处时小球的加速度为a.图中PB⊥AC,B是AC的中点,不考虑小球电荷量对电场的影响.则在+Q形成的电场中()A.A点的电势高于B点的电势B.B点的电场强度大小是A点的4倍C.小球从A到C的过程中电势能先减小后增大D.小球运动到C处的加速度为g-a8、两滑块a、b沿水平面上同一条直线运动,并发生碰撞;碰撞后两者粘在一起运动;经过一段时间后,从光滑路段进入粗糙路段。两者的位置x随时间t变化的图象如图所示。则整个运动过程中,下列说法正确的是()A.滑块a、b的质量之比m1:m2=1:8B.滑块a、b的质量之比m1:m2=1:4C.两滑块克服摩擦力做的功与因碰撞而损失的机械能之比W:△E=1:2D.两滑块克服摩擦力做的功与因碰撞而损失的机械能之比W:△E=1:19、如图甲所示,A、B是一对平行的金属板,在两板间加上一周期为T的交变电压U,A板的电势,B板的电势随时间的变化规律为如图乙所示,现有一电子从A板上的小孔进入两板间的电场区内,设电子的初速度和重力的影响均可忽略,则()A.若电子是在t=0时刻进入的,它可能不会到达B板B.若电子是在时刻进入的,它一定不能到达B板C.若电子是在时刻进入的,它可能时而向B板运动,时而向A板运动,最后穿过B板D.若电子是在时刻进入的,它可能时而向B板运动,时而向A板运动,最后穿过B板10、如图所示,在轴上有两个波源,分别位于和处,振幅均为A=2cm,由它们产生的两列简谐横波分别沿轴正方向和负方向传播,波速均为=0.4m/s,图示为时刻两列波的图象(传播方向如图所示),此刻平衡位置处于和的P、Q两质点,刚开始振动,质点M的平衡位置处于处,关于各质点运动情况判断正确的是A.质点P、Q都首先沿轴负方向运动B.时刻,质点M相对平衡位置的位移为-2cmC.经过ls后,M点的振幅为4cmD.经过1.5s后,P点的振幅为4cm三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)(1)在“测定金属的电阻率”的实验中,用螺旋测微器测量金属丝的直径,如图所示,金属丝直径d=___________mm;(2)下述关于用多用电表欧姆挡测电阻的说法中正确的是___________。A.测量电阻时,如果指针偏转过大,应将选择开关S拨至倍率较小的挡位,重新调零后测量B.测量电阻时,如果红、黑表笔分别插在负、正插孔,则会影响测量结果C.测量电路中的某个电阻,应该把该电阻与电路断开D.测量阻值不同的电阻时,都必须重新调零(3)用电流表和电压表测定由三节干电池串联组成的电池组(电动势约4.5V,内电阻约1Ω的电动势和内电阻,除待测电池组、电键、导线外,还有下列器材供选用:A.电流表:量程0.6A,内电阻约1Ω;B.电流表:量程3A,内电阻约0.2Ω;C.电压表:量程3V,内电阻约30kΩ;D.电压表:量程6V,内电阻约60kΩ;E.滑动变阻器:0-1000Ω,额定电流0.5A;F.滑动变阻器:0-20Ω,额定电流2A;为了使测量结果尽量准确,电流表应选用______,电压表应选用_______,滑动变阻器应选用_______(均填仪器的字母代号).12.(12分)某同学想描绘某一热敏电阻的伏安特性曲线,实验室提供下列器材:A.电压表V(量程为0~5V,内阻约5k)B.电流表A1(量程为0~25mA,内阻约0.2)C.电流表A2(量程为0~0.6A,内阻约0.1)D.滑动变阻器R1(0~10,额定电流1.5A);E.滑动变阻器R2(0~1000,额定电流0.5A)F.定值电阻R0(R0=1000)G.直流电源(电动势6V,内阻忽略不计)H.电键一个、导线若干(1)该同学选择了适当的器材组成描绘伏安特性曲线的电路,得到热敏电阻电压和电流的7组数据(如下表),请你在方格纸上作出热敏电阻的伏安特性曲线_________.(2)由此曲线可知,该热敏电阻的阻值随电压的增大而_______(选填“增大”或“减小”).该同学选择的电流表是___(选填“B”或“C”),选择的滑动变阻器是___(选填“D”或“E”)(3)请在下面的方框中画出该同学完成此实验的电路图_________(热敏电阻符号为).四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图,质量的长木板静止在光滑的水平面上,有一个质量的可看作质点的物体以的水平初速度从木板的左端冲上木板,相对木板滑行了2m后与木板保持相对静止,求:(1)木板最终获得的速度;(2)在此过程中产生的热量;(3)从开始到物块与木板相对静止时,木板前进的距离是多少?14.(16分)如图所示,长度L=10m的水平传送带以速率v0=4m/s沿顺时针方向运行,质量m=1kg的小物块(可视为质点)以v1=6m/s的初速度从右端滑上传送带.已知物块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.2,重力加速度g=10m/s2,求:(1)物块相对地面向左运动的最大距离为多少?(2)物块从滑上传送带到滑下传送带所用的时间为多少?15.(12分)如图所示,一小型发电站通过升压变压器B1和降压变压器B2把电能输送给用户(B1和B2都是理想变压器),已知发电机的输出功率为500kW,输出电压为500V,升压变压器B1原、副线圈的匝数比为1∶10,两变压器间输电导线的总电阻为2Ω,降压变压器B2的输出电压为220V.求:(1)输电导线上损失的功率;(2)降压变压器B2的原、副线圈的匝数之比.

