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文档简介

湖北省咸宁市赤壁余家桥镇中学高三数学理测试题含解析一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的1.设变量满足约束条件且目标函数的最大值为4,且取得最大值的最优解有无穷多个,则的值为(

)A.

B.1

C.

D.参考答案:A略2.已知定义在R上的函数对任意的x满足,当-l≤x<l时,.函数若函数在上有6个零点,则实数a的取值范围是

A.

B.

C.

D.参考答案:B3.设,,,则A.

B.

C.

D.参考答案:C略4.定义运算,函数

图象的顶点坐标是(),且成等比数列,则的值为

.参考答案:14略5.定义在上的函数,是它的导函数,且恒有成立,则()A.B.

C.D.参考答案:D6.关于x的方程有负根而无正根,则k的取值范围为(

A.

B.

C.

D.参考答案:A7.如果角的终边经过点,则(

)

A.

B.

C.

D.参考答案:D略8.已知等差数列中,,记,S13=(

)A.78

B.68

C.56 D.52参考答案:D

9.若集合A={x||x|≤1,x∈R},B={y|y=x2,x∈R},则A∩B=()A.{x|﹣1≤x≤1}B.{x|x≥0}C.{x|0≤x≤1}D.参考答案:C考点:交集及其运算.分析:考查集合的性质与交集以及绝对值不等式运算.常见的解法为计算出集合A、B的最简单形式再运算.解答:解:由题得:A={x|﹣1≤x≤1},B={y|y≥0},∴A∩B={x|0≤x≤1}.故选C.点评:在应试中可采用特值检验完成.10.设椭圆()的右焦点为F,过点F作与x轴垂直的直线l交椭圆于P,B两点(点P在第一象限),过椭圆的左顶点和上顶点的直线l1与直线l交于A点,且满足,设O为坐标原点,若(,),,则该椭圆的离心率为(

)A. B. C.或 D.参考答案:A∵、、三点共线,∴又∵∴或∵∴∵过点作与轴垂直的直线交椭圆于,两点(点在第一象限)∴,∵过椭圆的左顶点和上顶点的直线与直线交于点∴直线的方程为为∴∵∴,即.∴,即.∴∵∴故选A.

二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11.若关于的不等式无解,则实数的取值范围为

.参考答案:a<112.设不等式,表示的平面区域为M,若直线y=k(x+2)上存在M内的点,则实数k的最大值是

.参考答案:2【考点】7C:简单线性规划.【分析】由约束条件作出可行域,直线y=k(x+2)过定点(﹣2,0),数形结合求得答案.【解答】解:由约束条件作出可行域如图,直线y=k(x+2)过定点P(﹣2,0),联立,解得B(﹣1,2),∵,∴满足条件的k的最大值为2.故答案为:2.【点评】本题考查简单的线性规划,考查了数形结合的解题思想方法,是中档题.13.椭圆的焦点为,,点在椭圆上,若,则__________,的大小为____________.参考答案:;由椭圆方程可得:,.∵,∴,由余弦定理可得.故.14.已知的三边长成公比为的等比数列,则其最大角的余弦值为_________参考答案:15.函数的图象与过原点的直线有且只有三个交点,设交点中横坐标的最大值为,则=.

参考答案:【知识点】导数的几何意义.B11【答案解析】2解析:解:函数f(x)=|sinx|(x≥0)与直线有且只有三个交点如图所示,

令切点为A,,在上,故【思路点拨】令切点为A,,在上,根据切线的斜率等于切点处的导数建立等式关系,即可求出,代入所求化简即可求出所求.16.若x,y满足约束条件,则z=3x+2y的最大值为

.参考答案:6解答:画出可行域如图所示,可知目标函数过点(2,0)时取得最大值,.

17.函数的定义域是___________;参考答案:三、解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤18.(本小题满分12分)如图1,直角梯形中,,分别为边和上的点,且,.将四边形沿折起成如图2的位置,使.(1)求证:平面;(2)求四棱锥的体积.参考答案:(本小题满分12分)解(1)证:面面又面

所以平面.--------------------------------6分(2)取的中点,连接平面又平面面--------------------------------------9分所以四棱锥的体积.---------------12分略19.已知函数.(1)若的解集为,求实数的值;(2)当且时,解关于的不等式.

参考答案:(Ⅰ)(Ⅱ)当t=0时,原不等式的解集为R,

当t>0时,原不等式的解集为.(Ⅰ)由|x﹣a|≤m得a﹣m≤x≤a+m,所以解之得为所求.

(Ⅱ)当a=2时,f(x)=|x﹣2|, 所以当t=0时,不等式①恒成立,即x∈R;当t>0时,不等式或或解得x<2﹣2t或或x∈?,即;综上,当t=0时,原不等式的解集为R,

当t>0时,原不等式的解集为.

