高一（上）期末物理试卷及解析

2020-2021学年高一（上）期末物理试卷（三）

题号一二三四总分

得分

一、单选题（本大题共8小题，共32.0分）

1.在下列问题的研究中，被研究的物体可视为质点的是（）

A.研究货轮由青岛到上海的航行路线

B.研究钟表指针的转动

C.研究汽车在碰撞实验中的变形

D.研究乒乓球的旋转

2.如图所示，物体静止在一固定在水平地面上的斜面上，下列

说法正确的是（）

A.物体对斜面的压力和斜面对物体的支持力是一对平衡力

B.物体所受重力可以分解为沿斜面的力和对斜面的压力

C.物体所受重力和斜面对物体的作用力是一对平衡力

D.物体对斜面的摩擦力和物体重力沿斜面的分力是一对作用力和反作用力

3.甲、乙两辆汽车在同一水平直道上运动，其运动的位移-

时间图象（x-f图象）如图所示，则下列关于两车运动情

况的说法中错误的是（）

A.甲车先匀速后静止

B.乙车一直做加速运动

C.甲车在0〜10s内的平均速度大小为l.Om/s

D.乙车在0〜10s内的平均速度大小为0.8,"/s

4.如图所示是某游乐园的标志性设施-摩天轮。某同学乘坐

该摩天轮随座舱在竖直面内做匀速圆周运动，则下列说法

正确的是（）

A.当摩天轮运动到最低点时，该同学处于完全失重状态

B.由最高点到最低点的过程中，该同学受到的合外力做功为0

C.由最高点到最低点的过程中，该同学受到的重力的功率一直为0

D.由最高点到最低点的过程中，该同学受到的合外力的冲量为0

5.如图所示，劲度系数为左的轻弹簧竖直固定在水平面上，上端固定一

质量为〃如的托盘，托盘上有一个质量为机的木块.用竖直向下的力

将原长为/o的弹簧压缩后突然撤去外力，则m即将脱离制)时的弹簧

长度为()

A.IQ4

mo+m

B,lo----~8

C.I。与

6.物块4、A2、BI和&的质量均为加，Ai、A2用刚性轻杆连接,

田、民用轻质弹簧连接.两个装置都放在水平的支托物上，

处于平衡状态，如图所示.今突然迅速地撤去支托物，让物斗

块下落.在除去支托物的瞬间，Ai、4受到的合力分别为力

和及，B卜良受到的合力分别为尸I和尸2.则()

A./i=O,fz=2mg,F|=O,Fi=2mgB.fi=mg,fi-mg,F\=O,Fz-2mg

C.力=0，fi=2mg,Fi=mg,B=，"gD.f\=mg,fi=mg,F\=mg,F^mg

7.关于自由落体运动，下列说法正确的是()

A.自由落体运动是竖直方向的匀加速直线运动

B.重力加速度g是标量，只有大小没有方向，通常计算中g取9.8加52

C.物体开始下落时速度为零，加速度也为零

D.物体竖直向下的运动一定是自由落体运动

8.甲、乙两辆汽车沿平直公路从某地同时驶向同一目标，甲车在前一半时间内以速度

也做匀速直线运动，后一半时间内以速度也做匀速直线运动；乙车在前一半路程中

以速度M做匀速直线运动，后一半路程中以速度V2做匀速直线运动(V!#2),则

()

甲先到达B.乙先到达

C.甲、乙同时到达D.不能确定

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二、多选题（本大题共4小题，共16.0分）

9.关于匀速直线运动的加速度大小和正负值问题，下列说法中正确的是（）

A.在匀加速直线运动中，加速度的方向一定和初速度的方向相同

B.在匀减速直线运动中，加速度一定为负值

C.匀加速度直线运动中，加速度也有可能取负值

D.只有规定了初速度方向为正方向的前提下，匀加速直线运动的加速度才取正值

10.如图所示，位于斜面上的物块M在沿斜面向上的力/作用命/

下，处于静止状态，下列关于斜面作用于物块的静摩擦力的夕"

