2021年四川省德阳市旌阳区中考物理模拟试卷（一）（附答案详解）

2021年四川省德阳市旌阳区中考物理模拟试卷（一）

1.透镜在我们的生活、学习中应用广泛。下列有关透镜的结论正确的是（）

A.近视眼可利用凸透镜矫正

B.照相时，被照者应站在镜头两倍焦距以内

C.投影仪能使物体在屏幕上成正立、缩小的虚像

D.阳光通过凸透镜可以点燃纸屑，这利用了凸透镜对光的会聚作用

2.我国是严重缺水的国家。水资源人均占有量是世界的25%,是世界上人均水资源最

贫乏的国家之一。了解地球的水循环知识，提高节水意识，培养良好的用水习惯，

是我们每个公民的义务和责任。关于地球的水循环，下列说法错误的是（）

A.海水吸热，汽化成水蒸气

B.水蒸气与冷空气接触，液化成水滴

C.小水滴遇到更冷的气流，凝固成小冰珠

D.小冰珠在降落过程，液化成雨水

3.如图甲所消防队员小王进行爬杆训练的示意图，在某次爬杆训练中，小王沿杆竖直

向上运动的以速度）-t（时间）图象如图乙所示，下列判断正确的是（）

A.0-6s时间内，小王沿杆匀速向上运动

B.6s至15s时间内，小王沿杆上爬的距离是5.4m

C.0至18s时间内，小王受到的摩擦力方向向下

D.15s至18s时间内，小王受到的摩擦力大小等于重力大小

4.将体积相同材料不同的甲、乙、丙三个实心小球，分别轻轻放入三个装满水的相同

烧杯中，甲球下沉至杯底、乙球漂浮和丙球悬浮，如图所示，下列说法正确的是（）

A.三个小球的质量大小关系是小甲〉＞m丙

B.三个小球受到的浮力大小关系是尸伊=尸丙＜F/

C.三个烧杯中的水对烧杯底部的压强大小关系是P伊〉Pz＞P丙

D.三个烧杯底部对桌面的压力大小关系是F'z=F丙

5.如图所示，重为8N的铁块吸附在竖直放置足够长的磁性平板上，用竖|AF

直向上的拉力尸拉动铁块使其沿竖直方向向上做匀速直线运动，拉力

尸=10N,速度V=2TH/S,下列说法错误的是（）I一

A.铁块受到的摩擦力大小为10N

B.拉力F做功的功率是20W

C.向上运动的过程中，吸引力对铁块没有做功

D.向上运动的过程中，铁块的机械能增大

6.如图所示的电路中，电源电压不变，Ri为定值电阻，

为滑动变阻器，闭合开关s后，滑动变阻器的滑片

从a向b移动的过程中（）

A.电压表匕示数变大，电路消耗的总功率变小

B.电压表％示数不变，电路消耗的总功率变大

C.电流表4示数变大，电压表匕示数与电流表4示数

之比变大

D.电流表4示数变小，电压表匕示数与电流表4示数之比变小

7.在如图所示电路中，电源电压不变。闭合开关后，当滑片P在I--------©-------

某一端点时，电流表示数为0.34小灯泡消耗的功率为0.9W；__

当滑片P移至中点时，电压表示数变化了2匕此时小灯泡恰I___（g）_③

好正常发光，且消耗的功率为2〃.下列说法正确的是（）

A.小灯泡正常发光时的电阻为100

B.滑动变阻器的最大阻值为200

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C.电源电压为8V

D.滑片P在最右端时，滑动变阻器消耗的功率为3.2W

8.我国未来的航母将采用自行研制的电磁弹射器，如图所示，电

磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射弄射731^—

车内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力，下列实验中与电磁弹射器工作原

理一致的是（）

9.用一台电取暧器给有50kg空气的房间加热。通电后取暖器的电热元件温度升高，

是通过（填“做功”或“热传递”）的方式使其内能增加的；一段时间后室温

升高了5。口则空气吸收的热量为J.设空气的比热容为1.0x103//（kg.℃）

10.小兵全家利用国庆节假期自驾游，汽车行驶过程中因转弯而导致身体倾斜，小兵向

父母解释，这是由于原因造成的.在高速路上，小兵看见一个路牌如图甲

所示，小兵从路牌处开始观察到汽车速度计指针一直指在图乙所示位置，则小兵经

过分钟到达广元.

