新疆哈密石油高中2024届物理高一上期末监测试题含解析

新疆哈密石油高中2024届物理高一上期末监测试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、两个分力F1和F2之间的夹角为，其合力为F，下列说法正确的是（）A.合力F等于F1和F2的代数和B.若F1和F2大小不变，夹角越小，合力F一定越小C.若夹角不变，F1和F2都减小，合力可能增大D.若夹角不变，F1大小不变，F2增大，则合力F一定增大2、如图是长征火箭把载人神舟飞船送入太空的情景．宇航员在火箭发射与飞船回收的过程中均要经受超重或失重的考验．下列说法正确是A.火箭加速上升时，宇航员处于失重状态B.飞船加速下落时，宇航员处于超重状态C.飞船落地前减速，宇航员对座椅的压力小于其重力D.火箭加速上升时，若加速度逐渐减小时，宇航员对座椅的压力逐渐减小，但仍大于其重力3、如图所示，人用手握住一个油瓶，并确保能使瓶子静止在竖直方向上，以下说法中正确的是（）A.手握得越紧，油瓶受的摩擦力就会越大B.手握得越紧，油瓶与手之间的动摩擦因数就会越大C.手握得越紧，油瓶与手之间的最大静摩擦力就会越大D.往油瓶里添油，油瓶受的摩擦力不变4、为了估算井口到水面的距离，让一个小石块从井口自由落下，经过2s后听到石块击水的声音，则井口到水面的距离约为（）A. B.C. D.5、一辆汽车以20m/s的速度行驶，现因故刹车，并最终停止运动，已知汽车刹车过程的加速度大小是5m/s2．则汽车从刹车起经过5s所通过的距离是（）A.60m B.50mC.40m D.30m6、物体沿一条东西方向的水平线做直线运动，取向东为运动的正方向，其速度-时间图像如图所示，下列说法中正确的是（）A.在1s末，物体的速度为9m/sB.0～2s内，物体的加速度为6m/s2C.6～7s内，物体做速度方向向西的加速运动D.10～12s内，物体做速度方向向东的加速运动7、一位同学站在电梯中的弹簧体重计上，随电梯一起运动，发现体重计的示数大于他的体重，由此可知电梯可能的运动情况是（）A.加速上升B.减速上升C.加速下降D.减速下降8、如图所示是某同学站在力传感器上做下蹲-起立的动作时记录的压力F随时间t变化的图线．由图线可知该同学（）A.做了一次下蹲-起立动作B.做了两次下蹲-起立的动作，且下蹲后约4s起立C.下蹲过程处于失重状态，起立过程处于超重状态D.下蹲过程先处于失重状态后处于超重状态9、如图甲所示，质量为m=1kg的物体置于倾角为的固定且足够长的斜面上，t=0时刻对物体施加沿斜面向上的拉力F，使物体开始沿斜面上滑，作用一段时间t撤去拉力F，物体速度的平方与位移之间的关系图像如图乙所示．已知g=10，sin=0.6．下列说法正确的是A.物体与斜面之间的动摩擦因数为B.撤去拉力的时刻为t=0.5sC.拉力F的大小为24.5ND.物体沿斜面上滑的过程所用时间为2s10、如图所示，逆时针匀速转动的传送带与水平面的夹角θ，在传送带顶端静止释放小物块，小物块以加速度a1加速下滑，当小物块与传送带共速后，以加速度a2加速下滑，小物块与传送带间的动摩擦因数为μ。则下列说法正确的是（）A.a1>a2 B.a1=a2C.μ=tanθ D.μ<tanθ二、实验题11、（4分）12、（10分）三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）如图所示，足够长的长木板AB质量M＝2kg在水平地面上，可视为质点的木块质量m＝1kg在长木板的左端A处，木块与长木板保持相对静止一起向右运动，当右端B经过地面上O点时速度为v0＝5m/s，长木板与P点处的挡板瞬间碰撞后立即以原速率反向弹回，而木块在此瞬间速度不变，已知O点与P点间距离x0＝4.5m，木板与地面间动摩擦因数＝0.1，木块与长木板间动摩擦因数＝0.4，g取10m/s2（1）求长木板碰挡板时的速度v1的大小；（2）当木块与挡板的距离最小时，木块与长木板左端A之间的距离14、（14分）如图所示，在倾角30°斜面上有一竖直放置的挡板，存挡板和斜面之间有一重为G＝20N的光滑圆球．求：(1)斜面对球的支持力大小：(2)挡板对球的弹力大小15、（13分）如图所示，斜面体ABC固定在地面上，小球p从A点静止下滑，当小球p开始下滑时，另一小球q从A点正上方的D点水平抛出，两球同时到达斜面底端的B处。已知斜面AB光滑，长度l=2.5m，斜面倾角为。不计空气阻力，g取10m/s2.求：(1)小球p从A点滑到B点的时间；(2)小球q抛出时初速度的大小。

参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、C【解题分析】A．F1和F2的矢量和等于F，不是代数和，故A错误；B．由平行四边形定则可知，若F1和F2大小不变，θ角越小，合力F越大，故B错误；C．如果F1和F2两个力反向且F1比F2减小得多，则合力增大，故C正确；D．若夹角θ不变，F1大小不变，F2增大，若F2与F1反向且F1＞F2，则合力F减小，故D错误。故选C。2、D【解题分析】A.火箭加速上升时，加速度方向向上，宇航员处于超重状态．故A错误B.飞船加速下落时，加速度方向向下，宇航员处于失重状态，故B错误．C.飞船在落地前减速，加速度方向向上，宇航员处于超重状态，宇航员对座椅的压力大于其重力，故C错误．D.火箭加速上升时，加速度方向向上，宇航员处于超重状态，宇航员对座椅的压力大于其重力，若加速度逐渐减小时依然超重，压力仍大于重力．