方向和大小的说法正确的是（）空二_____________

A.方向可能沿斜面向上B.方向一定沿斜面向下

C.大小不可能等于零D.大小可能等于F

11.在如图所示装置中，两物体质量分别为机I、mi,悬点

人间的距离远大于滑轮的直径，不计一切摩擦，整

个装置处于静止状态.由图可知（）

A.mi-*定大于m2

B.m可能大于2/H2

C.mi一定小于2m2

D.a一定等于p

12.如图所示的曲线为一质点在恒定合外力作用下运动的一段

轨迹，质点由A到B的时间与质点由8到C的时间相等，已

知曲线A8段长度大于BC段长度。则下列判断正确的是

（）

A.该质点做非匀变速运动

B.该质点在这段时间内做减速运动

C.两段时间内该质点的速度变化量相等

D.两段时间内该质点的速度变化量不等

三、实验题（本大题共2小题，共15.0分）

13.（1）图1是《探究力的平行四边形定则》实验的示意图.下列说法正确的是

A.固定有白纸的木板必须竖直放置

B.弹簧测力计必须与木板平面平行

C.用两弹簧测力计拉橡皮条时，两弹簧测力计的示数必须相同

D.用两弹簧测力计拉橡皮条时，应使两个拉力的方向垂直

(2)某同学在“探究弹力和弹簧伸长的关系”时，安装好实验装置，让刻度尺零

刻度与弹簧上端平齐，在弹簧下端挂1个钩码，静止时弹簧长度为/”如图甲所示,

图乙是此时固定在弹簧挂钩上的指针在刻度尺(最小分度是1毫米)上位置的放大

图，示数/尸cm.在弹簧下端分别挂2个、3个、4个、5个相同钩码，静止

时弹簧长度分别是6、&心氏已知每个钩码质量是50g,挂2个钩码时，弹簧

弹力N(当地重力加速度g=9.8〃"s2).要得到弹簧伸长量x,还需要测

量的是.最后该同学作出Fx曲线，得到了弹力与弹簧伸长量的关系.

14.某实验小组同学设计了“探究加速度。与物体所受合力F及质量〃，的关系”实验

图甲为实验装置简图，A为小车，B为电火花计时器，C为装有祛码的小盘，D为

一端带有定滑轮的长方形木板。实验过程中始终保持细绳对小车的拉力b等于祛码

和小盘的重力之和，小车运动的加速度a可用纸带上打出的点求得。

(1)在“探究加速度a与合力厂的关系”时，某同学根据实验数据作出了a-尸图

象如图乙所示，该图线未通过坐标原点，你认为该图线未通过坐标原点的原因是

(2)在“探究加速度“与质量〃?的关系”时，某同学按照自己的方案将实验数据

在坐标系中进行了标注，但尚未完成图象(如图丙所示)。请你在图丙中作出坐标

系中的图象，并根据该图象得出结论：当物体所受合力一定时，

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四、计算题(本大题共3小题，共37.0分)

15.一物体沿倾角30。的斜面下滑时，加速度为零，则物体与斜面间的摩擦因数为

,若把斜面倾角增为45。，其他条件不变，此时物体沿斜面下滑的加速度为

______m/s2.

16.额定功率P=125kW的汽车在平直公路上行驶，汽车的质量%=2.5x10%,在水平面

上行驶时所受的阻力大小恒为户5x1(PM

(1)求汽车所能达到的最大速度加；

(2)若汽车以大小“=2〃加2的加速度由静止开始匀加速行驶，求匀加速阶段的末速

度一

(3)求匀加速阶段可持续的时间％

17.物体4、8同时从同一地点沿同一方向运动，4以10，*/s的速度做匀速直线运动，B

以2〃加2的加速度从静止开始做匀加速直线运动，则：

(1)B经多长时间追上A?追上A时距出发点多远？

(2)求A、8再次相遇前两物体间的最大距离。

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答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：人研究货轮由青岛到上海的航行路线时，货轮的大小和形状相对于运动