广元

60km

如图所示，在两个大小相等的力F1和员的作用下，质量为m的

木块可在两长板之间以u的速度匀速向下滑落，如果保持两片

力用和4的大小方向不变，能使木块加以3卜的速度匀速向上|v|

滑动，那么木块向上的推力应是o（用题目中提供的物理量表示）

12.将一物块4轻轻放入盛满水的大烧杯中，4静止后，有144g的水溢出；再将其轻轻

放入盛满酒精的大烧杯中，4静止后，有128g的酒精溢出。贝必在水中静止时受到

的浮力为N,4物块的密度是kg/m3.（P水='»乂3kgim,p酒精=

0.8x9的/向。取ioN"g）

13.如图所示电路，电源电压为3V,Ri、I-r@n

/?2、%阻值均为io。，闭合开关s,

­|H-।.

电压表示数为V,电流表示S1_______

数为______4I'—二CD_

14.图为电热水器的简化电路，它有加热和保温功能,匕和K\

%是两根电热丝，S为温控开关，1、2为开关的两个

触点，当水温低于某个下限温度或高于某个上限温度

时，S在两个触点间自动切换，使水温维持在设定的范围，已知热水器的加热功率

为400小，保温功率为100W（忽略温度对电阻的影响），则电路中&=______。•在使

用过程中，若热水器连续工作10m讥消耗电能1.2x1。5人此过程中热水器的保温

工作时间是So

16.如图所示，物块置于长木板上表面，两者一起沿斜面匀速下滑，物块与木板始终保

持相对静止。请在图中画出长木板对物块作用I力的示意图。（0点为力的作用点）

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17.如图所示，开关闭合后，位于螺线管左侧的小磁针顺时针旋转90。，请在图中括号

内分别标出螺线管4的N、S极和电源的+、一极。

18.如图所示，在探究“探究平面镜成像特点”的实验

中，把蜡烛4放在距玻璃板30cm处，蜡烛4在玻璃

板中所成的像到蜡烛4的距离是cm；当蜡烛

4远离玻璃板时，它的像的大小将（选填“变

大”、“变小”或“不变”）。

19.在测量“小车的平均速度”实验中，某同学设计了如图所示的实验装置，小车由斜

面的顶端由静止下滑，图中的圆圈内是小车到达4、B、C三点时电子表的显示（数

字分别表示时、分、秒），则：4C的平均速度以c=rn/s,4B段的平均速度

VABBC段的平均速度/c（选填“大于”、“等于"、“小于”）。

20.小兴同学要测量盒装纯牛奶的密度，将天平放在水平桌面上，把游码移至标尺左端

0刻度线上，完全静止时发现指针情形如图甲所示，为了使天平横梁水平平衡，应

将平衡螺母向调节.用天平测出空烧杯质量为28.6g,向烧杯中倒入适量纯

牛奶，测量烧杯和纯牛奶总质量的示数如图乙所示，再将烧杯中纯牛奶全部倒入量

筒中，示数如图丙所示，则纯牛奶的密度约为kg/m3.

21.小华做“探究杠杆平衡条件”实验的装置如图，杠杆上

相邻刻线间的距离相等。如图，杠杆在水平位置平衡后，

在4点挂两个钩码，每个钩码重0.5N,在B点竖直向下

拉弹簧测力计，仍使杠杆在水平位置平衡，此时弹簧测力计的示数应为N。

当弹簧测力计改为斜拉时，再次使杠杆水平平衡，则弹簧测力计的示数将（选

填“变大”、“变小”或“不变”）。

22.在“探究小灯泡在不同电压下工作时的电功率是否相同”的实验中，实验室提供了

如下器材：电源电压U恒为8V,滑动变阻器规格为“20024“，小灯泡的额定电压

u额=2.5V,额定功率小于1.2W,两个阻值分别为100、200的定值电阻&可供选

择。

（1）为使小灯泡两端电压有一较大的调节范围，小聪设计了如图甲所示的电路，请

用笔画线代替导线，完成图乙中实物电路的连接。

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(2)正确连接电路后，进行实验，记录的数据如表所示。当电压表示数为2.5U时,

电流表示数如图丙所示，小灯泡的额定功率为勿。

ca次教

12345

电压/V1.01.52.02.53.0

电流/40.240.320.380.44

电功率/小

(3)分析表中数据可得出结论：小灯泡工作时，消耗的电功率随电压的增大而

根据数据还可判断出，小聪在实验中选用的是&=_____。的定值电阻。

(4)完成实验后，爱动脑筋的小聪又想出一种测量小灯泡额定功率的方法，设计了

如图丁所示的电路，所用电压表量程为“0〜15V”，请将以下实验步骤补充完整。

①检查电路无误后，闭合开关S,将开关S1拨至“1”，调节滑动变阻器滑片直至

电压表示数为;

