2023届福建省泉州市德化高三二诊模拟考试物理试卷含解析

2023学年高考物理模拟试卷

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）

填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角〃条形码粘贴处〃o

2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦

干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。

3,非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先

划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。

4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、关于固体、液体、气体和物态变化，下列说法中正确的是（）

A.晶体一定具有各向异性的特征

B.液体表面张力是液体内部分子间的相互作用

C.（）℃的铁和0℃的铜，它们的分子平均速率相同

D.一定质量的某种理想气体状态改变时，内能不一定改变

2、空间存在如图所示的静电场，图中实线b、c、d、e为静电场中的等势线，虚线为等势线的水平对称轴。一个带

负电的粒子从P点以垂直于虚线向上的初速度W射入电场，开始一小段时间内的运动轨迹已在图中画出，粒子仅受电

场力作用，则下列说法中正确的是（）

A.等势线a的电势最高

B.带电粒子从尸点射出后经过等势线b时，粒子的速率可能等于为

C.若让粒子从尸点由静止释放，在图示空间内，粒子将在虚线上做往复运动

D.若让粒子从P点由静止释放，在图示空间内，粒子的加速度先增大后减小

3、石拱桥是中国传统的桥梁四大基本形式之一。假设某拱形桥为圆的一部分，半径为R。一辆质量为机的汽车以速

度u匀速通过该桥，图中。为拱形桥的最高点，圆弧PQS所对的圆心角为90°，RS关于。。对称，汽车运动过程中

所受阻力恒定，重力加速度为g。下列说法正确的是（）

A.汽车运动到尸点时对桥面的压力大于cos45.

B.汽车运动到。点时牵引力大于阻力

C.汽车运动到。点时，桥面对汽车的支持力等于汽车重力

D.汽车从P点运动到S点过程中，其牵引力一定一直减小

4、在如图所示装置中，轻杆一端固定着一个质量可以忽略不计的定滑轮，两物体质量分别为，小、轻绳一端固定

于a点，悬点a、b间的距离远大于滑轮的直径，动滑轮质量和一切摩擦不计。整个装置稳定时下列说法正确的是（）

A.a可能大于4

B.一定大于m2

C.矶可能大于痴2

D.轻杆受到绳子的作用力2根2gcos，

5、乒乓球作为我国的国球，是一种大家喜闻乐见的体育运动，它对场地要求低且容易上手。如图所示，某同学疫情期

间在家锻炼时，对着墙壁练习打乒乓球，球拍每次击球后，球都从同一位置斜向上飞出，其中有两次球在不同高度分

别垂直撞在竖直墙壁上，不计空气阻力，则球在这两次从飞出到撞击墙壁前（）

A.飞出时的初速度大小可能相等

B.飞出时的初速度竖直分量可能相等

C.在空中的时间可能相等

D.撞击墙壁的速度可能相等

6、甲、乙两球质量分别为机卜机2,从不同高度由静止释放，如图a所示。甲、乙两球的y：图象分别如图b中的①、

②所示。球下落过程所受空气阻力大小/满足户即。为球的速率，4为常数），打时刻两球第二次相遇。落地前，两球

的速度都已达到各自的稳定值打、也。下列判断不正确的是（）

o

io

图1)

A.孙>tn,

B.乙球释放的位置高

C.两球释放瞬间，甲球的加速度较大

D.两球第一次相遇的时刻在A时刻之前

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图所示电路中，电源内阻忽略不计.闭合电键，电压表示数为U,电流表示数为/；在滑动变阻器凡的滑片尸