的轨迹能忽略不计，可以看作质点，故A正确；

8、研究钟表指针的转动时，指针的大小不能忽略，不能看作质点，故8错误；

C、研究汽车在碰撞实验中的形变时，汽车的大小与形状不能忽略不计，不可以看作质

点，否则无法研究形变，故C错误；

。、研究乒乓球的旋转时，球的大小和形状不能忽略，故不能看作质点，故。错误。

故选：A。

明确物体可视为质点的条件，知道当物体的形状和大小在所研究的问题中能忽略，物体

可以看成质点。

解决本题的关键掌握物体能否看成质点的条件，物体能否看成质点不是看物体的大小，

而是看大小形状在研究的问题中能否忽略。

2.【答案】C

【解析】

【分析】

物体静止在斜面上，受重力、支持力、摩擦力处于平衡状态；物体对斜面的压力和斜面

对物体的支持力是一对作用力和反作用力；物体对斜面的摩擦力和斜面对物体的摩擦力

是一对作用力和反作用力；斜面对物体的作用力是支持力和摩擦力的合力，与重力平

衡.物体所受的重力可以分解为沿斜面向下的力和垂直于斜面向下的力。

本题考查了作用力要和反作用力以及弹力的相关内容，解决本题的关键掌握平衡力和作

用力、反作用力的区别，注意平衡力作用在同一物体上，而作用力和反作用力作用在两

个不同的物体上，这是二者的主要区别。

【解答】

A.物体对斜面的压力和斜面对物体的支持力是一对作用力和反作用力，故4错误；

8.物体所受的重力可以分解为沿斜面向下的力和垂直于斜面向下的力，垂直于斜面向下

的分力不是对斜面的压力，故8错误；

C.斜面对物体的作用力是支持力和摩擦力的合力，与重力平衡，所以物体所受的重力和

斜面对物体的作用力是一对平衡力，故C正确；

D物体对斜面的摩擦力和斜面对物体的摩擦力是一对作用力和反作用力，摩擦力与重力

沿斜面的分力为平衡力，故。错误。

故选C。

3.【答案】C

【解析】解：人根据X-/图象的斜率表示速度，根据图象可知，甲先做匀速运动，后静

止，故A正确。

8、乙车图线切线斜率的绝对值逐渐增大，则知乙车的速度不断增大，做加速运动，故

B正确。

C、甲车在0〜10s内的位移为△工产2,”-10机=-8加，平均速度大小为

一△XmQ

v=\--\=^m/s=0.Sm/s,故。错误。

D、乙车在0-105内的位移为△不乙=0-8m=-8〃?，则平均速度大小为〃二|"77rl=而次/$=0.8加5,

故。正确。

本题选错误的，

故选：Co

根据x-f图象的斜率表示速度，分析两车的运动情况。根据物体通过的位移等于纵坐标

的变化量，平均速度等于位移除以时间，来求平均速度。

解决本题的关键是知道x-f图象的斜率大小等于速度大小，斜率的方向表示速度的正负,

位移等于纵坐标的变化量。

4.【答案】B

【解析】

【分析】

对人受力分析，由向心力公式和牛顿第二定律确定支持力大小，从而明确是否处于超重

状态；根据动能定理确定合外力做功情况；根据功率公式确定重力的功率；根据动量定

理明确合外力的冲量。

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本题结合匀速圆周运动考查了超失重问题、功率、动能定理以及动量定理的应用，解题

的关键理解圆周运动的特征，明确物理规律的应用是解题的关键。

【解答】

A、当摩天轮运动到最低点时，设摩天轮的半径为，•，该同学的质量为，〃，线速度为v,

2

摩天轮对该同学的作用力为N,据向心力公式有可知N>mg,该同学处于

超重状态，故4错误；

8、由最高点到最低点的过程中，该同学度速度大小不变，根据动能定理可知，合外力

做功为零，故B正确；

C、重力功率为々，跖vcosG,其中0为重力与速度的夹角，由于0不总等于90。，故该同

学受到的重力的功率不会一直为零，故C错误；

D、由最高点到最低点，该同学速度大小恒定，但方向反向，由/=%-可知，该同学

受到的合外力的冲量不为零，故。错误。

故选:B。

5.【答案】A

【解析】试题分析：当突然撤去外力时，木块和托盘一起向上做变加速运动，当加即将

脱离恤时二者具有相同的速度和加速度，而且此时托盘与木块之间的作用力为零，由

此根据牛顿第二定律列方程即可正确解答.

当，”即将脱离，”0时二者加速度相同，它们之间的弹力为零，因此根据牛顿第二定律有:

*j〃？有：mf>=ma①

设弹簧对，处的作用力为F,则有：恤g+F=，"”,②

联立①②解得：尸=0,因此弹簧处于原长状态，故4正确，BCO错误.

故选人

6.【答案】B

【解析】解：在除去支托物的瞬间，4、4由于用刚性轻杆连接，4、A2与刚性轻杆一

起下落，根据牛顿第二定律，对整体研究得到，整体的加速度等于重力加速度g,则Ai、

上受到的合力都等于各自的重力，即力=叫，及=〃照

在除去支托物前，根据平衡条件得知，弹簧的弹力大小等于，咫，支托物对民的支持力

大小等于2〃吆。在除去支托物的瞬间，弹簧的弹力没有来得及变化，3的受力情况没有

变化，则6所受合力为零，即B=0.&所受的合力大小等于支托物的支持力大小2叫,

即尸2=2mg。

故选：Bo

在除去支托物的瞬间，Ai、4一起下落，根据牛顿第二定律采用整体法和隔离法研究

4、4所受的合力.采用隔离法囱、&受到的合力.

本题是瞬时问题，要抓住刚性物体的弹力可突变，而弹簧的弹力不能突变.

7.【答案】A

【解析】解：A。、自由落体运动初速度为零，做加速度为g的匀加速直线运动，只是

向下运动的不一定是自由落体运动，故A正确，。错误。

B、重力加速度g是矢量，即大小又有方向，通常计算中g取9.8加S2,故8错误；

C、物体开始下落时速度为零，加速度为g,故C错误；

故选:A。

自由落体运动物体只在重力作用下由静止开始的下落运动。初速度为零、加速度恒为g

的匀加速直线运动。

解决本题的关键知道自由落体运动的特点，速度增大，加速度不变

8.【答案】A

【解析】解：设甲乙两地之间的距离为x,甲运动的时间为小乙运动的时间为f2,

则对于甲来说有户"』+以》

解得

对于乙来说有+1

%v24也叫

2

mil*_x(v+v)-4xvv无电-%)2

贝I]t2-#t]=----l-----2---------l-=2--------------->0

2V1V2(V1+上)2V1V2(V1+v2)

故t2>t]

即甲车用的时间少，即甲车先到达。故A正确。

故选：Ao

要求哪辆车先到达，只需要分别求出两车所用的时间与位移、速度的关系式，然后作差

即可。

这类题目共同的特点是所给的物理量之间存在着某种关系：位移关系，时间关系，速度

第10页，共30页

关系，只要耐心，用位移速度表示出各自运动的时间，然后将时间作差或作商即可。

9.【答案】ACD

【解析】解：A、物体做匀加速直线运动，则加速度方向一定与速度方向相同，故A正

确，

3、匀减速直线运动中，加速度与速度方向相反，但加速度不一定为负值，故B错误.

