辽宁省高一下学期期末物理试卷(附参考答案)

第第页辽宁省高一下学期期末物理试卷(附参考答案)学校:___________班级：___________姓名：__________考号：__________一、单选题1．如图所示，甲、乙、丙三个完全相同的小球，分别从相同的高度，沿不同的轨道运动到同一水平面上，下列说法正确的是（）A．甲球重力做功最多B．乙球重力做功最多C．丙球重力做功最多D．三个小球重力做功相等2．2022年6月5日，我国“神舟十四号”载人飞船发射升空，此后成功与我国空间站的“天和”核心舱完成对接，将三名宇航员送入空间站。设空间站绕地球做圆周运动，对接前后空间站的轨道高度保持不变，下列说法正确的是（）A．空间站在轨绕地球运行速度小于第一宇宙速度B．空间站对接后的运行周期大于其对接前的运行周期C．空间站对接后的向心加速度大于其对接前的向心加速度D．宇航员在空间站中处于完全失重状态，不受重力作用3．长度为L、质量为M的平板车的左端紧靠着墙壁，右端站着一个质量为m的人（可视为质点），某时刻人向左跳出，恰好落到车的左端，而此时车已离开墙壁有一段距离，那这段距离为（布与水平地面间的摩擦不计）A．L B． C． D．4．两颗靠得较近的天体叫双星，它们靠两者重心连线上的某一点为圆心做匀速圆周运动，因而不会因为引力的作用而吸引在一起，以下关于双星说法中正确的是（

）A．它们做圆周运动的角速度与其的质量成反比B．它们做圆周运动的周期与其的质量成反比C．它们所受向心力与其的质量成反比D．它们做圆周运动的半径与其的质量成反比5．一辆小汽车在水平路面上由静止启动，在前5s内做匀加速直线运动，5s末达到额定功率，之后保持额定功率运动，其图像如图所示，已知汽车的质量为，汽车受到的阻力为车重的0.1倍，g取，则下列说法正确的是（）A．汽车在前5s内的加速度为 B．汽车在前5s内的牵引力为C．汽车的额定功率为60kW D．汽车的最大速度为15m/s6．如图所示，以点为圆心的半圆直径两端放着两个等量的正负电荷，两电荷在点处产生的电场强度大小为，电势为零。现将正电荷改放在点处，且点为半圆弧的三等分点。下列有关点电场强度和电势描述正确的是（）A．点处的电场强度大小仍为 B．点处场强大小为C．点处的电势仍为零 D．点处的电势不为零7．2022年10月15日，我国在西昌卫星发射中心使用“长征二号”丁运载火箭，成功将“遥感三十六号”卫星顺利送入预定轨道，发射任务获得圆满成功。该卫星绕地球做匀速圆周运动，运行的周期为T，运行轨道离地球表面的高度为h，地球的半径为R，引力常量为G，则地球的质量可表示为（）A． B． C． D．二、多选题8．如图甲所示，AB是电场中的一条直线，电子以某一初速度从A点出发，仅在电场力作用下沿AB运动到B点，其v-t图像如图乙所示。关于A、B两点的电场强度EA、EB和电势φA、φB的关系，下列判断正确的是（）A．EA＜EB B．EA＞EB C．φA＜φB D．φA＞φB9．如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度v1从M点沿斜面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为v2（v2＜v1）。若小物体电荷量保持不变，OM＝ON，则（）A．小物体上升的最大高度为B．从N到M的过程中，小物体的电势能逐渐减小C．从M到N的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功D．从M到N的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先增大后减小10．如图所示，电源电动势为E，内电阻为r。当滑动变阻器的触片P从左端滑到右端时，发现电压表V1、V2示数变化的绝对值分别为ΔU1和ΔU2，下列说法中正确的是（）A．小灯泡L1、L2变暗，L3变亮B．小灯泡L3变暗，L1、L2变亮C．ΔU1<ΔU2D．ΔU1>ΔU2三、实验题11．某实验小组同学利用如图甲所示的实验装置验证机械能守恒定律．