②滑片不动，再将开关Si，拨至“2”，读出电压表示数为%；

③小灯泡的额定功率：。颁=。(用。颜、%、&表示)

若步骤②中，在将开关Si拨至“2”时，不小心将滑片向右移动了少许，其他操作

正确，则测出的小灯泡额定功率比真实值_____(选填“偏大”或“偏小”)。

23.如图所示，重为960N的物体，与水平地面的接触面积为1.5x

103cm2o工人师傅用600N的力匀速提升物体，物体的速度为

0.2ni/s。(不计摩擦及绳重)求：

(1)工人师傅拉绳的功率；

(2)滑轮组的机械效率；

(3)体重为450N的小明用此滑轮组提升该物体，但物体没有被拉动，物体对地面的

最小压强为多大。

24.如图所示的电路中，电源电压恒定不变，电压表的量

程为0〜15V,电流表的量程为0〜0.64灯L上标有

“6U3W”字样(不考虑灯丝电阻随温度的变化)，定

值电阻&=302当只闭合开关S］、S2,调节滑片P至

距B端一处|时，灯L正常工作；当只闭合开关SI、S3,

调节滑片P至中点处时，电流表示数为0.34求：

(1)灯泡的电阻；

(2)电源电压；

(3)在保证电路各元件安全的情况下，只闭合开关S1、S2时，灯L消耗的电功率范围。

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答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：4、近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，故A错误；

8、照相机是应用物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像工作的，所以被照

者站在凸透镜的2倍焦距以外，故B错误。

C、投影仪是应用物距大于一倍焦距小于二倍焦距，凸透镜成倒立、放大的实像，故C

错误。

£>、凸透镜对光线有会聚作用阳光通过凸透镜可以点燃纸屑，是利用凸透镜对光线的会

聚作用，故。正确。

故选：。。

(1)凸透镜对光线有会聚作用，可将平行光会聚于一点；

(2)近视眼用凹透镜进行矫正，凹透镜对光线有发散作用；远视眼用凸透镜进行矫正，

凸透镜对光线有会聚作用；

(3)根据凸透镜成像的三种情况和应用进行判断：

u>2f,成倒立、缩小的实像，应用于照相机，2/>〃>人

2f>u>f,成倒立、放大的实像，应用于投影仪，v>2/«

u<f,成正立、放大的虚像，应用于放大镜。

本题考查了凸透镜成像的规律及应用，以及凸透镜对光线的会聚作用，是一道基础性题

目。

2.【答案】D

【解析】解：4、海水吸热，由液态汽化为水蒸气，故A正确；

8、水蒸气与冷空气接触，由气态液化成小水滴，故8正确；

C、液态小水滴遇到更冷的气流，凝固成固态小冰珠，故C正确；

。、固态小冰珠在降落过程，熔化成雨水，故。错误。

故选：Do

物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；由气态变为液态叫液化，由液态

变为气态叫汽化；由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华。

分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状

态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

3.【答案】B

【解析】

【分析】

(1)由。-t图象判断各段的运动状态；

(2)根据s="算出6s至15s时间内，小王沿杆上爬的距离；

(3)对人进行受力分析，判断摩擦力的方向；

(4)根据速度关系判断重力与摩擦力的关系。

本题考查学生读图分析能力，是一道中等题，难度不是很大。

【解答】

A.由图象知0-6s时间内，小王沿杆加速向上运动，故A错误：

A由图象知，6s至15s时间内，小王沿杆向上做匀速直线运动，速度为0.6zn/s,故6s至

15s时间内上爬的距离是s=仇=0.6m/sx9s=5.4m,故B正确；

CO至18s时间内，小王沿杆竖直向上运动，在竖直方向上受到竖直向下的重力和竖直向

上的摩擦力，故C错误；

D由图象知，15s至18s时间内，小王做减速运动，受到的摩擦力小于重力，故。错误。

故选B。

4.【答案】D

【解析】解：4、甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，所以甲球的密度大于水

的密度，乙球的密度小于水的密度，丙球的密度等于水的密度，因此三个小球的密度大

八、美系是：P甲＞P丙＞P乙，根据zn=pV可知：质量大小关系是7n华＞＞mz，故A

错误。

B、由于甲乙丙三个实心小球体积相同，则根据图可知排开水的体积关系：V甲排二V球,

V乙排＜V球，V丙排=V球,所以U尹舜=V丙排＞v乙排,根据F浮=P/胭可知：F甲=F丙＞

F乙，故B错误。

C、因为三个相同烧杯中都装满水，放入球后烧杯中液面高度不变，根据p=pgh可知

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烧杯底部受到水的压强相等，即：Pp=Pz=P为，故C错误。