C、无论怎样选择正方向，加速度为负，速度如果是负，物体做匀加速直线运动，速度

如果是正，物体一定做减速直线运动，故C正确.

。、在规定了运动方向为正方向后，加速度为正，说明加速度方向一定与速度方向相同,

所以物体一定做加速直线运动，故。正确，

故选：ACD.

匀加速直线运动的中，加速度方向与速度方向相同；匀减速运动中，速度方向可正可负,

但二者方向必相反；加速度的正负与速度正方向的选取有关.

正确理解高中物理概念对做选择题很有帮助，不妨经常背诵一下重点概念，配合做题加

深对知识点的理解.

10.【答案】A。

【解析】解：当尸大于MgsinO时，由于沿斜面方向平衡，则静摩擦力方向沿斜面向下,

大小为f=F-MgsinQ.

当F小于MgsinO,由于沿斜面方向平衡，则静摩擦力方向沿斜面向上，大小为

户MgsinO-F,可能等于F.

当尸等于MgsinO,由于沿斜面方向平衡，则静摩擦力为零.

故8c错误，A。正确.

故选：AD.

物体在垂直斜面方向上平衡，沿斜面方向也平衡，根据推力F的与重力分力的大小确定

摩擦力的方向.

解决本题的关键能够正确地受力分析，通过沿斜面方向平衡进行分析.

I1.【答案】CD

【解析】解：绳子通过定滑轮和动滑轮相连，绳子的拉力相等，等于加2的重力，对与

”“连接的滑轮进行受力分析，有Tsina=Tsin0,所以a=0.

在竖直方向上有：7cosa+7cosP=/Mi^,而则有2/"2gcosa=mig.所以，“i-"定小于

27712,

故选：CD.

对与如连接的滑轮进行受力分析，抓住两个绳子拉力在水平方向上的分力相等，得出

a、B的关系.根据竖直方向上合力等于町的重力，得出如和他的关系.

解决本题的关键合适地选择研究对象，正确地进行受力分析，运用共点力平衡，抓住水

平方向和竖直方向合力为零进行求解.

12.【答案】BC

【解析】解：A、质点在恒定合外力作用下运动，加速度恒定，故是匀变速运动，故A

错误；

B、由于弧长大于8c弧长，质点由A到B的时间与质点由8到C的时间相等，故

是减速运动，故B正确；

CD,质点在恒定合外力作用下运动，根据牛顿第二定律，加速度恒定，是匀变速运动，

故相同时间内速度矢量的改变量一定相同，故C正确，O错误。

故选：BCo

曲线运动的条件是合力与速度不共线且指向曲线的内侧；加速度不变的运动叫做曲线运

动。

本题关键是明确曲线运动的条件，知道加速度不变的运动就是匀变速运动，基础题。

13.【答案】B25.820.98弹簧的原长

【解析】解：（1）4、固定有白纸的图板不一定在竖直平面内，可以在水平面内，故A

错误；

3、在用弹簧测力计拉橡皮条时，若外壳与纸面之间存在摩擦，导致实际拉橡皮筋的力

是弹簧拉力和摩擦力的合力，会产生误差，所以弹簧测力计必须与木板平面平行，故8

正确；

C、用两弹簧测力计拉橡皮条时，两弹簧测力计的示数不一定相同，故C错误；

。、用两弹簧测力计拉橡皮条时，两个拉力的方向不一定要垂直，可以成任意角度，但

第12页，共30页

要方便作图，故。错误.

故选：B；

（2）由如"刻度尺的读数方法可知图2中的读数为：25.82。〃；

挂2个钩码时，重力为：G=2，〃g=2x0.05x9.8=0.98N,由平衡关系可知，弹簧的拉力为

0.98N；

本实验中需要是弹簧的形变量，故还应测量弹簧的原长；

故答案为：（1）8；（2）25.82；0.98N；弹簧原长.

熟悉该实验的实验原理以及实验步骤，操作过程的注意事项以及产生误差原因等，根据

刻度尺的读数方法可得出对应的读数，由G=mg可求得所挂钩码的重力，即可得出弹簧

的拉力；由实验原理明确需要的物理量.

本题考查探究弹簧的弹力与弹簧伸长量之间的关系，要注意明确实验原理，同时注意掌

握相应仪器的测量方法.