由。端滑到5端的过程中

A.U先变大后变小B./先变小后变大

C.。与/比值先变大后变小D.U变化量与/变化量比值等于心

8、如图所示，卫星a没有发射停放在地球的赤道上随地球自转；卫星b发射成功在地球赤道上空贴着地表做匀速圆周

运动；两卫星的质量相等。认为重力近似等于万有引力。下列说法正确的是（）

A.a、b做匀速圆周运动所需的向心力大小相等

B.b做匀速圆周运动的向心加速度等于重力加速度g

C.a、b做匀速圆周运动的线速度大小相等，都等于第一宇宙速度

D.a做匀速圆周运动的周期等于地球同步卫星的周期

9、如图，a、b、c、d是均匀介质中水平轴上的四个质点，相邻两点的间距依次为4m、6m和8m。一列简谐横波沿x

轴正向传播，在U0时刻传到质点”处，使质点”由平衡位置开始竖直向下运动。波继续向前传播，U5s时质点〃已

经通过了8cm路程并第一次回到了平衡位置，此时质点c刚好开始振动。则下列说法正确的是

-a------b---------c-----------（-1--->

x

A.该波的波速为1.6cm/s

B.质点c开始振动后，其振动周期为6s

C.当f>5s后，质点b向下运动时，质点c一定向上运动

D.在7s〈f<9s的时间间隔内质点c向上加速运动

E.在Z=10s时刻质点d的加速度方向向上

10、如图所示，两根相互平行，间距为L=0.4m足够长的金属导轨固定在水平面上，导轨间存在8=0.2T的匀强磁

场中，磁场方向垂直于导轨平面向里，导轨上的金属杆ab、cd所受滑动摩擦力均为0.2N,两杆电阻均为0.1C,导轨

电阻不计，已知ab受恒力产的作用，ab和cd均向右做匀速直线运动，下列说法正确的是（）

A.恒力尸=0.4NB.两杆的速度差大小为6.25m/s

C.此时回路中电流大小为2AD.ab杆克服安培力做功功率等于回路中产生焦耳热的功率

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）某同学利用下图所示的实验装置测定滑块与木板间的动摩擦因数"。置于水平桌面的长木板上固定两个光

电门1、2。滑块上端装有宽度为d的挡光条，滑块和挡光条的总质量为M,右端通过不可伸长的细线与钩码，〃相连,

光电门1、2中心间的距离为X。开始时直线处于张紧状态，用手托住，"，实验时使其由静止开始下落，滑块M经过

光电门1、2所用的时间分别为小d

(1)该同学认为钩码的重力等于滑块所受到的拉力，那么他应注意

(2)如果满足(1)中的条件，该同学得出滑块与木板间的动摩擦因数〃=。

(3)若该同学想利用该装置来验证机械能守恒定律，他只需就可以完成实验。

12.(12分)测量电压表内阻(量程为3V)的实验如下：

⑴用多用电表粗略测量，把选择开关拨到“xlO”的欧姆挡上，欧姆调零后，把红表笔与待测电压表(选填“正”

或“负”)接线柱相接，黑表笔与另一接线柱相接；

(2)正确连接后，多用电表指针偏转角度较小，应该换用(选填“XI”或“xlOO")挡，重新欧姆调零后测量，指针

位置如图甲所示，则电压表内阻约为

(3)现用如图乙所示的电路测量，测得多组电阻箱的阻值K和对应的电压表读数U,作出"一R图象如图丙所示.若

图线纵截距为6,斜率为A,忽略电源内阻，可得Rv=;

(4)实验中电源内阻可以忽略，你认为原因是。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.(10分)如图所示，第一象限内有沿x轴正向的匀强电场，第二象限内有垂直纸面向里的匀强磁场。一质量为，小

电荷量为4的带负电的粒子以速度均从尸(-3L,0)沿与x轴负方向成37。角射入磁场，粒子从。(0,4L)进入电场

并直接从O点离开电场。不计空气阻力及粒子的重力，或1137。=0.6,cos37*0.8,求：

(1)磁感应强度8的大小;

(2)电场强度E的大小。

y

14.(16分)如图所示，一根劲度系数为A的轻质弹簧竖直放置，上下两端各固定质量均为M的物体A和3(均视为

质点)，物体5置于水平地面上，整个装置处于静止状态，一个质量叫的小球尸从物体A正上方距其高度A

2

处由静止自由下落，与物体A发生碰撞(碰撞时间极短)，碰后A和尸粘在一起共同运动，不计空气阻力，重力加速

度为g.

