XX选考高考物理一轮复习 滚动检测卷三

PAGE滚动检测卷(三)本试卷分选择题和非选择题两部分,满分100分,考试时间90分钟。选择题部分一、选择题(每题3分,共45分)1.如图是体育摄影中“追拍法”的成功之作,摄影师眼中清晰的滑板运动员是静止的,而模糊的背景是运动的,摄影师用自己的方式表达了运动的美。请问摄影师选择的参考系是()A.大地 B.太阳C.滑板运动员 D.步行的人答案C“追拍法”是跟踪运动的物体,将运动的物体看成是静止的,该图片是运动的滑板运动员被摄影师当成静止的,而用镜头跟踪,故参考系是滑板运动员。故C正确,A、B、D错误。2.2016年1月1日南京扬子江隧道实施免费通行政策,大大缓解市民过江压力,该隧道全程7.36公里,设计速度为80km/h,隧道管养在夜间1:00~5:00。下列说法正确的是()A.汽车通过7.36公里隧道指的是汽车运动的位移B.80km/h为瞬时速度C.1:00养护开始指的是时间间隔D.在遵守规定的情况下,4min内汽车可以通过隧道答案B7.36km为路程,A错。80km/h为车通过隧道的限速,即瞬时速度,B正确。1:00为养护的开始时刻,C错。设计时速为行驶速度的最大值,故在遵守规定的情况下,汽车通过隧道的最短时间为tmin=h=5.52min,故D错。3.关于通电直导线周围磁场的磁感线分布,下列示意图中正确的是()答案A伸开右手,大拇指方向为电流方向,则四指环绕方向为磁场方向,故A正确。4.纯电动汽车不排放污染空气的有害气体,具有较好的发展前景。某辆电动汽车在一次刹车测试中,初速度为18m/s,经过3s汽车停止运动。若将该过程视为匀减速直线运动,则这段时间内电动汽车的加速度大小为()A.3m/s2 B.6m/s2 C.15m/s2 D.18m/s2答案B根据匀变速直线运动的速度时间关系有:v=at,所以汽车的加速度大小:a==m/s2=6m/s2。5.如图为“中国好歌声”娱乐节目所设计的“导师战车”,战车可以在倾斜直轨道上运动。当坐在战车中的导师按下按钮时,战车就由静止开始沿长10米的斜面冲到学员面前,最终刚好停在斜面的末端,此过程约历时4秒。在战车的运动过程中,下列说法正确的是()A.战车在运动过程中导师处于失重状态B.战车在运动过程中所受外力始终不变C.战车在倾斜导轨上做匀变速直线运动D.根据题中信息可以估算导师运动的平均速度答案D由题可知,“导师战车”沿斜面的方向先加速后减速,加速的过程中有向下的分加速度,战车处于失重状态,当战车减速时,有向上的分加速度,战车处于超重状态,故A、C错误;由题可知,“导师战车”沿斜面的方向先加速后减速,结合牛顿第二定律可知,战车受到的合外力先沿斜面向下,后沿斜面向上,故B错误;战车的位移是10m,运动时间约4s,所以可以估算出平均速度==m/s=2.5m/s,故D正确。6.如图是我国著名网球运动员李娜精彩的比赛瞬间,如果网球离开球拍后,沿图中虚线做曲线运动,则图中能正确表示网球在相应点速度方向的是()A.v1 B.v2 C.v3 D.v4答案B依据曲线运动特征可知:物体做曲线运动时,任意时刻的速度方向是曲线上该点的切线方向。所以图中能正确表示网球在相应点速度方向的是v2,故B正确。7.如图所示是我国独立研制的“直11”系列直升机,是一种小吨位直升机,用作轻型武装直升机或运输机。在直升机螺旋桨上有A、B、C三点,其中A、C在叶片的端点,B在叶片的中点。当叶片转动时,这三点()A.线速度大小都相等 B.