14.【答案】实验前没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够物体的加速度（。）与物体的质

量量）成反比

【解析】解：（1）图线不通过坐标原点，尸不为零时，加速度仍为零，知实验前未平

衡摩擦力或平衡摩擦力不足。

（2）为直观反映F不变时a与〃?的关系，应作图线，将坐标系中各点连成一条直

线，连接时应使直线过尽可能多的点，不在直线上的点应大致对称地分布在直线的两侧,

离直线较远的点应视为错误数据，不予考虑，连线如图所示，物体的加速度（a）与物

体的质量（w）成反比。

故答案为：（1）实验前没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够;

（2）如右图，物体的加速度工）与物体的质量（利）

成反比

（I）图线不通过坐标原点，当尸为某一值时，加

速度为零，知平衡摩擦力不足。

（2）为研究a与〃i的关系，根据描点法作的

关系关系图线，注意选取好标度，当图象为一条斜

直线时说明物体的加速度（。）与物体的质量（w）成反比。

解决本题的关键会从纸带上求瞬时速度和加速度，以及在作图时注意，偏离比较远的点

可以舍去。

15.【答案】号与g-4g

【解析】解：①分析物体受力如图甲所示，分解重力，根据平衡条件有：

mgsin30°=11mgeos30°

故动摩擦因数为：g=tan300=^

②若把斜面倾角增为45。，其他条件不变，由牛顿第二定律有：

/%gsin45°-Rkgcos45°=m〃

代入数据得：。=易-%

故答案为：生易一%

（1）物体匀速下滑时，受到的重力、斜面的支持力和滑动摩擦力，三力平衡，由平衡

条件和滑动摩擦力公式求解动摩擦因数；

（2）物体匀加速下滑时，物体受到重力、支持力和滑动摩擦力作用，滑动摩擦力沿斜

面向下，再由牛顿第二定律求出加速度

本题关键要抓住滑动摩擦力大小没有变化，但方向相反，分别运用平衡条件和牛顿第二

定律求解

16.【答案】解：（1）汽车的速度最大时牵引力的大小为：F=f

根据瞬时功率公式可知：P=FVm

联立解得：vni=25m/s

（2）设此种情况下牵引力大小为少,根据牛顿第二定律可知：F-tina

解得：F'=f+ma=\^N

根据功率公式可知：P=Fv

P125000

解得：V=-^=]xio*m/s=12.5m/s

（3）在匀加速阶段，根据v=W可得r=?=6.25s

答：（1）汽车所能达到的最大速度V“，为25/72/5;

（2）若汽车以大小。=2〃?好的加速度由静止开始匀加速行驶，匀加速阶段的末速度为

\2.5m/s；

第14页，共30页

（3）匀加速阶段可持续的时间才为6.25s。

【解析】（1）汽车加速度为零时，速度达到最大，牵引力等于阻力，根据据此求解最

大速度。

（2）根据牛顿第二定律求出匀加速直线运动过程中的牵引力，再根据P=河求出最大

速度，

（3）在匀加速阶段，根据速度时间公式求出时间。

解决本题的关键会根据汽车的受力判断其运动情况，汽车先做匀加速直线运动，当功率

达到额定功率，做加速度逐渐减小的加速运动，当加速减小到零，速度达到最大，做匀

速直线运动。

17.【答案】解：（1）设经过时间f,8追上A,8追上A时两物体位移相等，s产SA,

即、产=v”，

解得t=10s

B追上A时距出发点的距离.<>=VA/=10x10优=100m

（2）A做巾=10〃加的匀速直线运动，B做初速度为零、加速度为。=2〃而2的匀加速直

线运动.根据题意，开始一小段时间内，A的速度大于8的速度，它们之间的距离逐渐

变大；当8加速到速度大于A的速度后，它们之间的距离又逐渐变小；A、8间的距离

有最大值的临界条件是VA=VB

设两物体经历时间A相距最远，则

VB=at[

把已知数据代入联立解得h=5s.

在时间”内，A、B两物体前进的距离分别为：

SA=V"I=10X5m=50m

5fi=|ari2=^x2x52m=25m.

A、B再次相遇前两物体间的最大距离为：

△■""=SA-SB=50，〃-25/M=25m.

答：（1）B经10s时间追上A,追上A时距出发点距离为100”？

（2）A、B再次相遇前两物体间的最大距离为25机。

【解析】（1）两车位移相等时8追上4,根据位移公式求得时间，再解得距离；

（2）当A、B两物体速度相等时，相距最远，结合速度-时间公式求出速度相等经历的

时间，根据位移公式求出相遇前相距的最大距离。

本题考查了运动学中的追及问题，知道速度相等时，A、B两物体相距最远，结合速度

公式和位移公式综合求解，难度不大。

2020-2021学年高一（上）期末物理试卷（二）

题号—•二三四总分

得分

一、单选题（本大题共8小题，共32.0分）

18.在2019年国际田联钻石联赛伦敦站男子200米比赛中，谢震

业以19秒88的成绩夺冠，打破了亚洲纪录，成为首位突破

20秒大关的黄种人。谢震业在比赛过程中（）

A.位移大小是200,”