故D正确．3、C【解题分析】ABC．瓶子保持静止，受力平衡，对瓶子受力分析，竖直方向上受重力和静摩擦力，二力平衡，因而静摩擦力等于重力，手握得越紧，油瓶与手之间的最大静摩擦力就会越大，但是静摩擦力不变，动摩擦因数不变，故AB错误，C正确；D．往油瓶里添油，重力变大，所以油瓶受的摩擦力会变大，故D错误；故选C。4、B【解题分析】根据得故选B。5、C【解题分析】取初速度方向为正方向，则刹车时汽车的加速度a=-5m/s2；汽车由刹车到静止所需时间，由v=v0+at得汽车刹车后运动的时间，则汽车5s内的位移实为汽车匀减速运动4s内的位移即：x5＝x4＝20×4+×(−5)×42m＝40m，故选C.【题目点拨】本题易错点有二，一是汽车匀减速运动加速度取值的正负，二是汽车做匀减速运动的时间；解题时不能硬套公式，否则会出现不符合实际的结果.6、AC【解题分析】A．由题图可知，在1s末，物体的速度为9m/s，故A正确；B．根据加速度的定义，0～2s内，物体的加速度故B错误；C．6～7s内，速度为负且增大，物体做速度方向向西的加速运动，故C正确；D．10～12s内，速度为负且减小，物体做速度方向向西的减速运动，故D错误。故选AC。【题目点拨】分析图像时应注意两点:（1）在图像中，加速度是否变化看图线有无折点。在折点位置，图线的倾斜程度改变，表示此时刻物体的加速度改变，图像为曲线，可认为曲线上处处是折点，加速度时刻在改变。（2）在图像中，速度方向是否改变看图线与时间轴有无交点。在与时间轴的交点位置前后，纵坐标的符号改变，表示物体的速度方向改变。7、AD【解题分析】体重计的示数大于他的体重，可知人超重，加速度向上，则电梯可能加速向上运动，也可能减速向下运动；A．加速上升，与结论相符，选项A正确；B．减速上升，与结论不相符，选项B错误；C．加速下降，与结论不相符，选项C错误；D．减速下降，与结论相符，选项D正确；故选AD.8、AD【解题分析】失重状态：当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；超重状态：当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度．人下蹲过程分别有失重和超重两个过程，先是加速下降失重，到达一个最大速度后再减速下降超重，起立也是如此【题目详解】人下蹲动作包含有失重和超重两个过程，先是加速下降失重，到达一个最大速度后再减速下降超重，即先失重再超重；同理，起立动作也包含两个过程，先加速向上超重，后减速向上失重．对应图象可知，该同学做了一次下蹲-起立的动作，故B、C错误，A、D正确．故选AD【题目点拨】本题考查物理知识与生活的联系，注意细致分析物理过程，仔细观察速度的变化情况，与超失重的概念联系起来加以识别9、AB【解题分析】由速度位移的关系式：v2=2ax与图形对比得：物体的最大速度vm=8m/s，撤去F前的加速度大小a1=16m/s2，撤去F后的加速度大小a2=8m/s2，撤去F时发生的位移x1=2m．AC．撤去F前由牛顿第二定律得：F-mgsin-μmgcos=ma1撤去F后由牛顿第二定律得：mgsin+μmgcos=ma2联立解得：F=24N，μ=0.25故A正确，C错误；B．力F作用时物体做加速运动，由速度公式得：vm=a1t1解得：=0.5s故B正确；D．当物体的速度为零时，达到最高点，则有所以物体沿斜面上滑的过程所用时间为故D错误．10、AD【解题分析】AB．小物块与传送带共速前，小物块所受的滑动摩擦力沿斜面向下，根据牛顿第二定律得mgsinθ+μmgcosθ=ma1。小物块与传送带共速后，小物块所受的滑动摩擦力沿斜面向上，根据牛顿第二定律得mgsinθ-μmgcosθ=ma2。对比可得，a1＞a2，故A正确，B错误。CD．当小物块与传送带共速后，以加速度a2加速下滑，说明mgsinθ＞μmgcosθ，则得μ＜tanθ故C错误，D正确。故选AD。二、实验题11、12、三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（1）4m/s；（2）4.25m【解题分析】（1）对木板和木块组成的系统运用牛顿第二定律，求出整体的加速度，结合匀变速直线运动的速度位移公式求出木板碰挡板时的速度大小；（2）分别对m和M分析，根据牛顿第二定律求出m和M的加速度，结合m和M的运动规律，当木块速度为零时木块与挡板的距离最小，结合运动学公式求出当木块与挡板的距离最小时，木块与长木板左端A之间的距离。【题目详解】（1）设木块与长木板一起向右运动运动过程中加速度大小为a，则μ1(m＋M)g＝(m＋M)a解得a=1m/s2v1＝4m/s（2）设碰撞后木块在长木板上滑动过程中长木板加速度大小为a1，木块加速度大小为a2，则μ1(m＋M)g+μ2mg=Ma1μ2mg＝ma2解得a1=3.5m/s2a2＝4m/s2当木块速度为零时木块与挡板的距离最小，设从与挡板碰撞到木块速度为零经过的时间为t1，长木板通过的距离为x1，木块通过的距离为x2，木块与长木板左端A之间的距离为x3，则v1＝a2t1解得t1＝1sx1=2.25mx2＝2mx3＝4.25m【题目点拨】解决本题的关键理清木板和木块在整个过程中的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．本题也可以通过动能定理、功能关系进行求解。14、(1)(2)【解题分析】(1)(2)球受到竖