云南省红河自治州高三（下）第二次高中毕业生复习统一检测理综物理试题

2020年红河州第二次高中毕业生复习统一检测理科综合能力测试注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等相关信息填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.在物理学的发展过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步。下列叙述正确的是（）A.库仑首先提出了电场的概念，并引用电场线形象地表示电场的强弱和方向B.法拉第发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系C.伽利略根据小球在斜面上运动的实验和理想实验，提出了惯性的概念D.开普勒认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比【1题答案】【答案】C【解析】【详解】A．法拉第首先提出了电场的概念，并引用电场线形象地表示电场的强弱和方向，故A错误；B．奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系，故B错误；C．伽利略根据小球在斜面上运动的实验和理想实验，提出了惯性的概念，故C正确；D．胡克认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比，故D错误。故选C。2.甲、乙两车在同一条平直公路上同向运动，它们的速度v随时间t变化的关系如图所示，已知在t=0时刻两车并排，下列说法正确的是（）A.在t1时刻，甲、乙两车再次并排行驶B.在0至t1时间内，甲、乙两车的平均速度均为C.在0至t1时间内，甲、乙两车间的距离逐渐减小D.在0至t1时间内的某时刻，甲、乙两车的加速度相等【2题答案】【答案】D【解析】【详解】A．图像中图线与时间轴所围的面积表示位移的大小，由图像可知，乙的位移比甲的大，故A错误；B．由图像和平均速度公式可知，在时间内，甲车的平均速度小于，乙车的平均速度大于，故B错误；C．根据图线与时间轴围成的面积大小表示位移，知在时间内，甲、乙两车间的距离逐渐增大，时刻两车的距离最大，故C错误；D．根据图像的斜率表示加速度大小，由图像可知，在0到时间内的某时刻二者的斜率相同，此时两车加速度相等，故D正确；故选D。3.拖把是由拖杆和拖把头构成的擦地工具，如图甲所示。设拖把头的质量为m，拖杆质量可以忽略，拖把头与地板之间的动摩擦因数为常数μ，当某同学用与水平方向成θ角的力F1推拖把时，摩擦力为f1，拖把对地面的压力为N1，拖把做匀速直线运动，如图乙所示；另一同学用与竖直方向成θ角的力F2拉拖把时，摩擦力为f2，拖把对地面的压力为N2，让拖把也做匀速直线运动，如图丙所示；0<θ<，以下判断可能正确的是（）A.F1=F2 B. C.N1<N2 D.【3题答案】【答案】A【解析】【详解】BC．对拖把头受力正交分解，对乙图有滑动摩擦力公式有对丙图有滑动摩擦力公式有解得N1>N2从而得故BC错误；D．由而且所以故D错；A．因为，所以有当cosθ>sinθ时，F1=F2可能相等。故A正确。故选A。4.如图所示，正方形ABCD的对角线相交于O点，两个等量同种正电荷分别固定在A、C两点，则（）A.B、D两处电势相同、场强不相同B.B、D两处电势不相同、场强相同C.若在B点静止释放一电子，电子一定在B、D间往复运动，且加速度先减小后增大D.若在B点给电子一垂直纸面合适的速度，电子可绕O点做匀速圆周运动【4题答案】【答案】AD【解析】【详解】AB、电场中存在两个等量的正点电荷，且B、D两点关于O点对称，故B、D两点电势相等，场强大小相等，方向相反，故A正确，B错误；C、BD所在直线，电场强度从上方无穷远处到O点先增加后减小，到O点电场强度为零，从O到下方无穷远电场强度先增大后减小，由于无法确定电场强度最大的位置，所以电子在B、D间运动时加速度变化情况无法判断，故C错误；D、在垂直纸面经过BD两点的圆上，所有点的电势都相等，并且电子受到的电场力指向O点，与速度方向垂直，故电子可绕O点做匀速圆周运动，故D正确；故选AD．