B.19秒88指的是时刻

C.平均速度是10.06/M/.9

D.研究他的起跑动作时•，不可以把他看成质点

19.有一个物体重100N,放在升降机底板上随升降机以加速度4=0.4〃疝2向上做匀加速

运动，则物体对升降机底板的压力为（g取10〃而2）（）

A.96NB.140NC.60ND.104N

20.已知雨滴在空中运动时所受空气阻力户ATA其中％为比例系数，「为雨滴半径，u

为其运动速率.仁0时，雨滴由静止开始下落，加速度用。表示.落地前雨滴已做

匀速运动，速率为2.下列对雨滴运动描述的图象中一定错误的是（）

第16页，共30页

21.某位同学为了研究超重和失重现象，将重为50N的物体带到电梯中，并将它放在传

感器上，电梯由启动到停止的过程中，测得重物的压力一时间变化的图象如图所

示.设在fi=2s和f2=8s时电梯的速度分别为必和也.由此他作出判断（）

A.电梯上升了，V>>V2B.电梯上升了，V2>V1

C.电梯下降了，也〉也D.电梯下降了，也〉叨

22.在乘电梯竖直上升和竖直下降的过程中，下列说法正确的是（）

A.只要电梯在下降，电梯上的人就处于失重状态

B.只要电梯在上升，电梯上的人就处于超重状态

C.电梯减速下降时候，电梯上的人处于超重状态

D.电梯加速上升时候，电梯上的人处于失重状态

23.有关弹力，下列说法正确的是（）

A.绳对物体的拉力的方向总是沿着绳而指向绳收缩的方向

B.拿一根细竹杆拨动水中木头，木头受到竹杆的弹力，是由于木头发生形变而产

生的

C.木块放在桌面上要受到一个向上的弹力，是由于木块发生微小形变而产生的

D.挂在电线下面的电灯受到向上的拉力，是因为电灯发生微小形变而产生的

24.质量为〃，的物体，从距地面力高处自山下落，落地时速度大小为v,当离地面还有

辄它的速度大小为（)

A.JB.|C.枭D.fv

25.质量为，〃的物体从静止出发以搭的加速度竖直下降〃，正确的是（）

A.物体的机械能增加）B.物体的重力势能减少］昭力

C.物体的动能增加11g〃D.重力做功|力g〃

二、多选题（本大题共4小题，共16.0分）

26.关于加速度，下列说法中正确的是（）

A.加速度减小，速度也一定减小

B.加速度增加，速度一定改变的越来越快

C.减速直线运动中加速度一定是负值

D.只有在规定了初速度方向为正方向的前提下，匀加速直线运动的加速度才取正

值

27.关于合力，下列说法正确的是（）

A.一个力的作用效果如果与几个力共同作用产生的效果相同，这个力就叫那几个

力的合力

B.合力一定大于任何一个分力

C.合力就是几个力的代数和

D.合力小于任何一个分力是可能的

28.两个共点力的大小分别为Q=15MFi=8N,它们的合力可能等于)

A.5NB.17NC.13ND.0

29.如图，用OA、两根轻绳将花盆悬于两竖直墙之间，开始时.

OB绳水平。现保持O点位置不变，改变OB绳长使绳右端由B

点缓慢上移至2'点，此时08'与OA之间的夹角。＜90。.设

此过程中OA、08绳的拉力分别为&«、FOB,则下列说法正确

的是（）

A.Aw一直减小

B.RM一直增大

C.FOB一直增大

D.FOB先减小后增大

第18页，共30页

三、实验题(本大题共2小题，共15.0分)

30.某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮

筋的图钉，。为橡皮筋与细绳的结点，。8和OC为细绳.图乙是在白纸上根据实

验结果画出的图.

(1)如果没有操作失误，图乙中的F与F'两力中，方向一定沿A。方向的是.

(2)本实验采用的科学方法是.

A.理想实验法B.等效替代法

C.控制变量法D.建立物理模型法

(3)实验时，主要的步骤是：

A.在桌上方一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；

B.用图钉把橡皮条的一段固定在板上的A点，在橡皮条的另一端拴上两条细绳，

细绳的另一端系着绳套；

C.用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点

到达某一位置O,记录下。点的位置，读出两个弹簧测力计的示数：

D.按选好的标度，用铅笔盒刻度尺作出两只弹簧测力计的拉力Q和巳的图示，

并用平行四边形定则求出合力

E.只用一只弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧测力计的示数,

记下细绳的方向，按同一标度作出F的图示；

尸.比较尸和尸的大小和方向，看它们是否相同，得出结论.

上述步骤中，有重要遗漏的步骤的序号是和.

31.某学生用如图甲所示的装置研究物体加速度与所受外力和物体质量的关系.

(1)图乙是实验中得到的某一纸带，实验中打点计时器交流电的频率为50出，纸

带前面的几个点较模糊，因此从A点开始每打五个点取一个计数点.则小车的加速

度“=mJs2,其中8点的对应速度VB=mis,尸点对应的速度

______m/s.

(2)保持小车的质量不变，测得小车的加速度。和拉力尸的数据如表所示:

(。)根据表中的数据在图丙中作出图线；

。)图线不通过原点，试分析在操作过程中可能遗漏的步骤是

四、计算题(本大题共3小题，共37.0分)

32.质量为M的木楔倾角为0,在水平面上保持静止，当将一质量

为用的木块放在斜面上时正好匀速下滑.如果用与斜面成a

角的力尸拉着木块匀速上升，如图，求：

(1)木块与斜面的动摩擦因数为多大？

(2)当a=0时，拉力尸有最小值，请求出此最小值.