线速度方向都相同C.角速度大小都相等 D.向心加速度大小都相等答案C由题图可知,A、B、C三点属于同轴转动,各点的角速度是相等的,A、C在叶片的端点,B在叶片的中点,所以A、C的线速度大小相等,而与B点的线速度大小不相等,故A错误,C正确;由题图可知,A、B与C点的位置不同,线速度的方向不同,故B错误;A、C与B的角速度相等而半径不同,由a=ω2r可知,A、C的向心加速度的大小与B点不相等,故D错误。8.美国宇航局2011年12月5日宣布,他们发现了太阳系外第一颗类似地球的可适合居住的行星——“开普勒-226”,其直径约为地球的2.4倍。至今其确切质量和表面成分仍不清楚,假设该行星的密度和地球相当,根据以上信息,估算该行星的第一宇宙速度等于()A.3.3×103m/s B.7.9×103m/sC.1.2×104m/s D.1.9×104m/s答案D设地球的密度为ρ,半径为R,第一宇宙速度为v1,“开普勒-226”的第一宇宙速度为v2,则有=,=,得v2=2.4v1=1.9×104m/s,故D正确。9.将四个定值电阻a、b、c、d分别接入电路,测得相应的电流、电压值如图所示。其中阻值最接近的两个电阻是()A.a和b B.b和dC.a和c D.c和d答案A本题考查U-I图像的意义。根据R=知,定值电阻的U-I图线的斜率表示定值电阻的阻值。在U-I图中分别连接O与4个点,根据它们的倾斜度可知,a和b的阻值最接近,故选A。10.带电体A固定在绝缘支架上,用一根绝缘丝线将带电小球依次悬挂在1、2、3、4、5、6六个不同的位置,丝线偏转情况如图所示。小球在不同位置时受到带电体A的库仑力()A.方向不同,离A越远库仑力越小B.方向相同,离A越远库仑力越小C.方向相同,离A越远库仑力越大D.方向不同,离A越远库仑力越大答案A根据同种电荷相斥及库仑力的方向沿两者的连线方向,可知它们的方向不同,再依据丝线的偏转角度,结合矢量的合成与平衡条件,可知小球受到的电场力F=k=mgtanθ,丝线与竖直方向夹角θ越小,F越小,可知离A越远库仑力越小,离A越近库仑力越大,故A正确,B、C、D错误。11.游乐园的摩天轮是一种大型竖直转轮状的娱乐设施,乘客在厢体中随摩天轮匀速运行,下列说法正确的是()A.某时刻所有乘客运动的线速度都相同B.当某一乘客运动到与圆心等高处时,厢体对乘客的作用力大小等于重力C.某乘客分别经过最高点和最低点时,所受的合外力大小相等D.乘客从最高点运动到最低点处于失重状态答案C线速度是矢量,摩天轮做匀速圆周运动,不同乘客的位置不同,所以他们运动的线速度方向不相同,故A错误;摩天轮做匀速圆周运动,加速度的方向始终指向圆心,厢体对乘客的作用力与重力的合力提供向心力,合力指向圆心,由牛顿第二定律可知,当某一乘客运动到与圆心等高处时,摩天轮对乘客的作用力大小不等于重力,故B错误;摩天轮做匀速圆周运动,乘客受到的合外力提供向心力,由F向=知,R、v大小不变,向心力大小不变,合外力大小不变,所以乘客分别经过最高点和最低点时,所受的合外力大小相等,故C正确;在最高点乘客所受合力向下,即加速度方向向下,所以乘客处于失重状态,在最低点乘客所受合力向上,即加速度方向向上,所以乘客处于超重状态,可知乘客从最高点运动到最低点的过程中,先处于失重状态,后处于超重状态,故D错误。12.如图所示,物体P以一定的初速度沿光滑水平面向右运动,与一个右端固定的轻质弹簧相撞,并被弹簧反向弹回。