参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、A【解题分析】设ab和bc边长分别为L1,L2,若假设穿过磁场区域的速度为v,,;

同理可以求得:,;

L1>L2,由于两次“穿越”过程均为相同速率穿过,因此:Q1>Q2,q1=q2,故A正确,BCD错误.故选A.在电磁感应题目中,公式,常考,要牢记,选择题中可直接应用,计算题中要写出推导过程;对于电磁感应能量问题一般有三种方法求解:①利用电路中产生的热量等于克服安培力做得功;②利用动能定理;③利用能量守恒;具体哪种方法,要看题目中的已知条件.2、A【解题分析】试题分析:若小球进入磁场时电场力和洛伦兹力相等,由于小球向下运动时,速度会增加,小球所受的洛伦兹力增大,将不会再与小球所受的电场力平衡,不可能做匀加速直线运动,也不可能做匀速直线运动.若小球进入磁场时电场力和洛伦兹力不等,则合力方向与速度方向不在同一条直线上,小球做曲线运动.综上所述,小球一定做曲线运动,A正确;考点:考查了带电粒子在复合场中的运动【名师点睛】解决本题的关键通过小球的受力判断小球的运动情况,知道当合力方向与速度方向在同一条直线上,做直线运动,当合力方向与速度方向不在同一条直线上,小球做曲线运动.3、C【解题分析】

当增大两板间距离后,根据得电容减小,平行板电容器保持与直流电源两极连接,电压不变,所以通过得出电容器电量变小;同理当减小大两板间距离后,Q变大;在以上两种情况下,根据动能定理研究电子由静止开始从板向板运动列出等式所以两板间距离变化时,不变,综上分析ABD错误,C正确。故选C。4、A【解题分析】

图中导线的等效导线为图中蓝线所示,

由几何关系等效导线的长度故由左手定则判断其受力方向为向上;A.方向沿纸面向上,大小为,与结论相符,选项A正确;B.方向沿纸面向上,大小为,与结论不相符,选项B错误;C.方向沿纸面向下,大小为,与结论不相符,选项C错误;D.方向沿纸面向下,大小为,与结论不相符,选项D错误;5、D【解题分析】