(3)此时水平面对■斜面的摩擦力是多大？

33.质点在直线AC上作匀变速直线运动，如图所示，若在A点时ABC

的速度是5mIs,经3s到达B点速度是14m/s,问：

(1)质点加速度是多少？

(2)若再经4s到达C点，则在C点的速度是多少？

第20页，共30页

34.1966年曾在地球的上空完成了以牛顿第二定律为基础的测定质量的实验，实验时,

用双子星号宇宙飞船醇去接触正在轨道上运行的火箭组mi（后者的发动机已熄

火）。接触以后，开动双子星号飞船的推进器，使飞船和火箭组共同加速（如图），

推进器的平均作用力F=923N,推进器开动时间为/=7s,测出飞船和火箭组的速度

变化是△v=0.91〃?/s。已知双子星号宇宙飞船的质量㈤=3400依，求：（最终的计算

结果保留三位有效数字）

（1）火箭组受到的平均推力尸;

（2）已知火箭组的实际质量，”=3660依，求该次测量的相对误差。（已知相对误差

I测量值-真实值Lsco/、

G=—xl00%）

F

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：4400米标准跑道上的200米比赛，是指轨迹的长度，还用经过圆弧部

分，所以是指路程，不是位移，故A错误；

8、19秒88是谢震业完成200米比赛所用的时间，应该是时间间隔，故8错误；

C、平均速度是位移与时间的比值，200米比赛的位移并不是200米，故C错误；

。、研究运动员的起跑动作时，运动员的形状不能忽略，所以运动员不能看成质点，故

。正确。

故选：Do

物体可以看成质点的条件是看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，根据时

刻、时间间隔、位移、速度及平均速度的概念很容易正确选出答案。

正确掌握并理解时刻、时间间隔、位移、路程及平均速度时解答本题的关键。

2.【答案】D

【解析】解：对物体受力分析，受重力和支持力；

物体加速上升，加速度为m根据牛顿第二定律，有：

N-mg=ma

故：N=m(g+a)=10x(10+0.4)=104N

根据牛顿第三定律，压力也为104N；

故选：D.

对物体受力分析，受重力和支持力，物体加速上升，加速度为m根据牛顿第二定律列

式求解支持力，然后根据牛顿第三定律求解压力.

本题关键对物体受力分析和运动分析，然后根据牛顿第二定律列式求解支持力，最后根

据牛顿第三定律求解压力.

3.【答案】D

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【解析】解：A、匚0时，雨滴由静止开始下落，v=0,所受空气阻力户AA)2=o,则此时

雨滴只受重力，加速度为g,随着雨滴速度增大，所受空气阻力增大，根据牛顿第二定

律，咫户,"4,则加速度减小，即雨滴做加速度逐渐减小的加速运动，当最后户

时，加速度减小到零，速度再不变，雨滴匀速，故A正确，8正确；

2

C、当最后匀速运动时有八％02=〃?加为，尸，可得最大速率与价成正比，voocr,故C正

确，。错误；

本题选错误的，故选：£>o

根据雨滴的受力判断雨滴加速度的变化，通过加速度与速度的方向关系判断速度的变

化.

分析准确雨滴下落过程中的受力情况，再根据雨滴的受力分析雨滴的运动状态；图象能

够直观的展现物体的运动情况.

4.【答案】B

【解析】解：电梯原来处于静止状态，根据广，图象分析重物的重力G=50M在0-4s

内，F>G,物体匀加速上升，4-145,F=G,物体匀速上升，所以h=2s和及=85时的速

度关系为：W<V2,而且电梯上升了。故8正确，AC。错误。

故选:B。

根据F-t图象分析重物的运动情况:重物的重力为50N,在0-4.V内,物体加速上升一,4-14s,

物体匀速上升，可得知也和也的大小.

本题首先要理解尸-f图象的意义，读出重物的重力，其次要能根据重物的受力情况，分

析其运动情况.

5.【答案】C

【解析】解：小电梯减速下降的过程，加速度向上，其内部的人处于超重状态.故A

错误，C正确；

8、电梯减速上升的过程中，加速度向下，其内部的人处于失重状态.故B错误；

。、电梯加速上升的过程中，加速度向上，其内部的人处于超重状态.故。错误；

故选：C.

物体对支持物的压力或者对•悬挂物的拉力大于物体的重力称为超重，小于重力则称为失

重，超重时具有向上的加速度，失重时具有向下的加速度；处于超重或失重状态时物体

的质量或重力并不变.

本题考查了超重和失重的应用，记住：超重时具有向上的加速度，失重时具有向下的加

速度.

6.【答案】A

【解析】解：小绳对物体的拉力是绳子发生微小的拉伸形变，由于弹性绳子要收缩而

对物体产生拉力，绳拉力的方向总是沿着绳而指向绳收缩的方向，故A正确。

8、木头受到竹杆的弹力，是由于竹杆发生形变而产生的，不是木头发生形变产生的，

故B错误。

C、木块放在桌面上要受到一个向上的弹力，是由于桌面发生向下的微小形变而产生

的，故C错误。

。、挂在电线下面的电灯受到向上的拉力，是因为电线受到电灯的作用而向下发生微

小的拉伸形变，电线由于弹性要恢复原状而对电灯产生了拉力，故。错误。

故选：Ao

弹力是由于发生弹性形变的物体要恢复原状而对接触物体产生的作用力，弹力的施力物

体是发生弹性形变的物体。根据这个知识分析判断。

本题考查对三种常见弹力产生原因的理解能力。压力、支持力和拉力本质上都是弹力，

都是由于物体发生弹性形变而产生的。

7.【答案】C

【解析】

【分析】

物体做的是自由落体运动，根据自由落体的位移一速度公式可以求得.本题考查的是自

由落体运动公式的直接应用，题目比较简单，属于基础题.