若弹簧在被压缩过程中始终遵守胡克定律,那么在P与弹簧发生相互作用的整个过程中()A.P做匀变速直线运动B.P的加速度大小不变,但方向改变一次C.P的加速度大小不断改变,当加速度数值最大时,速度最小D.有一段过程,P的加速度逐渐增大,速度也逐渐增大答案C当P向右压缩弹簧时,弹簧长度逐渐减小,加速度逐渐增大,P的速度逐渐减小,当弹簧被压缩到最短时,P的加速度最大,速度为零,最小,故C正确。13.如图所示,一圆环上均匀分布着正电荷,x轴垂直于环面且过圆心O。下列关于x轴上的电场强度和电势的说法中正确的是()A.O点的电场强度为零,电势最低B.O点的电场强度为零,电势最高C.从O点沿x轴正方向,电场强度减小,电势升高D.从O点沿x轴正方向,电场强度增大,电势降低答案B由微元法和对称的思想分析可知,均匀带电圆环内部O点的场强为零,电势为标量,且正电荷周围的电势为正,故O点电势最高,选项A错、B对;从O点沿x轴正方向电场强度先增大后减小,电势降低,选项C、D错误。14.如图甲所示,固定的水平金属导轨足够长且电阻不计。两阻值相同的导体棒ab、cd置于导轨上,棒与导轨垂直且始终保持良好接触。整个装置处在与导轨平面垂直向下的匀强磁场B中。现让导体棒ab以如图乙所示的速度向右运动。导体棒cd始终静止在导轨上,以水平向右为正方向,则导体棒cd所受的静摩擦力f随时间变化的图像是选项中的()答案B由右手定则可知ab中感应电流的方向向上,由法拉第电磁感应定律得E=BLv,由欧姆定律得I=。感应电流从上向下流过cd棒,由左手定则可知,产生的安培力向右,大小为F=BIL=,对cd进行受力分析可知,cd棒竖直方向受到重力和轨道的支持力,水平方向受到安培力和摩擦力的作用,由共点力的平衡可得,水平方向受到的摩擦力与安培力大小相等,方向相反,即方向向左,大小为f=F=,可得大小与速度v成正比,与速度的方向相反,故B正确,A、C、D错误。15.如图所示,将理想变压器原线圈接到电压随时间变化规律为u=220sin100πt(V)的交流电源上,在副线圈两端并联接入规格为“22V,22W”的灯泡10个,灯泡均正常发光。除灯泡外的电阻均不计,下列说法正确的是()A.变压器原、副线圈匝数比为10∶1B.电流表示数为1AC.电流表示数为10AD.副线圈中电流的频率为5Hz答案B由原线圈电压瞬时值表达式可知,原线圈输入电压的有效值为220V,交变电流的频率f===50Hz,D项错;副线圈上灯泡正常发光,说明副线圈输出电压有效值为22V,由理想变压器变压规律可知,==10,A项错;由灯泡电功率P=UI可知,通过每个灯泡的电流为1A,故副线圈输出电流为10A,由理想变压器变流规律可知,==10,所以原线圈中电流的有效值为1A,B项正确,C项错。非选择题部分二、非选择题(共55分)16.(6分)某兴趣小组在探究物体动能大小实验时,让一物体在恒定合外力作用下由静止开始沿直线运动,记录下速度、时间、位置等实验数据,然后分别作出动能Ek随时间变化和动能Ek随位置变化的两个图线,但横坐标没有标出。(1)请你判断物体动能随位置变化的图线应是图;

(2)若图甲中OA连线的斜率为k1,图乙中直线的斜率为k2,则物体所受合外力的大小为,在A点所对应的瞬时速度的大小为。