。、三个相同烧杯中都装满水，里面的水的重力G水相等，由于烧杯底部对桌面的压力等

于容器的总重力，则放入物体后对桌面的压力变化为：尸=6容器+6次+6成一。繇和

G排=F浮,据此可得：F'甲=G容器+G水+G甲-G排甲=G容器+G水+G甲-F甲;

F'z=G容器+G水+G乙-G排乙=G容辞+G水+G乙-产乙；

F'丙=G容器+G水+G丙一G排丙=G容器+G水+@丙一/丙；

由于甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，则G印＞心Gz=/乙；G丙二F丙；

所以F'尹〉F'z=F'两，故力正确。

故选：Do

(1)甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，根据物体的浮沉条件分析判断三个小

球密度的关系，由于甲乙丙三个实心小球体积相同，根据m=pU即可判断三个小球的

质量大小关系；

(2)由图可确定三个烧杯中的嗫关系，然后根据阿基米德原理?浮=嗫判断浮力大

小关系；

(3)由于三个相同烧杯中都装满水，由图可确定判断液面升高的关系，从而根据「=。。/1

判断烧杯底部受到水的压强的关系；

(4)由于烧杯底部对桌面的压力等于容器的总重力，则根据相同的烧杯装满水的，球的

重力关系和排开水的重力关系，判断出压力的关系。

本题考查了学生分析推理的能力，本题中解题的关键是由物体在水中所处的状态判断其

密度和浮力大小的关系、知道烧杯底部对桌面的压力等于容器的总重力。

5.【答案】A

【解析】解：力、铁块沿竖直方向向上做匀速直线运动，则受力平衡，对铁块进行受力

分析可知，在竖直方向上，铁块受到的拉力与铁块的重力和铁块受到的摩擦力平衡，故

铁块受到的摩擦力大小/=F—G=10N—8N=2N,故A错误；

B、拉力F做功的功率是P=y=y=Fv=10/Vx2m/s=201V,故8正确；

C、由甲图知，磁性平板对铁块的吸引力是水平方向，而铁块沿竖直方向运动，所以吸

引力对铁块不做功，故C正确；

。、由图可见，物体以2m/s的速度匀速向上运动，动能不变：但高度增加，所以重力势

能增加，所以机械能增加，故。正确。

故选：Ao

(1)铁块沿竖直方向向上做匀速直线运动，则受力平衡，对铁块进行受力分析，然后根

据力的合成计算摩擦力大小；

(2)利用P=y=Fb计算拉力F做功的功率；

(3)物体不做功的三种情况之一：运动方向与受力方向垂直；

(4)机械能包括动能和势能。机械能是否变化，看动能、势能是否变化。

此题主要考查学生对物体是否做功、二力平衡条件、机械能影响因素的掌握和应用。涉

及到的较多，综合性较强，有一定难度。

6.【答案】A

【解析】解：由电路图可知，两电阻串联，电流表测电路中的电流，电压表匕测两端

的电压，电压表彩测电源的电压；

AB,由于电源电压不变，则移动滑片时.，电压表彩的示数不变；

闭合开关S后，滑动变阻器的滑片从a向b移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变

大，总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，电流表示数变小；根据P=UI

可知，电路消耗的总功率变小；

根据U=/R可知，定值电阻当两端的电压变小，根据串联电路的电压关系可知，滑动变

阻器两端的电压变大，即电压表匕示数变大；故A正确，B错误；

C、电流表4示数变小，根据欧姆定律可知，电压表匕示数与电流表4示数之比为滑动变

阻器的电阻，滑动变阻器电阻变大，比值变大，故C错误；

D、电流表4示数变小，根据欧姆定律可知，电压表彩示数与电流表4示数之比为电路的

总电阻，总电阻变大，比值变大，故。错误。

故选:Ao

由电路图可知，两电阻串联，电流表测电路中的电流，电压表匕测/?2两端的电压，电压

表眩测电源的电压；

根据电源电压判定电压表七的示数的变化；

根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1

两端的电压变化，根据P=U/可知电路消耗总功率的变化；根据串联电路的电压特点和

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欧姆定律得出电压表匕的示数变化；根据电压表和电流表示数的变化判定其比值的变化。