【点睛】关键是要明确两个等量同种电荷连线的中垂线上的场强分布情况和电势分布情况．5.如图甲所示，一个边长为a，不变形的正方形线圈固定在纸面内，线圈每单位长度的电阻为r，它的一半处在磁场中，磁场的方向与线圈平面垂直，磁感应强度的大小B随时间t变化的关系如图乙所示。则0~t2时间间隔内（）A.在t1时刻，线圈中感应电流的方向发生改变B.在t1时刻，线圈所受安培力的方向发生变化C.线圈中产生的感应电动势大小为D.通过线圈导线横截面电荷量为【5题答案】【答案】B【解析】【详解】AB．根据Bt图象，由楞次定律可知线圈中感应电流方向一直为顺时针，但在t1时刻，磁场的方向发生变化，故安培力的方向在t1时刻发生变化，故A错误，B正确；CD．根据法拉第电磁感应定律得回路的总电阻R=4ar由闭合电路欧姆定律得由电流强度的定义式得联立得故CD错误。故选B。6.如图所示的电路中，电源电动势E=4V，内阻r=1Ω，定值电阻R0=1Ω，R为滑动变阻器，电容器的电容C=50μF，电流表和电压表为理想电表，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片在不同位置且电路稳定时记录电压表示数U和电流表示数I，下列说法中正确的是（）A.在R的滑动触头P由左向右移动的过程中，电流表示数I增大，电压表示数U减小，电容器带的电荷量减小B.将R的阻值调至2Ω时，电容器的电荷量为1×104CC.将R的阻值调至2Ω时，电源的输出功率为最大值D.在R的滑动触头P由左向右移动的过程中，电压表示数变化量的绝对值△U与电流表示数变化量的绝对值ΔI的比值逐渐变大【6题答案】【答案】AB【解析】【详解】A．在R的滑动触头P由左向右移动的过程中，其接入电路的电阻减小，电流表的示数将增大，R0与r分得的电压增大，滑动变阻器两端的电压减小，电容器两极板间电压减小，电容器的电荷量减小，A正确；B．将R的阻值调至2Ω，R的两端的电压为根据公式Q=CU代入数据解得电容器的电荷量为Q=1×104CB正确；C．电源的输出功率当R=0时，电源输出功率最大，C错误；D．由闭合电路欧姆定律得U=EI（R0+r）故电压表示数变化量的绝对值△U与电流表示数变化量的绝对值ΔI的比值等于R0+r保持不变，D错误。故选AB7.如图所示，A、B、C三颗行星组成一个独立的三星系统，在相互的万有引力作用下，绕一个共同的圆心O做角速度相等的圆周运动，已知A星的质量为2m，B、C两星的质量均为m，等边三角形的每边长为L，则（）A.A星对B星的万有引力是B星对A星万有引力的2倍B.三颗星做匀速圆周运动，它们的线速度大小相等C.A星做圆周运动的向心力大小为D.B星所受的合力大小为【7题答案】【答案】CD【解析】【详解】A．A星对B星的万有引力和B星对A星万有引力是一对相互作用力，故大小相等，A错；B．三颗星做匀速圆周运动，它们的角速度相等但A与B、C的线速度不等，B错；C．A星受到B、C星引力的合力充当A星体圆周运动的向心力，A星做圆周运动的向心力大小为：，故C正确；D．B星受到A、C星引力的合力充当B星体圆周运动的向心力，B星所受的合力大小为：，故D正确。故选CD。8.如图甲所示，轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上，一质量为m的小球，从离弹簧上端高h处由静止释放，某同学在研究小球落到弹簧上后继续向下运动到最低点的过程，他以小球开始下落的位置为原点，沿竖直向下方向建立坐标轴Ox，作出小球所受弹力F大小随小球下落的位置坐标x的变化关系如图乙所示，不计空气阻力，重力加速度为g。以下判断正确是（）A.当x=h时，小球的速度开始减小，而加速度先减小后增大，直至最低点B.最低点的坐标C.当x=h+2x1时，小球的加速度为g，弹力为2mg，且为小球下落的最低点D.