答案(1)乙(2)k2解析(1)由Ek=W=Fx,可得Ek与x成正比,故乙图是物体动能随位置变化的图线。(2)由Ek=Fx得F=,在乙图中,斜率为:k2=①故物体所受合外力的大小为k2在甲图中,k1=②由①②得:=③又因在这个过程中平均速度为=,所以x=t④将④代入③得=,解得v=17.(4分)在探究变压器两端的电压与匝数的关系的实验中。(1)图1中电源的输出端与变压器线圈的连接方式正确的是(填“甲”或“乙”)。变压器原、副线圈的匝数分别为120和60,测得电压分别为8.2V和3.6V,据此可知电压比与匝数比不相等,主要原因是。

图1图2(2)按如图2将长导线一匝一匝地绕在铁芯的左边,边绕边观察小灯泡的发光情况,等小灯泡发出耀眼的强光后,再将导线一匝一匝地退出铁芯,边退边观察小灯泡的发光情况,你观察到的现象是 ;

由此你能得出的结论是。

答案(1)乙导线发热、铁芯漏磁和铁芯内部涡流发热消耗(2)线圈匝数越少,小灯泡越暗变压器变压与匝数有关解析(1)变压器只适用于交流电,故选图乙;变压器是不理想的,故有漏磁、铁芯发热、导线发热等影响电压。(2)将长导线一匝一匝地绕在铁芯的左边,再将导线一匝一匝地退出铁芯,故副线圈匝数先增加后减小,根据变压比公式=,小灯泡两端的电压先增加后减小,故灯泡先慢慢变亮再慢慢变暗;观察到的现象是线圈匝数越少,小灯泡越暗;实验结论为变压器变压与匝数有关。18.(5分)小亮同学为研究某电学元件(最大电压不超过2.5V,最大电流不超过0.55A)的伏安特性曲线,在实验室找到了下列实验器材:A.电压表(量程是0~3V,内阻是6kΩ)B.电压表(量程是0~15V,内阻是30kΩ)C.电流表(量程是0~0.6A,内阻是0.5Ω)D.电流表(量程是0~3A,内阻是0.1Ω)E.滑动变阻器(阻值范围0~5Ω,额定电流为0.6A)F.滑动变阻器(阻值范围0~100Ω,额定电流为0.6A)G.直流电源(电动势E=3V,内阻不计)H.开关、导线若干。该同学设计电路并进行实验,通过实验得到如下数据(I和U分别表示电学元件上的电流和电压)。I/A00.120.210.290.340.380.420.450.470.490.50U/V00.200.400.600.801.001.201.401.601.802.00(1)为了提高实验结果的准确程度,电流表选;电压表选;滑动变阻器选。(以上均填写器材代号)

(2)请在虚线框中画出实验电路图。答案(1)CAE(2)见解析图解析(1)从表格中的实验数据可知,电流测量值I的范围为0~0.50A,电压测量值U的范围为0~2.00V,因此电流表应选C,电压表应选A。因为本实验要测量多组(U,I)值,需使电压U从零开始连续变化,因此,滑动变阻器应接成分压式,故选阻值较小的E。(2)由表格中的数据,根据R=,估算电学元件的电阻值大约为几欧,因此采用电流表外接法。电路图如图所示。19.(8分)影视剧中经常有这样的场景:电梯的曳引钢丝绳断裂后,轿厢以自由落体的速度往下坠落,伴随着火花四溅,最后重重地砸在地上。这样的事件真的会发生吗?《都市快报》记者拍的一个实验就模拟了钢丝绳全部断裂这种极端的情况。实验中的电梯是一台西子奥的斯观光电梯,服役时间10年,配备8根曳引钢丝绳。实验前,西子奥的斯机电的工作人员缷下了其中的4根,剩下4根用液压剪一一切断。最后一根钢丝绳断裂,一声巨响,电梯轿厢呈自由落体下坠了一段距离,然后稳稳地刹住了车,停在了两层楼之间。电梯之所以能在短时间内紧急刹车,安全钳起到了作用。当钢丝绳全部断裂,电梯处于自由落体状态,重力加速度会让电梯在几毫秒内迅速触发装置,带动装在轿厢底部的安全钳启动,以机械形式强制将桥厢紧紧地夹在导轨上。