本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律、电功率公式和串联电路特点的灵活应用，

难度不大。

7.【答案】B

【解析】解：

由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的

电流。

(1)当滑片P在某一端点时，电流表示数为0.34小灯泡消耗的功率为0.9勿；

当滑片P移至中点时，电压表示数变化了2人此时小灯泡恰好正常发光，且消耗的功率

为2勿，

由小灯泡消耗的功率变大可知，电路中的电流/=0.34时，滑动变阻器接入电路中的电

阻最大，

由「=0可得，此时灯泡两端的电压：

“I0.34

当滑片P移到中点时，变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的电流变大，灯泡两端的

电压变大，

由电压表示数变化了2P可知，此时灯泡两端的电压UJ=4+2V=3V+2U=5U,

因此时灯泡正常发光，且灯泡的功率=2W,

所以，由P=[//=?可得，灯泡正常发光时的电阻：

RL=噌=索=12.5。，故A错误；

(2)当滑片P在最右端时，灯泡两端的电压4=3V,电路中的电流/=0.34

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，由/=5可得，电源的电压：

滑-

U=UL+IR=3V+0.34XR_______①，

当滑片P移到中点时，灯泡两端的电压UJ=5人

因串联电路中各处的电流相等，

所以，电路中的电流：

/,=四=上

0.44,

RL12.5X2

电源的电压：

U=UL'+I'x^=5V+0.44x------------②，

因电源的电压不变，

R

所以，3U+0.34XR^=5P+0.44X£，

解得：R.=200,故B正确；

电源的电压故错误;

U=UL+IR=3V+0.34x2OP=9V,C

(3)滑片P在最右端时，滑动变阻器消耗的功率：

PR=PR滑=(0.34)2x20/2=1.8W,故£)错误。

故选：Bo

由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的

电流。

(1)比较滑片P在某一端点和滑片P移至中点时灯泡消耗的功率判断开始时滑片的位置，

根据P=U/求出此时灯泡两端的电压，根据串联电路的分压特点结合电压表示数的变化

判断滑片位于中点时电压表的示数，根据P=U/=9求出灯泡正常发光时的电阻；

(2)当滑片P移到最右端点时，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示电源的电压，滑

片P移到中点时，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，根据串联电

路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出滑动变

阻器的最大阻值，进一步求出电源的电压；

(3)滑片P在最右端时，根据P=KR求出滑动变阻器的功率。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意本题中灯泡的电阻

是变化的。

8.【答案】B

【解析】解：由题意可知，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当

弹射车内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力，由此可知其原理是通电导体在磁

场中受力而运动。

A、图中是奥斯特实验，证明了电流周围存在磁场，与电磁弹射器工作原理不一致，故

A错误；

8、图中有电源，通电导体棒在磁场中受力而运动，即与电磁弹射器工作原理相同，故

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B正确；

C、图中没有电源，是线圈在磁场中转动，产生感应电流，是发电机的原理，故C错误：

。、图中没有电源，是闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，

为电磁感应实验，故。错误。

故选：B。

电磁弹射器是利用了磁场对通电导体产生力的作用。根据通电导体在磁场中受到磁场力

的作用分析解答。

对于电磁学中的电流磁效应、磁场对通电导体有力的作用、电磁感应等实验要注意区分,

属常见题型.

9【答案】做功2.5XI案

【解析】解：通电后取暖器的电热元件温度升高，是通过电流做功的方式使其内能增加

的；

空气吸收的热量：(?=cm△t=1.0x103J/(kg■℃)x50kgx5℃=2.5x10s/；

故答案为：做功；2.5x106。

(1)改变物体内能的方法有两个：做功和热传递；

(2)由热量公式求出空气吸收的热量。

此题考查做功改变物体的内能、热量的计算，难度不大，属于基础题目。

10.【答案】惯性；40

【解析】解：汽车行驶过程中身体保持原来的运动状态，转弯时汽车的运动状态改变,

而人由于惯性保持原来的运动状态，故导致身体倾斜；

标志牌的含义是：

60km：标志牌处到广元的距离是60km,

从速度计中可以知道汽车的速度为90km"

由=：得，

汽车从标志牌处到达广元需要的时间：t=；=黑；=|/i=|x60min=40min.

v90/cm/"33

故答案为：惯性；40.

(1)惯性是物体本身具有的一种保持原来运动状态不变的性质；

(2)首先要对标志牌的意义进行了解，标志牌处到广元的距离是60km；然后读出速度表

根据v=(变形进行计算即可

本题考查惯性、时间的计算.关键是速度公式及其变形的灵活运用，还要学会认识速度

计.