小球动能的最大值为【8题答案】【答案】BD【解析】【详解】A．小球下落到时，小球刚接触弹簧，直到前弹力小于重力，小球一直做加速度减小加速运动，之后弹力大于重力，加速度反向逐渐增大，直至到达最低点，故A错误；BC．由题图乙可知解得由图线与横轴所图形的面积表示弹力所做的功，则有由动能定理得解得所以最低点不；由对称性可知当时，小球加速度为，且弹力为，但不是最低点，故B正确，C错误；D．小球在处时，动能有最大值，根据动能定理有依题可得所以有故D正确；故选BD。三、非选择题：共174分。第22~32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33~38题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共129分。9.用如图甲所示的实验装置验证m1、m2组成的系统机械能守恒。m2从高处由静止开始下落，m1上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律。如图乙给出的是实验中获取的一条纸带：O是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个点（图中未标出），所用电源的频率为50Hz，计数点间的距离如图乙所示，已知m1=50g、m2=150g，则：（结果均保留两位有效数字）(1)在纸带上打下计数点5时的速度v5=____m/s；(2)若某同学在实验中取多个点计算速度，并作出的图象，如图丙所示，则该图像的斜率代表的物理意义是______，计算得到当地的重力加速度g=____m/s2【9题答案】【答案】①.②.重力加速度的一半或③.【解析】【详解】(1)[1]计数点5的瞬时速度(2)[2]根据系统机械能守恒得解得即图线的斜率[3]代入数据解得10.为测定一节干电池（电动势约，内阻约Ω）的电动势和内阻，实验室备有电流计G（满偏电流为4mA，内阻为25Ω）、开关和若干导线及以下器材：A．量程0~3V，内阻约1000Ω的电压表B．量程0~15V，内阻约1500Ω的电压表C．总阻值为10Ω、额定电流为2A的滑动变阻器D．总阻值为100Ω、额定电流为1A的滑动变阻器E．定值电阻R0Ω。(1)因电流计量程太小，利用题中给的器材，应该怎样操作来扩大量程，____________。改装后的电流表的量程为___________A（保留两位有效数字）。(2)电压表应选择___________；滑动变阻器应选择___________。（填仪器前的字母代号）(3)实验中为了尽可能的减小实验误差，请在虚线框内完成实验电路图。（）【10题答案】【答案】①.将电流计与定值电阻并联②.③.A④.C⑤.【解析】【详解】（1）[1][2]并联分流，电流表要扩大量程应并联一小电阻分流，也就是将电流计与定值电阻R0并联。改装后电流表的量为（2）[3][4]干电池的电动势约为，为了读数准确电压表量程不能过大，故只能选择3V量程的电压表A。为了便于调节，限流式中滑动变阻器要和待测内阻相差不大，故滑动变阻器选C。（3）[5]为了尽可能的减小实验误差，电流表改装后，内阻已知，与电源直接相联，电压表并联在滑动变阻器两端，电路图如图。11.如图所示，一个可视为质点的质量为m=1kg的小物块，从光滑平台上的A点以v0=2m/s的初速度水平抛出，到达C点时，恰好沿C点的切线方向进入固定在水平地面上的光滑圆弧轨道，最后小物块滑上紧靠轨道末端D点的质量为M=3kg的长木板。已知木板上表面与圆弧轨道末端切线相平，木板下表面与水平地面之间光滑，小物块最终未滑离长木板，且圆弧轨道的半径为R，C点和圆弧的圆心连线与竖直方向的夹角θ=60°，不计空气阻力，g取10m/s2。求：(1)小物块到达圆弧轨道末端D点时对轨道的压力；(2)小滑块和长木板的最终速度。【11题答案】【答案】(1)60N，方向竖直向下；(2)【解析】【详解】(1)小物块在C点时的速度大小①小物块由C到D的过程中，由机械能守恒定律得②代入数据解得③小物块在D点时由牛顿第二定律得④代入数据解得FN=60N⑤由牛顿第三定律得FN′=FN=60N⑥方向竖直向下。