滨州市阳信二中高二上学期第次月考物理试题

学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精阳信二中高二上学期第3次月考物理试题（理科)一、选择题（共10小题，每小题4分，满分40分。第1至6题只有一个选项正确，第7至10题有多个选项正确。全部选对的得4分,选不全的得2分，有错选或不选得0分。）1.下列关于电场和磁场的说法中，正确的是（)A.处在电场中的电荷一定受到电场力，在磁场中通电导线一定受到安培力B.电场强度为零的地方电势一定为零,电势为零的地方电场强度也为零C。磁感线和电场线都是为了描述场而虚设的，是根本不存在的D。若一小段长为L、通过电流为I的导线，在磁场中某处受到的磁场力为F,则该处磁感应强度的大小一定是F/IL【答案】C【解析】处在电场中的电荷一定受到电场力，在磁场中通电导线不一定受到安培力,导线与磁场平行时，安培力为0,A错D错.电场强度为零的地方电势不一定为零,电势为零的地方电场强度也不一定为零。B错。C对。2。一个电流表的満偏电流Ig＝1mA，内阻Rg＝500Ω，要把它改装成一个量程为10V电压表，则应在电流表上（）A.串联一个10KΩ的电阻B。并联一个10KΩ的电阻C.串联一个9.5KΩ的电阻D.并联一个9。5KΩ的电阻【答案】C【解析】试题分析：把电流表改装成电压表,需要串联一个分压电阻，串联电阻阻值：；故选C．考点：电表的改装【名师点睛】本题考查了电表改装,知道电压表的改装原理，把电流表改装成电压表应串联一个分压电阻、应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题.3.如图所示,把轻质导线圈用绝缘细线悬挂在磁铁N极附近，磁铁的轴线穿过线圈的圆心且垂直线圈平面。线圈内通有图中方向的电流后，线圈的运动情况是()A。线圈靠近磁铁向左运动B。线圈远离磁铁向右运动C。从上向下看顺时针转动D。从上向下看逆时针转动【答案】A【解析】根据右手螺旋定则，环形电流可以等效为小磁针，小磁针的N极指向右，根据异性相吸，知线圈向左运动．故A正确,BCD错误。点睛：通电电流处于条形磁铁产生的磁场中,受到安培力作用,根据左手定则判断，本题用等效法解决比较简单。4。如图所示为氢原子能级示意图，现有大量的氢原子处于n=4的激发态，当向低能级跃迁时辐射出若干种不同频率的光子，下列说法正确的是（）A。这些氢原子总共可辐射出3种不同频率的光子B。由n=4能级跃迁到n=1能级产生的光波长最短C。由n=2能级跃迁到n=1能级产生的光频率最小D。用n=2能级跃迁到n=1能级辐射出的光照射逸出功为6.34eV的金属铂不能发生光电效应【答案】B点睛：本题考查了能级跃迁和光电效应的基本综合,知道能级间跃迁辐射或吸收的光子能量等于两能级的能级差，知道光电效应的条件。5。在光电效应实验中，用频率为的光照射光电管阴极，发生了光电效应，下列说法正确的是()A。增大入射光强度,光电流不变B.减小入射光的强度，光电效应现象消失C。改用频率小于ν的光照射，一定不发生光电效应D.改用频率大于ν的光照射，光电子的最大初动能变大【答案】D【解析】A、光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率,能否发生光电效应，与入射光的强度无关，与光照时间也无关，当发生光电效应时，增大入射光的强度，则光电流会增大，若达到饱和电流值，当增大光强，会达到新的饱和电流，光电流会增大，故A错误；

B、入射光的频率大于金属的极限频率，才会发生电效应，与入射光的强度无关，故B错误；

C、光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，当改变频率小于，但不一定小于极限频率,仍然可能发生光电效应,故C错误；

D、在光电效应中，根据光电效应方程知，,入射光的频率越高，光电子最大初动能越大，故D正确.点睛：光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，与入射光的强度无关，根据光电效应方程判断影响光电子最大初动能的因素。6.如图所示一带电液滴在正交的匀强电场和匀强磁场的竖直平面内做匀速圆周运动（其中电场竖直向下,磁场垂直纸面向外），则液滴带电性质和环绕方向是(）A。带正电，逆时针B.带正电，顺时针C.带负电，逆时针D.带负电，顺时针【答案】C【解析】带电粒子在重力场、匀强电场和匀强磁场中做匀速圆周运动，可知，带电粒子受到的重力和电场力是一对平衡力，重力竖直向下，所以电场力竖直向上，与电场方向相反,故可知带电粒子带负电荷;