11.【答案】2mg

【解析】解：木块的受到的重力为：G=mg,

在竖直方向，当木块在两个力的作用下匀速下滑时，

由二力平衡条件可知：

重力和摩擦力是平衡力，

所以，木块受到的摩擦力大小为/=G=mg,方向为：竖直向上；

当木块在两个力的作用下匀速上升时，

由二力平衡条件可知：

向上的推力与物体向下的重力、向下摩擦力的合力是平衡力，

F=G+f

由影响滑动摩擦大小的因素可知：

匀速向上和匀速向下运动时，两个对物体的压力、接触面的粗糙程度不变；

所以/=f',

则F=G+f=2G=2mg。

故答案为：2mg。

一个物体在两个力作用下能保持静止或匀速直线运动状态，这两个力就是平衡力。

影响滑动摩擦大小的因素有：对接触面的压力；接触面的粗糙程度。

解决本题的关键：一是根据平衡状态判断二力平衡；二是掌握影响摩擦力大小的因素。

12.【答案】1.440.9x103

【解析】解：该物块放在水中时，受到的浮力：F浮=6排=血排g=0.144kgxION/kg=

1.44N；

该物块放在酒精中时，受到的浮力：/浮'=G&=m/fi'g=0.128kgxION/kg=1.28N.

通过上面的计算可得，物体在酒精中受到的浮力小于物块在水中所受的浮力，而物块的

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重力不变，因此物块放入酒精中是下沉,

则根据?浮=。液9%得，物块4的体积：

匕=V排酒精==0.8xl03k：；,xl0N/kg=L6XKT,7n3,

排开水的体积―=急=皿］。3鼠鼠。N/kg=144X10-W;

因为排开水的体积小于物块4的体积，所以物块在水中漂浮。

因为漂浮，所以物块的重力等于浮力(排开水的重力)，则叫I=m排水=144g=0.144kg,

所以，物块4的密度：。4=詈=悬黑7=09xl03kg/m3。

VJL.OXJLUIII

故答案为：1.44；0.9x103。

根据阿基米德原理求出物块分别在水中和酒精中受到的浮力，然后比较浮力的关系即可

确定物块的浮沉情况，然后利用密度公式求解密度。

本题考查密度公式的掌握、阿基米德原理和物体浮沉条件的掌握和应用，判断出物体在

酒精中的状态是解决此题的关键，应属于难题。

13.【答案】3；0.6

【解析】解：(1)闭合开关S,三个电阻并联，电压表测电源电压，故电压表示数为3匕

(2)电流表测/?2、/?3并联的总电流，口2、/?3阻值均为100，故两电阻并联的电阻为：

由欧姆定律，得电流表的示数:

故答案为：3；0.6»

(1)闭合开关S,三个电阻并联，电压表测电源电压，据此确定电压表示数；

(2)电流表测/?2、/?3并联的总电流，由等值电阻并联的规律得出两电阻并联的电阻区23,

由欧姆定律得出电流表的示数。

本题考查并联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路结构的分析。

14.【答案】363400

【解析】解：(1)由电路图可知，开关与触点1连通时，电路为&的简单电路，电路的总

电阻最小，

电源的电压一定时，由p=u/=3可知，电路的总功率最大，电热水器处于加热状态，

开关与触点2连通时，心与/?2串联，电路的总电阻最大，电路的总功率最小，电热水器

处于保温状态；

因开关与触点1连通时，电路为的简单电路，电热水器处于加热状态,

由P=[//=?可得，R1的阻值:

开关与触点2连通时，%与/?2串联，电热水器处于保温状态,

此时电路的总电阻:

(220Q2

R"=484/2,

P保温100W

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,

所以，R2的阻值:

/?2=R-R1=4840-121。=363/2：

(3)热水器10m讥消耗电能1.2x105/,则电热器的平均电功率:

W_1.2x105,

P200iy,

t-10x60s

由P保温<p<P加粘可知，电热水器应先加热后保温，

设加热时间为则保温时间为(600s-J),则有'：

w=P加热S+P点温(600s-tx),

5

即1.2x10J=MOWxti+100WZx(600s-tx),

解得：ti=200s,

即电热水器的加热时间为200s,保温时间为600s-200s=400s。

答：363；400o

(1)电源的电压一定时，由P=U/=?可知，根据电阻的串联规律确定不同档位电路的

连接；

根据P=U/=?求出加热时的总电阻即为&的阻值，同理求出保温时的总电阻，利于

电阻的串联求出“的阻值；

(3)知道热水器lOmin消耗电能1.2x105/,根据P=:求出平均电功率，然后与加热功

率和保温功率相比较判断出电热水器先加热后保温，设出加热时间可知保温时间，根据

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W=Pt得出等式即可得出加热时间，进一步求出保温时间。

本题考查了电阻的串联和电功率公式、电功公式的应用，正确的判断出电热水器处于不

同档位时电路的连接方式是关键。

15.【答案】解：由图知，反射光线与水面的夹角是45。，所以反射角为90。-45。=45。；

先过入射点。作出法线，然后根据反射角等于入射角，作出入射光线40,

光从水中斜射入空气中，折射角大于入射角，据此作出折射光线OC,如图所示：

【解析】根据反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射

光线分居法线两侧，反射角等于入射角，先作出法线，再画出入射光线；

根据作出的入射光线，由折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射

光线、入射光线分居法线两侧，

当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入

射角，画出折射光线。

特别强调不仅要会根据反射定律和折射定律由入射光线画反射光线和折射光线，而且要

会根据反射或折射画出入射光线。

16.【答案】解：物块置于长木板上表面，两者一起沿斜面匀速下滑，物块与木板始终

保持相对静止，此时的木块受力平衡，木块受到竖直向下的重力G、垂直于长木板表面

向上的支持力F、平行于长木板表面向上的摩擦力/的作用，则长木板对物块的作用力

是摩擦力和支持力，这两个力的作用点在。点，如图所示：

【解析】物块匀速下滑，受力平衡，受到竖直向下的重力、垂直于长木板表面向上的支

持力、平行于长木板表面向上的摩擦力的作用，则长木板对物块的作用力是摩擦力和支

持力，据此画出力的示意图。

画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。

按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。

17.【答案】解：小磁针顺时针旋转90。，说明小磁针S极与通电螺线管左端相互排斥，

则通电螺线管左端为S极，右端为N极，根据安培定则可以判定出，通电螺线管正面导

线的电流方向是向下的，则电源左端为负极，右端为正极，如图所示：

—{/—

(-)(+)

【解析】小磁针顺时针旋转90。，则小磁针的右端为N极；根据磁极间的相互作用规律

分析螺线管的极性；根据安培定则螺线管中电流的方向，从而判定出电源的正负极。

安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个方向可以

确定第三个的方向。

18.【答案】60不变

【解析】解：蜡烛4放在距玻璃板30cm处，蜡烛力到玻璃板的距离是30cm,蜡烛4的像

到玻璃板的距离是30cm,所以蜡烛4和蜡烛力的像之间的距离是60cm；

蜡烛4远离玻璃板时.，蜡烛4大小不变，蜡烛A的像大小不变；

故答案为：60；不变。

探究平面镜成像特点：像和物体到平面镜的距离相等，像和物体大小相等。

本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点，也是近几年

来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。

19.【答案】0.03小于

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【解析】解：根据图示可知：sAB=10.00cm-6.00cm=4.00cm,sBC=6.00cm-

1.00cm=5.00cm,sAC=10.00cm-1.00cm=9.00cm,tAB=2s,tBC=Is,tAC=3s；

则以c=—=9°℃7n=3cm/s=0.03m/s；

TAC3s

%B=^=^=2cm/s；

MB2s

SRC

^c=~=-5.00cm=Slcm//s.,

故＜VBC'

故答案为：0.03；小于。

由图读出小车通过4C、AB.BC的路程和所用的时间，利用速度公式分别求小车的平均

速度，然后比较4B段和BC段平均速度的关系。

本题考查“测小车的平均速度”的实验，关键是读出路程和时间，按平均速度的定义代

入口=：算出平均速度。

20.【答案】右；1.07X103

【解析】解：

(1)天平放在水平桌面上，把游码移至标尺左端0刻度线上后，由图知，指针偏向分度盘

的左侧，所以应将天平的平衡螺母向右调节，使横梁平衡；

(2)烧杯的质量为28.6g,

由乙图知，烧杯和牛奶的总质量为50g+20g+1.4g=71.4g,

牛奶的质量为m=71Ag-28.6g=42.8g,

由丙图知，牛奶的体积为V=40mL=40cm3,

所以牛奶的密度：

p=—=偌—1.07g/cm3-1.07x103kg/m3.

故答案为：右；1.07x103.

(1)天平使用之前要进行调节，平衡螺母的移动规律是“左偏右调，右偏左调”.

(2)天平读数时应将祛码的质量与游码的示数相加；牛奶的质量为烧杯和牛奶的总质量

与空烧杯的质量之差；

读出量筒中牛奶的体积，利用密度公式可计算出盐水的密度.

本题考查了天平的使用、量筒的读数以及密度的计算，属于一道基础题.