略20.(本小题满分12分)为振兴旅游业,四川省2009年面向国内发行总量为2000万张的熊猫优惠卡,向省外人士发行的是熊猫金卡(简称金卡),向省内人士发行的是熊猫银卡(简称银卡)。某旅游公司组织了一个有36名游客的旅游团到四川名胜旅游,其中是省外游客,其余是省内游客。

在省外游客中有持金卡,在省内游客中有持银卡。

(I)在该团中随机采访3名游客,求恰有1人持金卡且持银卡者少于2人的概率;(II)在该团的省内游客中随机采访3名游客,设其中持银卡人数为随机变量,求的分布列及数学期望.参考答案:(Ⅱ)的可能取值为0,1,2,3

,

,.

所以的分布列为0123

所以,…………………12分21.对于无穷数列{an},{bn},若,,则称{bn}是{an}的“收缩数列”.其中,分别表示中的最大数和最小数.已知{an}为无穷数列,其前n项和为Sn,数列{bn}是{an}的“收缩数列”.(1)若,求{bn}的前n项和;(2)证明:{bn}的“收缩数列”仍是{bn};(3)若且,,求所有满足该条件的{an}.参考答案:(1);(2)详见解析;(3),.【分析】(1)根据可得为递增数列,从而可得,利用等差数列求和公式可得结果;(2)可证得,即,则可知,可证得结论;(3)令猜想可得,,整理可知此数列满足题意;利用反证法可证得不存在数列不满足,的符合题设条件,从而可得结论.【详解】(1)由可得递增数列由通项公式可知为等差数列的前项和为:(2),又的“收缩数列”仍是(3)由可得:当时,;当时,,即,所以;当时,,即(*),若,则,所以由(*)可得,与矛盾;若,则,所以由(*)可得所以与同号,这与矛盾;若,则,由(*)可得.猜想:满足的数列是:,经验证,左式右式下面证明其它数列都不满足(3)的题设条件由上述时的情况可知,时,,是成立的假设是首次不符合,的项,则由题设条件可得(*)若,则由(*)式化简可得与矛盾;若,则,所以由(*)可得所以与同号,这与矛盾;所以,则,所以由(*)化简可得.这与假设矛盾.所以不存在数列不满足,的符合题设条件综上所述:,【点睛】本题考查新定义运算的问题求解,关键是能够明确新定义的具体意义,从而将问题转化为最大项与最小项的问题,涉及到递增数列、猜想与证明、反证法等知识,对于学生理解与应用能力、转化与化归能力要求较高,属于难题.22.正方形ADEF与梯形ABCD所在平面互相垂直,AD⊥CD,AB∥CD,AB=AD=CD=2,点M在线段EC上且不与E,C重合.(Ⅰ)当点M是EC中点时,求证:BM∥平面ADEF;(Ⅱ)当平面BDM与平面ABF所成锐二面角的余弦值为时,求三棱锥M﹣BDE的体积.参考答案:【考点】棱柱、棱锥、棱台的体积;直线与平面平行的判定.【分析】(I)三角形的中位线定理可得MN∥DC,MN=.再利用已知可得,即可证明四边形ABMN是平行四边形.再利用线面平行的判定定理即可证明.(II)取CD的中点O,过点O作OP⊥DM,连接BP.可得四边形ABOD是平行四边形,由于AD⊥DC,可得四边形ABOD是矩形.由于BO⊥CD,正方形ADEF与梯形ABCD所在平面互相垂直,ED⊥AD,可得ED⊥平面ADCB,平面CDE⊥平面ADCB.BO⊥平面CDE.于是BP⊥DM.即可得出∠OPB是平面BDM与平面ABF(即平面ABF)所成锐二面角.由于cos∠OPB=,可得BP=.可得sin∠MDC==.而sin∠ECD==.而DM=MC,同理DM=EM.M为EC的中点,利用三棱锥的体积计算公式可得VM﹣BDE=VB﹣DEM=.【解答】(I)证明:取ED的中点N,连接MN.又∵点M是EC中点.∴MN∥DC,MN=.而AB∥DC,AB=DC.∴,∴四边形ABMN是平行四边形.∴BM∥AN.而BM?平面ADEF,AN?平面ADEF,∴BM∥平面ADEF.(Ⅱ)取CD的中点O,过点O作OP⊥DM,连接BP.∵AB∥CD,AB=CD=2,∴四边形ABOD是平行四边形,∵AD⊥DC,∴四边形ABOD是矩形.∴BO⊥CD.∵正方形ADEF与梯形ABCD所在平面互相垂直,ED⊥AD,∴ED⊥平面ADCB.∴平面CDE⊥平面ADCB.∴B

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