设在本次实验中下落的总高度为36cm,自由下落一段距离后,轿厢受到的安全钳阻力为其重力的2.25倍,求下落过程中的最大速度及所用的总时间。答案2m/s0.36s解析轿厢先自由落体后以大小为a的加速度做匀减速运动a===12.5m/s2,方向竖直向上轿厢下落的总高度:h总=·t1+·t2=(t1+t2)轿厢下落过程中的最大速度:vmax=0+gt1vmax-at2=0由上面几式联立计算求得:vmax=2m/st1=0.2s,t2=0.16s,t总=t1+t2=0.36s20.(10分)如图所示,参加某电视台娱乐节目的选手从较高的平台以v0=8m/s的速度从A点水平跃出后,沿B点切线方向进入光滑圆弧轨道,沿轨道滑到C点后水平离开轨道。已知A、B之间的竖直高度H=1.8m,圆弧轨道半径R=10m,选手的质量为50kg,不计空气阻力,g=10m/s2,求:(1)选手从A点运动到B点的时间及到达B点的速度;(2)选手到达C点时对轨道的压力。答案(1)0.6s10m/s,与水平方向的夹角为37°(2)1200N,方向竖直向下解析(1)选手离开平台后做平抛运动,在竖直方向H=gt2解得:t==0.6s在竖直方向vy=gt=6m/s选手到达B点的速度为vB==10m/s设与水平方向的夹角为α,则tanα==0.75,则α=θ=37°。(2)从B点到C点:mgR(1-cosθ)=m-m在C点:FNC-mg=m解得:FNC=1200N由牛顿第三定律得,选手对轨道的压力FNC'=FNC=1200N,方向竖直向下。21.(6分)运动员驾驶摩托车做腾跃特技表演是一种刺激性很强的运动项目。如图所示,AB是水平路面,BC是半径为20m的圆弧,CDE是一段曲面。运动员驾驶功率始终为P=1.8kW的摩托车在AB段加速,通过B点时速度已达到最大vm=20m/s,再经t=13s的时间通过坡面到达E点,此刻关闭发动机水平飞出。已知人和车的总质量m=180kg,坡顶高度h=5m,落地点与E点的水平距离s=16m,重力加速度g=10m/s2。如果在AB段摩托车所受的摩擦阻力恒定,且不计空气阻力,求:(1)AB段摩托车所受摩擦阻力的大小;(2)摩托车过圆弧B点时受到地面支持力的大小;(3)摩托车在沿BCDE冲上坡顶的过程中克服摩擦阻力做的功。答案(1)90N(2)5400N(3)1440J解析(1)摩托车在水平路面上已经达到了最大速度,牵引力与阻力相等。则P=Fvm=Ffvm,Ff==90N。(2)摩托车在B点,由牛顿第二定律得:FN-mg=m,FN=m+mg=5400N。(3)对摩托车的平抛运动过程,有t1==1s,平抛的初速度v0==16m/s,摩托车在斜坡上运动时,由动能定理得Pt-Wf-mgh=m-m,解得Wf=1440J。22.(8分)如图所示的平面直角坐标系xOy,在第Ⅰ象限内有平行于y轴的匀强电场,方向沿y轴正方向;在第Ⅳ象限的正三角形abc区域内有匀强磁场,方向垂直于xOy平面向里,正三角形边长为L,且ab边与y轴平行。一质量为m、电荷量为q的粒子,从y轴上的P(0,h)点,以大小为v0的速度沿x轴正方向射入电场,通过电场后从x轴上的a(2h,0)点进入第Ⅳ象限,又经过磁场从y轴上的某点进入第Ⅲ象限,且速度与y轴负方向成45°角,不计粒子所受的重力。求:(1)电场强度E的大小;(2)粒子到达a点时速度的大小和方向;(3)abc区域内磁场的磁感应强度B的最小值。答案(1)(2)v0指向第Ⅳ象限与x轴成45°角(3)解