【解答】

物体做自由落体运动，

2gfi-v2①

当离地面还有!时，物体下落的高度为,，则

第24页，共30页

2g*/2②

由①②得：

M哈，故C正确.

故选C.

8.【答案】C

【解析】解：人因物体的加速度为今故说明物体受阻力作用，由牛顿第二定律可知，

mg-尸ma；解得户］ig,阻力做功W^~mgh；物体克服阻力做功，机械能减小，故机械

能的减小量为"g/z，故4错误；

B、。、重力做功WG=mg〃，所以物体的重力势能减少根g/7,故B,。错误；

C、由动能定理可得动能的改变量△反=卬行加＜泌=)28力，所以物体的动能增加)zg/2,故

C正确；

故选：Co

根据物体的运动情况可知物体的受力情况，由功的公式可求得各力的功；由动能定理可

求得物体的动能改变量；由功能关系可求机械能的变化；由重力势能与重力做功的关系

可知重力势能的改变量.

本题关键在于各种功的物理意义：

①重力做功等于重力势能的减小量；

②而合力的功等于动能的改变量；

③除重力外其余力做的功等于机械能的变化量.

9.【答案】BD

【解析】解：A、如果加速度的方向与速度方向相同，加速度减小，但物体做加速运动,

加速度的方向与速度方向相反就做减速，故A错误：

3、加速度是反映速度变化快慢的物理量，速度变化越快的物体其加速度就越大，故8

正确；

C、减速直线运动中速度与加速度方向相反，若规定速度方向为负，则加速度为正，故

C错误；

。、规定初速度方向为正方向，匀加速直线运动的加速度方向与初速度相同，取正值，

故。正确；

故选：BD。

根据加速度的定义式折察可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向

就是物体速度变化量的方向，与物体速度的大小方向无关，即物体的速度变化越快物体

的加速度越大，只要加速度为正值，物体的速度一定在增大。

本题考查加速度的定义式，只要理解了加速度的概念就能顺利解决。

10.【答案】AD

【解析】解：A、一个力的作用效果如果与几个力共同作用产生的效果相同，这个力就

叫那几个力的合力，故A正确；

B、当两个力方向相同时，合力等于两分力之和，合力大于每一个分力；

当两个分力方向相反时，合力等于两个分力之差，合力可能小于最小分力，

由此可见：合力可能大于分力也有可能小于分力，故8错误，。正确；

C、力是矢量，根据力的平行四边形定则可知，几个力的合力就是这几个力的矢量和，

故C错误；

故选：AD.

(1)如果二力在同一条直线上，根据力的合成计算合力的大小，即同一直线上同方向

二力的合力等于二力之和；

同一直线反方向二力的合力等于二力之差.

(2)如果二力不在同一条直线上，合力大小介于二力之和与二力之差之间.

解此题关键是要理解合力的大小范围：大于两力之差，小于两力之和；分析时考虑问题

要全面，既要考虑到两个力同向，也要考虑反向的情况.

11.【答案】BC

【解析】解:二力合成时合力范围:以+尸2包尼斤尸2|；

两共点力，R=15N,F2=8N,故合力最大23N,最小7N,之间任意结果都可以；故AQ

错误，8c正确。

故选：BC。

二力合成遵循平行四边形定则，同向时合力最大，反向时合力最小，合力范围：

\Fi+F2^F>\Fi-Fi\.

第26页，共30页

本题关键是明确二力合成时遵循平行四边形定则，夹角越大，合力越小，同向时合力最

大，反向时合力最小.

12.【答案】AD

【解析】解：以结点0为研究对象，分析受力：重力

G、绳0A的拉力及«和绳B0的拉力FOB,如图所示,

根据平衡条件知，两根绳子的拉力的合力与重力大小

相等、方向相反，

作出轻绳在两个位置时力的合成图如图，由图看

出，FOA逐渐减小，FOB先减小后增大，当0=90。时，

在03最小。

故AO正确、8C错误。

故选：AD»

以结点O为研究对象，分析受力，作出轻绳在8和B'两个位置时受力图，由图分析绳

的拉力变化。

本题运用图解法研究动态平衡问题，也可以根据几何知识得到两绳垂直时，轻绳的

拉力最小来判断。

13.【答案】F'BCE

【解析】解：(1)实验中F是由平行四边形得出的，为理论值，F'是通过实验方法得

出的为实验值，方向与A。一定共线.

(2)本实验采用的科学方法是等效替代法，故选：B.

(3)在C步骤中，不仅需要