磁场方向向外,洛伦兹力的方向始终指向圆心,由左手定则可判断粒子的旋转方向为逆时针（四指所指的方向与带负电的粒子的运动方向相反），故选项C正确，选项ABD错误。点睛：带电粒子在复合场中做匀速圆周运动，可判断出电场力和重力为平衡力,从而判断电场力的方向，结合电场的方向便可知粒子的电性．根据洛伦兹力的方向，利用左手定则可判断粒子的旋转方向。7.如图所示，空间有一电场,电场中有两个点a和b。下列说法正确的是（）A.该电场是匀强电场B。a点的电场强度比b点的大C.a点的电势比b点的高D。正电荷在a、b两点受电场力方向相同【答案】BC【解析】电场线疏密表示电场强度的大小，切线方向表示电场强度的方向,正电荷的受力方向和场强方向相同.沿着电场线电势降低。答案选BC。8.对电容，以下说法正确的是（）A。电容器带电荷量越大，电容就越大B.对于固定电容器，它的带电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变C.电容器的电容只与自身的构造有关，与是否带电无关D.如果一个电容器没有电压，就没有带电荷量，也就没有电容【答案】BC【解析】A、电容器的电容与带电量及电压无关，只与自身的构造有关,与是否带电无关,故A错误，C正确；

B、对于固定电容器，电容不变，由可知，它的带电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变，故B正确;

D、电容表征电容器容纳电荷本领的物理量,与电压和电量无关，没有带电量电容仍然存在，故D错误。点睛：本题考查电容器的电容,要注意明确电容器的电容的决定因素，明确电容采用的是比值定义法，大小与电量和电压无关.9。在如图所示的电路中,电源电动势为E、内电阻为r。在滑动变阻器的滑动触头P从图示位置向下滑动的过程中（）A。路端电压变大B.电路中的干路电流变大C.通过电阻R2的电流变小D.通过滑动变阻器R1的电流变小【答案】BC【解析】A、在滑动变阻器的滑动触片P向下滑动的过程中，变小，外电路总电阻变小,由闭合电路欧姆定律分析电路中的总电流变大，路端电压,I变大,E、r不变,则U变小，故A错误，B正确；

C、路端电压U变小，通过电阻的电流变小，故C正确；

D、总电流变大，通过电阻的电流变小，所以通过滑动变阻器的电流必定变大，故D错误。点睛:本题也可以利用结论进行判断：变阻器电阻变小,路端电压必定变小，其所在电路电流必定增大，所并联的电路电压变小。10。如图所示是根据某次实验记录数据画出的待测电源的U—I图象，下列关于这个图象的说法中正确的是(）A.纵轴截距表示待测电源的电动势，即E=3。0VB。横轴截距表示短路电流，即I短=0.6AC.根据，计算出待测电源内电阻为5。0ΩD。根据,计算出待测电源内电阻为1。0Ω【答案】AD【解析】试题分析：由闭合电路欧姆定律可知：U=E-Ir;由数学知识可知，纵轴截距为电源的电动势，故电动势为E=3．0V；故A正确；图象的斜率表示电源的内阻，即．故D正确,C错误．当外电路电阻R=0时，外电路短路,短路电流为．故B错误．故选AD．考点:U-I图像二、填空(每空2分，作图4分,共16分）11。某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ.步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图，由图可知其长度为__________cm；（2)用螺旋测微器测量其直径如图，由图可知其直径为_________mm；(3）用多用电表的电阻“×10”挡,按正确的操作步骤粗测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图，则该电阻的阻值约为_________Ω（4)该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R直流电源E（电动势4V，内阻很小）开关S导线若干电流表A1（量程0～4mA，内阻约50Ω）电流表A2(量程0～15mA，内阻约30Ω）电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻约25kΩ）滑动变阻器R1(阻值范围0～15Ω,允许通过的最大电流2。0A）滑动变阻器R2(阻值范围0～10kΩ，允许通过的最大电流1mA）电流表选择_________,电压表选择_________，滑动变阻器选择________。（5）为使实验误差较小,要求测多组数据进行分析，请在答题纸方框中画出测量的电路图_______。【答案】(1）。5.015；(2)。4。698—4。700；（3)。220（4).A2；(5）。V1；(6)。R1；(7).【解析】(1）由图所示可知，游标卡尺主尺示数为,游标尺示数为:，游标卡尺示数为；