21.【答案】1.5变大

【解析】解：每个钩码重0.5N,若杠杆每一个小格长L,根据杠杆的平衡条件可得：2X

0.5Nx3L=FX2L,所以此时弹簧测力计的示数F=1.5N；

当弹簧测力计改为斜拉时，动力臂L变小，所以再次使杠杆水平位置平衡，弹簧测力计

的示数将变大。

故答案为：1.5；变大。

根据杠杆的平衡条件FiM=尸2人求出拉力的大小;根据平衡条件可分析测力计示数变化。

本题考查了杠杆平衡条件的应用，属于基础题。

(2)1.05；

(3)增大；10；

(4)①5.5V；③U领假；偏小

【解析】

【分析】

本题是“探究小灯泡在不同电压下工作时的电功率是否相同”的实验，考查了实物电路

的连接、电流表的读数、电功率的计算以及测电功率的特殊方法，对于测小灯泡的额定

功率，关键是判断小灯泡正常发光只能根据电表的示数，所以一般第一步是让电表的示

数(或其两端的电压或通过它的电流)等于其额定值。

(1)先根据P=(//估测灯泡的额定电流，进而确定电流表的量程，然后按电流的顺顺连

接即可；

(2)电流表选择0〜O.6A量程，分度值为0.024根据指针位置进行读数，然后根据「=U/

求出小灯泡的额定功率；

(3)由表中数据可知，随着灯泡两端电压的增大，电流也增大，根据P=U/可知小灯泡

消耗的电功率变化情况；

由表中数据可知，第5次实验电流最大，此时电路总电阻最小，根据/=9求出第5次实

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验时电路总电阻，进而得出答案；

(4)要测量小灯泡的额定功率，需使小灯泡两端的电压等于其额定电压，根据串联电路

电压规律可得出电压表的示数；

滑片不动，再将开关51拨至“2”，求出此时电路中的电流即为小灯泡的额定电流，根

据「麟=U4频求出小灯泡的额定功率;

将开关&拨至“2”，滑片向右移动稍许，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据串联

分压知识可知，滑动变阻器两端的电压和定值电阻两端的电压变化，最后根据「=[//

可判断测出的小灯泡的额定功率比真实值偏小还是偏大。

【解答】

(1)由「=〃得，小灯泡的额定电流约为：/=(=詈=0.484<0.64所以，电流表

选择0-0.64的量程;

灯泡、R。及滑动变阻器串联，故将电流表的“0.6”接线柱与电源的“+”极连接，小灯

泡的左接线柱与R。的左接线柱连接，如图所示:

(2)由(1)可知，电流表选择0-0.6A的量程，分度值为0.024示数为0.42A,

额=端额=

则小灯泡的额定功率：PU2.5Vx0.424=1.05VKo

(3)由表中数据可知，随着灯泡两端电压的增大，电流也增大，根据P=U/可知，小灯

泡消耗的电功率增大，即小灯泡工作时，消耗的电功率随电压的增大而增大。

由表中数据可知，第5次实验电流最大，此时电路总电阻最小，

由/=J可得，第5次实验时电路总电阻：R京=:=言7yl8.20<200,

因R点=&+Ro+R滑,已知定值电阻Ro的阻值为10。或200,

故小聪在实验中选用的是扁=100。

(4)要测量小灯泡的额定功率，需使小灯泡两端的电压等于其额定电压，

①闭合开关S,将开关S1拨至“1”，小灯泡、Ro和滑动变阻器串联，电压表测品和滑

动变阻器两端的电压，调节滑动变阻器的滑片，灯泡正常发光时，

电压表的示数：Uv=U-U^=8V-2.5V=5.5Vo

②滑片不动，再将开关S1拨至“2”,电压表测&两端的电压％,此时电路中的电流即

为小灯泡的额定电流：1额=2

5KQ

③小灯泡的额定功率：U短额=U额.知

将开关S1拨至“2”，滑片向右移动稍许，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据串联

分压知识可知，滑动变阻器两端的电压变大，定值电阻R。两端的电压%变小，

根据「成=U4额=U额•费可知，测出的小灯泡的额定功率比真实值偏小。

故答案为：(1)如上图所示；(2)1.05；(3)增大；10；(4)①5.5V；③U额•言；偏小。

本题是“探究小灯泡在不同电压下工作时的电功率是否相同”的实验，考查了实物电路

的连接、电流表的读数、电功率的计算以及测电功率的特殊方法，对于测小灯泡的额定

功率，关键是判断小灯泡正常发光只能根据电表的示数，所以一般第一步是让电表的示

数(或其两端的电压或通过它的电流)等于其额定值。

23.【答案】解：(1)拉力移动速度：

v=2V物=2x0.2m/s=0.4m/s,

工人师傅拉绳的功率:

P/=Fu=600/VXOAm/s=2401V；

(2)滑轮组机械效率：

W有GhGhG960NOAn/

r1i=