(1)求碰撞后瞬间尸与A的共同速度大小；

(2)当地面对物体B的弹力恰好为零时，求尸和A的共同速度大小.

(3)若换成另一个质量的小球2从物体4正上方某一高度由静止自由下落，与物体A发生弹性碰撞(碰

撞时间极短)，碰撞后物体4达到最高点时，地面对物块8的弹力恰好为零.求。开始下落时距离A的高度.(上述

过程中。与A只碰撞一次)

15.(12分)如图所示，竖直分界线左侧存在水平向右的匀强电场，电场强度大小E=20N/C；右侧存在垂直纸

面向外的匀强磁场，磁感应强度大小B=2xlO-2T。P为电场中的一点，尸点到的距离x=lm,在其下方离尸点

距离d=3.5m处有一垂直于的足够大的挡板。现将一重力不计、比荷2=lxl()5c/kg的带正电的粒子从2点由

m

静止释放，电场和磁场的范围均足够大。求：

(1)该带电粒子运动到MN位置的速度大小。

(2)该带电粒子打到挡板的位置到MN的距离。

(3)该带电粒子从P点出发至运动到挡板所用的时间。

M

■®p:•••

B

d_____*•••

•••

•••

E；•••

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解析】

A.单晶体具有各向异性的特征，多晶体表现为各向同性，选项A错误；

B.液体表面张力是液体表面层分子间的相互作用，选项B错误；

C.的铁和0℃的铜，它们的分子平均动能相同，但是分子平均速率不相同，选项C错误；

D.一定质量的理想气体的状态改变时，若温度不变，则其内能不变，故D正确；

故选D。

2,D

【解析】

A.由图可知，负电荷弯曲的方向向右，则受到的电场力得方向向右，由于负电荷受到的电场力得方向与电场强度的

方向相反，所以电场强度的方向向左，等势线〃电势最低。故A错误；

B.带电粒子从尸点射出后经过等势线5时，电场力做正功，则粒子的动能增加，则其速率大于的选项B错误；

C.让粒子在尸点由静止释放，粒子受到的电场力得方向始终向右，所以将一直向右做加速运动。故C错误；

D.电场线的疏密代表电场的强弱，让粒子在尸点由静止释放，粒子将沿虚线向右做加速运动，因电场线先密后疏，

可知电场力先增后减，即加速度先增大后减小。故D正确。

故选D。

3、D

【解析】

A.汽车运动到P点时，重力垂直于桥面的分力等于加gcos45°,由于汽车在竖直面内做匀速圆周运动，沿半径方向

有向心加速度，所以汽车对桥面的压力小于mgcos45°,故A错误；

B.汽车在竖直面内做匀速圆周运动，运动到。点（圆弧最高点）时牵引力等于阻力，故B错误；

C.由于汽车在竖直面内做匀速圆周运动，沿半径方向有向心加速度，所以汽车运动到。点时，桥面对汽车的支持力

小于汽车重力，故C错误；

D.汽车从尸点运动到。点过程中，重力沿圆弧切线方向的分力一直减小，设汽车与。之间圆弧所对圆心角为其

牵引力

F=mgsin9+/

一直减小，汽车从。点运动到S点过程中，重力沿圆弧切线方向的分力一直增大，其牵引力

F-f-mgsmd

一直减小，所以汽车从P点运动到S点过程中其牵引力一定一直减小，故D正确。

故选D。

4、D

【解析】

对m分析可知绳子的拉力大小，对滑轮分析，由于滑轮放在一根绳子上，绳子两端的张力相等，故可知两绳子和竖直

方向上的夹角相等，由共点力的平衡关系可得出两质量的关系.