(2)由于小物块最终未滑离长木板，说明它们的最后速度相等由动量守恒定律得⑦代入数据解得12.如图所示，在第二象限内有水平向右匀强电场，在第一、第四象限内分别存在如图所示的匀强磁场，磁感应强度大小相等。在该平面有一个质量为m、带正电q的粒子以初速度v0垂直x轴，从x轴上的P点进入匀强电场，恰好与y轴成45°角射出电场，再经过一段时间恰好垂直于x轴进入下面的磁场，已知OP之间的距离为d，不计粒子重力，求：(1)电场强度的大小；(2)磁感应强度的大小；(3)自进入磁场至在磁场中第二次经过x轴所用时间为t。【12题答案】【答案】(1)；(2)；(3)【解析】【分析】由题意可知，本题考查带电粒子在匀强电场中的类平抛运动和在磁场中的匀速圆周运动，可以根据相关的公式及规律进行分析。【详解】带电粒子的运动轨迹如图(1)带电粒子在匀强电场中做类平抛运动，水平方向做匀加速运动，竖直方向做匀速运动，由题得知，根据联立解得(2)带电粒子出电场时根据，解得即带电粒子出电场时与y轴交点坐标为（0，2d），设粒子在磁场中运动的半径为R，则其中，解得带电粒子在磁场中运动的速度为根据解得(3)带电粒子在匀强磁场中的周期故在第一象限运动时间为在第四象限运动时间为故带电粒子从进入磁场至在磁场中第二次经过x轴所用时间为【点睛】求解带电粒子在组合场中运动的这一类问题，一般都要按照顺序对题目上给出的运动过程进行分段分析，将复杂的运动分解为一个个简单熟悉的模型。特别要注意的是，带电粒子在电场和磁场连接点的速度是这类问题的关键，因为这点的速度既是前一个场中的末速度，又是后一场中的初速度，在解决问题的时候还要充分利用这个位置信息。（二）选考题：共45分。13.下列说法中正确的是____________。A.当人们感到干燥时，空气的相对湿度一定较小B.如果物体从外界吸收了热量，则物体的内能一定增加C.保持气体的质量和体积不变，当温度升高时，每秒撞击单位面积器壁的气体分子数增多D.非晶体的物理性质各向同性而晶体的物理性质都是各向异性E.温度越高，物体中分子无规则运动越剧烈【13题答案】【答案】ACE【解析】【详解】A．当人们感到潮湿时，空气的相对湿度一定比较大，绝对湿度不一定较大，人们感到干燥时，空气的相对湿度一定比较小，绝对湿度不一定较小，故A正确；B．根据热力学第一定律可知，如果物体从外界吸收了热量，同时对外做功，则物体的内能不一定增加，故B错误；C．气体体积不变，温度升高，压强增大，可知每秒撞击单位面积器壁的气体分子数增多，故C正确；D．由于多晶体是许多单晶体杂乱无章地组合而成的，故多晶体是各向同性的，故D错误；E．分子做无规则运动的剧烈程度和温度有关，物体的温度越高，分子平均动能越大，分子无规则运动越剧烈，故E正确。故选ACE。14.如图所示，粗细均匀的管子，竖直部分长l=50cm，水平部分足够长。当温度为15℃时，竖直管中有一段长h=20cm的水银柱，封闭着一段长l1=20cm的空气柱。设外界大气压强保持76cmHg不变。求：①当被封空气柱长度为l2=40cm时的温度；②当温度升高至多少K时，竖直管中的水银柱刚好全部进入水平管中。【14题答案】【答案】①；②【解析】【详解】①初态时p1=p0+ρgh=96cmHg，T1=288K，l1=20cm①终态时p2=p0+ρg（ll2)=86cmHg②l2=40cm③由理想气体状态方程得④所以⑤②当温度升高后，竖直管中的水银将移至水平管中，设水银柱刚好全部进入水平部分，则此时被封闭空气柱长为l=50cm压强p=p0=76cmHg⑥由理想气体状态方程解得得此时的温度⑦15.下列说法中正确的是____________。A.两列机械横波相遇，在相遇区一定会出现干涉现象B.机械波在传播过程中，沿传播方向上，在任何相等时间内，传播相同的距离C.光波在介质中传播的速度与光的频率有关D.狭义相对论认为：一切物理规律在不同的惯性参考系中都相同E.紫光的双缝干涉条纹间距可能大于红光双缝干涉条纹间距【15题答案】【答案】CD