（2）由图乙所示可知,螺旋测微器固定刻度示数为，游标尺示数为：，螺旋测微器示数为；

（3）用多用电表的电阻“”挡，由图丙所示可知，电阻阻值为；

(4）电源电压为，为了准确,我们采用分压接法，控制电压不超过，电压表采用;根据闭合电路欧姆定律可知，电路中的最大电流为：，

所以电流表应选；

由于要求“测得多组数据"，所以变阻器应用分压式接法,应选择阻值小的变阻器；（5）由于满足，所以电流表应用外接法，即电路应是分压外接法，

故电路图如图所示：

点睛:应掌握游标卡尺与螺旋测微器的读数方法，通过估算电路中的最大电流来选择电流表的量程;若有“测得多组数据”要求或要求电流从零调时，变阻器应用分压式接法,选择阻值小的变阻器时方便调节。三、计算题(共4小题，共44分）12.如图所示，金属板C、D正对着水平放置，板长L=5cm，两板间距d=1cm,两板间电压为U=72V，且下板带正电,一个电子沿水平方向以速度=2×107m/s,从两板中央M点射入，最后从N点射出电场。电子质量m=9×10-31kg，电子电量e=1。6×10-19C，电子重力不计.求：(1)M、N间的高度差(2）M、N间的电势差UMN【答案】（1)；(2）UNM=—28。8V【解析】（1)带电粒子在电场中做类平抛运动，竖直方向做匀加速运动:，水平方向做匀速直线运动:则:由以上三式解得：带入数据得:；（2）根据场强与电势关系可以知道：，则:。点睛：该题是带电粒子在电场中运动的问题,其基础是分析物体的受力情况和运动情况，同时要注意掌握在匀强电场中场强与电势的关系。13.如图所示，水平导轨间距为L=0.5m,导轨电阻忽略不计；导体棒ab的质量m=1kg,导体棒的电阻R0=0。9Ω,与导轨接触良好;电源电动势E=10V,内阻r=0。1Ω,电阻R=4Ω;外加匀强磁场的磁感应强度B=5T，方向垂直于ab,与导轨平面夹角α=53°;ab与导轨间的动摩擦因数为μ=0。5（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）,定滑轮摩擦不计，线对ab的拉力为水平方向，重力加速度g=10m/s2,ab处于静止状态.已知sin53°=0。8,cos53°=0.6求：(1）通过ab的电流大小和方向;(2)重物重力G的取值范围。【答案】（1）I=2A,方向为a到b；(2）【解析】（1)由闭合电路的欧姆定律可得，通过ab的电流方向：由a到b;ab受到的安培力:；方向：与水平成37°角斜向左上方（2)ab受力如图所示，最大静摩擦力:由平衡条件得：当最大静摩擦力方向向右时：当最大静摩擦力方向向左时:由于重物平衡，故则重物重力的取值范围为：0.5NG7.5N；14。如图所示，在y〈0的区域内存在匀强磁场，磁场方向垂直于xy平面并指向纸面外，磁感强度为B=2T.一带正电的粒子以速度v0=5m/s从O点射入磁场，入射方向在xy平面内,与x轴正向的夹角为θ=30o.若粒子射出磁场的位置与O点的距离为l=10cm,求该粒子的电量和质量之比q/m(不计离子重力)【答案】【解析】带正电粒子射入磁场后,由于受到洛仑兹力的作用,粒子将沿图示的轨迹运动:从A点射出磁场,O、A间的距离为,射出时速度的大小仍为，射出方向与x轴的夹角仍为。由洛仑兹力公式和牛顿定律可得：，式中R为圆轨道的半径，解得：圆轨道的圆心位于OA的中垂线上,由几何关系可得：联立两式，解得：带入数据得到：。15.质量为M=4kg的木板B静止于光滑水平面上,物块A质量为m=4kg,停在B的左端。质量为m0=1kg的小球用长为l=1。25m的轻绳悬挂在固定点O上，将轻绳拉直至水平位置后，由静止释放小球，小球在最低点与A发生正碰后反弹，反弹所能达到的最大高度为h=0.45m，物块与小球可视为质点，不计空气阻力。已知A、B间的动摩擦因数μ=0。1，求：（1）小球与A碰后瞬间，A的速度多大？（2)为使A不滑离