调节木板的倾角，使小车在未悬挂砝码盘时能拖着纸带沿木板向下匀速运动，之后将小车固定在靠近打点计时器处，在动滑轮上悬挂砝码盘和砝码，接通打点计时器电源并释放小车，打点计时器打出的纸带如图乙所示，已知打点计时器所接电源的频率，释放小车的瞬间打点计时器打出的点记为“0”，之后的点依此记为“1”、“2”、“3”、……，“0”与“120”两点间的距离记为L，“119”与“121”两点间的距离记为，两滑轮、细绳及纸带的质量均不计，回答下列问题：（1）打点计时器打记为“120”的点时小车的速度大小__________．（2）砝码盘和砝码的总质量为m，小车的质量为M，当地重力加速度大小为g，若__________成立，则验证了系统的机械能守恒。（均用题中所给字母表示）（3）测得，，，，若此过程机械能守恒，则当地的重力加速度大小__________。（结果保留两位小数）12．为了描绘小电珠（标有“2.5V0.5W“字样）的伏安特性曲线，现提供如下器材：电压表V1（量程0～3V，内阻约3kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻约15kΩ）电流表A1（量程0～0.6A．内阻约1.0Ω）电流表A2（量程0～3A，内阻约0.1Ω）电流表A3（量程0～300mA，内阻约5Ω）滑动变阻器R1（0～10Ω，3A）滑动变阻器R2（0～1kΩ，0.1A）电源E（电动势约为6V，内阻可不计）开关S、导线若干为了尽可能减小实验误差，测量时方便得到多组数据，请回答下列问题：(1)电压表应选用______，电流表应选用______，滑动变阻器应选用______；（填器材代号）(2)在图甲所示虚线框内补充完整实验电路的原理图并标明选用的器材代号______；(3)若测得通过小电珠灯丝的电流I随灯泡两端电压U变化的关系图象如图乙所示，将该小电珠与电动势为1.5V、内阻为3Ω的干电池组成闭合电路，则该小电珠消耗的电功率为______W。（结果保留两位有效数字）四、解答题13．如图所示，质量m=1kg的物体放在水平面上，它与水平面的动摩擦因数μ=0.3，若该物体受到一个水平方向恒力F=6N的作用后开始运动，g=10m/s2。求：（1）物体运动的加速度a的大小；（2）当它的速度达到12m/s时，物体前进的距离x。14．如图所示，在平面直角坐标系xOy的第一象限存在一沿x轴正方向的匀强电场，一个质量、电荷量的带负电小球从x轴上的点a坐标为：（10cm，0）以一定的初速度垂直x轴射入第一象限，又能从y轴上的点b坐标为：（0，20cm）垂直y轴进入第二象限，并能从x轴上的c点（图中未标出）进入第三象限。已知重力加速度。求：（1）小球初速度的大小va；（2）电场强度的大小E和a、b点间的电势差Uab；（3）c点的坐标和小球进入第三象限时速度的大小v。（计算结果保留根式）15．如图所示，质量为的木板静止在足够大的光滑水平地面上，质量为的滑块静止在木板的左端，质量为的子弹以大小为的初速度射入滑块，子弹射入滑块后未穿出滑块，且滑块恰好未滑离木板。滑块与木板间的动摩擦因数为，重力加速度大小为，子弹与滑块均视为质点，不计子弹射入滑块的时间。求：（1）木板的长度；（2）滑块在木板上相对木板滑动的过程中系统克服摩擦力做功（产生热量）的平均功率。参考答案1．D【详解】甲、乙、丙三个小球质量相同，并且下落高度相同，根据可知，重力做功相同，故D正确，ABC错误。故选D。2．A【详解】A．由于空间站绕地球做圆周运动，根据万有引力提供向心力则其运行的线速度为轨道半径越大，运行速度越小，故空间站的运行速度小于第一宇宙速度，故A正确；B．空间站运行的周期为由于空间站对接前后轨道高度保持不变，则运行周期不变，故B错误；C．空间站运行的向心加速度为轨道高度不变，向心加速度不变，故C错误；D．宇航员在空间站中处于完全失重状态，所受重力完全提供其做圆周运动的向心力，故D错误。故选A。3．C【详解】设人从小车上跳起后沿水平方向的分速度为v1，小车沿水平方向的速度为v2，人和小车在水平方向的动量守恒，选取向左为正方向，则：mv1+Mv2=0，设人从右端到达左端时间为t，则有：mv1t+Mv2t=0，化简为mx1=Mx2，由空间几何关系得：x1+x2=L，联立解得车的位移为：，故C正确，ABD错误．4．D【详解】ABC．