【详解】

对m分析可知，mi受拉力及本身的重力平衡，故绳子的拉力等于mig；对于动滑轮分析，由于滑轮跨在绳子上，故

两端绳子的拉力相等，它们的合力一定在角平分线上；由于它们的合力与m的重力大小相等，方向相反，故合力竖直

向上，故两边的绳子与竖直方向的夹角a和p相等；故A错误；由以上可知，两端绳子的拉力等于nug,而它们的合

力等于mig,因互成角度的两分力与合力组成三角形，故可知lmig>mig,即mi一定小于Imi.但是,小不一定大于

mi,故BC错误。轻杆受到绳子的作用力等于两边绳子的合力，大小为2m2gCOS，，选项D正确；故选D。

【点睛】

本题要注意题目中隐含的信息，记住同一绳子各部分的张力相等，即可由几何关系得出夹角的关系；同时还要注意应

用力的合成的一些结论.

5、A

【解析】

C.将乒乓球的运动反向处理，即为平抛运动，由题知，两次的竖直高度不同，所以两次运动时间不同，故C错误；

B.在竖直方向上做自由落体运动，因两次运动的时间不同，故初速度在竖直方向的分量不同，故B错误；

D.撞击墙壁的速度，即可视反向平抛运动的水平初速度，两次水平射程相等，但两次运动的时间不同，故两次撞击

墙壁的速度不同，故D错误；

A.由上分析，可知竖直速度大的，其水平速度速度就小，所以根据速度的合成可知，飞出时的初速度大小可能相等，

故A正确。

故选A。

6、C

【解析】

A.两球稳定时均做匀速直线运动，则有

kv=mg

得

kv

m--

g

所以有

niyv2

由图知匕＞彩，故叫〉m2，A正确，不符合题意；

B.v-f图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移，由图可知，0〜时间内，乙球下降的高度较大，而时刻两球

第二次相遇，所以乙球释放的位置高，故B正确，不符合题意；

C.两球释放瞬间y=0,此时空气阻力片0,两球均只受重力，加速度均为重力加速度g,故C错误，符合题意；

D.在“〜打时间内，甲球下落的高度较大，而打时刻两球第二次相遇，所以两球第一次相遇的时刻在A时刻之前，故

D正确，不符合题意；

故选C。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BC

【解析】

由图可知电压表测量的是电源的电压，由于电源内阻忽略不计，则电压表的示数总是不变，故A错误；在滑动变阻器

飞的滑片尸由a端滑到b端的过程中，滑动变阻器"的电阻先增大后减小，由于电压不变，根据闭合电路欧姆定律

可知电流表示数先减小后增大，U与I的比值就是接入电路的R1的电阻与尺2的电阻的和，所以U与I比值先变大后

变小，故C正确；由于电压表示数没有变化，所以U变化量与I变化量比值等于0,故D错误;