ABC.质量、电势、路程均为只有大小没有方向的物理量,是标量,故ABC错误。D.磁感应强度既有大小又有方向,是矢量,故D正确。6、B【解题分析】

R2=R3=1Ω,并联后的电阻值为:R′=R2=4Ω;由闭合电路的欧姆定律得:;电源的输出功率P=EI-I2r=15×2-22×0.5=21W,故A错误;两板间的电压为:UC=I(R1+R23)=2×(3+4)=14V;两板间的电场强度为:,故B正确;小球处于静止状态,所受电场力为F,又F=qE,由平衡条件得:水平方向Tcosα-mg=0;竖直方向:Tsinα-qE=0;得:m==5.6×10-4kg,故C错误;若增加R1的大小,电容两端电压增大,电容器充电,会有瞬时电流从左向右流过R4,故D错误.故选B.二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、BCD【解题分析】试题分析:正点电荷的电场线发散型,由于沿着电场线方向,电势降低,因此A点的电势低于B点的电势,故A错误;结合几何关系知:PA=2PB,由点电荷电场强度公式,可知电场强度的大小与间距的平方成反比,则B点的电场强度大小是A点的4倍,故B正确;根据电场力做正功,电势能减小;电场力做负功,电势能增加,可知:小球带负电,从A到C的过程中,电场力先做正功,后做负功,则电势能先减小后增大,故C正确;在A处时小球的加速度为a,对A点受力分析,电场力、重力与支持力,由力的合成法则可知,合外力由重力与电场力沿着细管方向的分力之和提供的;当在C处时,小球仍受到重力、电场力与支持力,合外力是由重力与电场力沿着细管方向的分力之差提供的,即为g-a.故D正确.故选BCD.考点:电势能;功能关系.8、AC【解题分析】

AB.设a、b的质量分别为m1、m2,a、b碰撞前地速度为v1、v2。

由题给的图象得:v1=-2m/s

v2=1m/s

a、b发生完全非弹性碰撞,碰撞后两滑块的共同速度为v。

由题给的图象得:两球碰撞过程系统动量守恒,以球a的初速度方向为正方向,由动量守恒定律得:m1v1+m2v2=(m1+m2)v解得:m1:m2=1:8故A正确,B错误;CD.由能量守恒得,两滑块因碰撞损失的机械能为:由图象可知,两滑块最后停止运动,由动能定理得,两滑块克服摩擦力所做的功为:解得:W:△E=1:2故C正确,D错误;9、BC【解题分析】A、若电子从t=0时刻进入,电子将做单向直线运动,A错误;B、若电子从时刻进入两板,则电子受到电场力方向向左,故无法到达B板,B正确;C、电子从时刻进入两板时,电子先加速,经时间速度最大,此时电子受到电场力反向,经速度减为零,再加速反向速度最大,接着减速速度为零,它时而向B板运动,时而向A板运动,但一个周期内总的位移向右,最后穿过B板,C正确;D、电子从时刻进入两板时,电子先加速,经时间速度最大,此时电子受到电场力反向,经速度减为零,再加速反向速度最大,接着减速速度为零,它时而向B板运动,时而向A板运动,但一个周期内总的位移向左,无法穿过B板,D错误.故选BC.10、AC【解题分析】

由波的传播方向结合上下坡的方法可确定质点的振动方向质点P、Q均沿y轴负方向运动.故A正确;根据解得,根据波的传播可知时刻,两波的波谷恰好传到质点M,所以位移为-4cm,故B错误;由于M点到两个波源的距离相等,所以M点是个振动加强点,所以M点的振幅为4cm,故C正确,因为P点到两个波源的距离符合半个波长的奇数倍,所以P点是个减弱点,根据叠加原理可知此时P的振幅为0,故D错误;故选AC三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、0.697(0.696—0.698均可)ACADF【解题分析】

(1)[1]螺旋测微器的读数为:;(2)[2]A.测量电阻时如果指针偏转过大,则示数较小,所选挡位太大,应换小挡,应将选择开关S拨至倍率较小的档位,重新调零后测量,A正确;B.测量电阻时,如果红、黑表笔分别插在负、正插孔,不会影响测量结果,B错误;C.由于多用电表测量电阻时,内容有电源,所以测量电路中的某个电阻,应该把该电阻与电路断开,C正确;D.用同一挡位测量阻值不同的电阻时不必重新调零,换挡后要重新进行欧姆调零,D错误;(3)[3]实验中电流较小,若选用3A量程测量误差较大;故为了准确测量,电流表应选A;[4]电源电动势约为1.5×3=4.5V,电压表应选D;[5]电阻值太大,调节不方便,为方便实验操作,滑动变阻器应选F;12、减小BD【解题分析】

(1)根据表中数据在坐标纸上描点,再用平滑的曲线连接各点,作出图象如图所示:(2)图象的斜率表示电阻R的倒数,根据图象可知斜率逐渐增大可知:该热敏电阻的阻值随电压的增大而减小,电流的变化范围为0-20mA,所以电流表选择B,滑动变阻器的特点是:电阻大的调节精度低,电阻变化快,操作不方便,故选小电阻的R1,故选D;(3)由表中实验数据可知,电压与电流从零开始变化,滑动变阻器应采用分压接法

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