双星做圆周运动的向心力由两者之间的万有引力提供，故它们所受向心力相同，角速度和周期相同，与其质量无关，ABC错误；D．根据万有引力提供向心力得联立以上两式可得即轨道半径和质量成反比，D正确。故选D。5．C【详解】A．由题图可知，前5s内汽车做匀加速直线运动，根据可知其加速度为故A项错误；B．对车进行受力分析有解得故B项错误；C．根据汽车恒定加速度启动规律可知，当匀加速直线运动阶段的结束就是汽车达到额定功率，此时有故C项正确；D．当汽车的加速度为零时其达到最大速度，即此时牵引力等于阻力，有解得故D项错误。故选C。6．C【详解】AB．两电荷在O点产生的电场强度大小相等、方向相同。当正电荷位于半圆弧三等分的P点时，正电荷在O点产生的电场方向与负电荷在O点产生电场方向的夹角为，由场强叠加原理可知，合场强为，故AB错误；CD．两电荷为等量异种电荷，正电荷在P点时，O仍在两电荷连线的中垂线上，电势为零，故C正确，D错误。故选C。7．B【详解】根据可得地球的质量故选B。8．BD【详解】由v-t图象可知电子的速度越来越小，所以电子受力方向与运动方向相反，而电子带负电，电子受力方向与电场线方向相反，所以电场线方向由A指向B，沿电场线方向电势逐渐降低，所以A点的电势大于B点的电势，即φA＞φB，从v-t图象可以看出斜率越来越小，则加速度越来越小，即所受电场力越来越小，所以A点的场强大于B点的场强，即EA＞EB。故选BD。9．AD【详解】A．设斜面倾角为，上升过程沿斜面运动的最大距离为L，因为OM＝ON，则M、N两点的电势相等，小物体从M到N，从N到M电场力做功均为0，上滑和下滑经过同一位置时，垂直斜面方向上电场力的分力相等，则经过相等的一小段位移在上滑和下滑过程中电场力分力对应的摩擦力所做的功均为相等的负功，设为，对小物体，由动能定理：上滑过程下滑过程联立解得故A正确；B．由于，从N到M的过程中，可知电场力对小物体先作正功后作负功，电势能先减小后增大，故B错误；C．从M到N的过程中，电场力对小物体先做正功后做负功，故C错误；D．从N到M的过程中，小物体受到的电场力垂直斜面的分力先增大后减小，而重力分力不变，则摩擦力先增大后减小，在此过程中小物体到O的距离先减小后增大，根据库仑定律可知小物体受到的电场力先增大后减小，故D正确。故选AD。10．AD【详解】AB．当滑动变阻器的触片P从左端滑到右端时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，总电流减小，路端电压增大，在干路上，故变暗。变阻器的电阻增大，并联部分的电阻增大，则并联部分电压增大，的电流增大，L3变亮。总电流减小，而的电流增大，则的电流减小，变暗，故A正确，B错误；CD．电压表测的是并联电压，示数增大，电压表测的是的电压，示数减小，由于路端电压增大，因此故故C错误，D正确。故选AD。11．9.87/9.86【详解】（1）[1]中间时刻的瞬时速度等于此过程中的平均速度，所以（2）[2]若此过程机械能守恒，则有整理得（3）[3]根据牛顿运动定律有，，将、、、代入解得12．V1A3R10.18【详解】(1)由于小电珠的额定电压U0＝2.5V，故电压表应选用V1；结合额定功率P0＝U0I0，得额定电流I0＝0.2A＝200mA故电流表选用A3；要描绘小电珠的伏安特性曲线，即小电珠两端的电压从零开始，故滑动变阻器应采用分压接法，此时滑动变阻器选用最大阻值较小的，故滑动变阻器选用R1；(2)实验原理图如图所示；(3)根据闭合电路的欧姆定律有U＝1.5﹣3I在图乙中做出电源的U﹣I图象可得两图象交点为（0.6，0.3），则该小电珠消耗的电功率P＝UI＝0.3×0.6W＝0.18W13．（1）3m/s2；（2）24m【详解】（1）物体受到的摩擦力为由牛顿第二定律有解得（2）由运动学公式解得14．（1）；（2），；（3）（-20cm，0），【详解】（1）带电小球运动轨迹如图所示。带电小球在第一象限内的运动过程中，在竖直方向上，小球做末速度为0的竖直上抛运动，则有解得小球初速度的大小为（2）在水平方向上，小球做初速度为0的匀加速直线运动，根据公式有根据牛顿第二定律解得匀强电场电场强度的大小a、b点间的电势差（3）带电小球在第二象限做