【点睛】当滑动变阻器的两部分并联在电路中时，在最中间时，电阻最大，滑片从一端移动到另一端的过程中，电阻

先增大后减小，

8、BD

【解析】

A.两卫星的质量相等，到地心的距离相等，所以受到地球的万有引力相等。卫星。在赤道上随地球自转而做圆周运

动，万有引力的一部分充当自转的向心力，卫星6在赤道上空贴着地表做匀速圆周运动，万有引力全部用来充当公转

的向心力，因此〃做匀速圆周运动所需的向心力大小不相等，A项错误；

B.对卫星。重力近似等于万有引力，万有引力全部用来充当公转的向心力，所以向心加速度等于重力加速度g,B项

正确；

C.卫星b在赤道上空贴着地表做匀速圆周运动，其公转速度就是最大的环绕速度，也是第一宇宙速度，卫星。在赤

道上随地球自转而做圆周运动，自转的向心力小于卫星8的公转向心力，根据牛顿第二定律，卫星〃的线速度小于/>

的线速度，即。的线速度小于第一字宙速度，C项错误；

D.a在赤道上随地球自转而做圆周运动，自转周期等于地球的自转周期，同步卫星的公转周期也等于地球的自转周期,

所以a做匀速圆周运动的周期等于地球同步卫星的周期，D项正确。

故选BDo

9、BCE

【解析】

A.在U5s的时间内波形从a传播到c距离为10m,故波速为

v=-=—m/s=2m/s

t5

故A错误；

B.从波源〃起振开始到波形传播到b点的时间为

%=±=2s

v

5点起振后振动了半个周期，总时间为5s,有

5u=t.H—T

12

可得

T=6s

而所有质点点的振动周期相同，故质点c开始振动后其振动周期也为6s,故B正确；

C.当f>5s后，〃和c都已开始振动，两者的距离为6m等于半个波长，则质点〃向下运动时质点c一定向上运动，故

C正确；

T2T

D.当时间7s<f<9s时，而周期T=6s,c点起振需要5s,则c点的振动时间在彳~一范围内且起振向下，故c正经

33

过波谷后向平衡位置振动，则质点c向上先加速运动后减速向上运动，故D错误；

E.质点ad的距离为18m,则波源〃到d的时间为

X18,、

△At=——=—s=9s

v2

故质点振动的时间Is=§,且起振竖直向下，而加速度指向平衡位置方向向上，故E正确。

6

故选BCE,

10、AB

【解析】

A.对金属杆ab、cd整体，由于两杆所受的安培力大小相等，方向相反，所以由平衡条件有

尸=2/=2X0.2=0.4N

故A正确。

BC.cd杆做匀速直线运动，则有

f=BIL

解得/=2.5A,因两杆均切割磁感线，故均产生感应电动势，且ab产生的感应电动势一定大于cd产生的感应电动势,

则有

BLAv=I-2r

解得速度差为

2/r_2x2.5x0.1

Av=6.25m/s

瓦-0.2x04

故B正确，C错误。

D.ab杆克服安培力做功功率为

0„BLAv8*△叱

PK=BDlLv=BD-------Lfv,=-------------

克1t*2r-2r

回路中产生焦耳热的功率为

E2B2L2(AV)2

—T-T-

可知ab杆克服安培力做功功率不等于回路中产生焦耳热的功率，故D错误。

故选ABo

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

md2111

11、M远大于m将木板左端抬高，平衡摩擦力

M2gx[tl,2

17

【解析】

实际上滑块所受到的拉力小于钩码的重力，对滑块应用牛顿第二定律

4-/.iMg=Ma

对钩码

mg一耳=ma

两式相加解得加速度

mg-/LiMg

ci-

M+m

而如果满足题中条件，同理解得加速度为

mg-fdMg

a=-------------

M

若想

a'=a

M必须远大于m。

(2)[2]对于滑块通过光电门时的速度

d

V，=?

d

“I

由动能定理得:

(附-〃吸=(%

解得

d2

4=-----------(―

M2gxg

(3)网验证机械能守恒，需要将摩擦力平衡掉，所以该同学需将木板左端抬高，平衡摩擦力。

12、负xlOO40001电压表内阻远大于电源内阻

【解析】

欧姆表内阻电源负极与红表笔相连，根据电压表的使用原则“电流从正接线柱流入负接线柱流出”可知把红表笔与

待测电压表负接线柱相接。

(2)[2北3]选择开关拨到“xlO”的欧姆挡，指针偏转角度很小，则表盘刻度很大，说明是个大电阻，所选挡位太小，为减

小实验误差，应换用xlOO欧姆挡重新调零后测量；欧姆表示数为40x1000=4000。。

(3)[4]由图乙结合欧姆定律得

U

E=—(Rv+R)

Kv

变形得:

iii

—=----1-------

UEERV

结合图丙可得:

b=-,k=-^—

EERV

解得

h

R\——

(4)[5]由于电压表内阻一般几千欧，电源内阻几欧姆，电压表串联在电路中，且电压表内阻远大于电源内阻，故电源内

阻可忽略不计。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

2mv-6机日

13、(1)An=—vn-；(2)E=-2-

5qL25qL

【解析】

(1)由几何知识得带点粒子在磁场中做圆周运动的半径

R=-L

2

由牛顿第二定律得

2

解得

B=^

5qL

(2)由牛顿第二定律得

q