四川省金堂县重点名校2023年中考物理四模试卷含解析

2023年中考物理模似试卷考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1．在科学实践课上，王老师将一只模型鸟的尖嘴支在矿泉水瓶盖上，模型鸟的整个身体就能悬空保持平衡，如图所示。下列说法正确的是A．模型鸟的重心在它所受支持力的作用线上B．沿水平方向缓慢移动矿泉水瓶，模型鸟就会掉落C．模型鸟所受重力和支持力不在同一条直线上D．模型鸟的重心在它的尾部2．在原子中，带负电的粒子是()A．电子 B．质子 C．中子 D．核子3．将规格为“2.5V0.3A”的小灯泡L1和规格为“3.8V0.3A”的小灯泡L2串联，接在3V的电源上，下列判断正确的是A．L1的电阻大于L2的电阻 B．两只灯泡实际功率相等C．两只灯泡都正常发光 D．L1的亮度比L2的亮度更小4．如图所示的四个实例中，属于增大摩擦的是A．给自行车轴加润滑油B．自行车轮胎上的花纹C．轴承间安装钢柱D．气垫船底和水面间的空气垫5．如图是穿行在餐厅的机器人端着托盘送餐的情景．若认为机器人是静止的，则选择的参照物是（）A．地面 B．托盘 C．餐桌 D．墙壁6．小明同学在学习八年级物理《声的世界》以后，总结出以下关于声的四点知识，其中正确的是A．只要物体振动就会听到声音 B．声音的响度越大传播速度越快C．声是一种波，可以传播信息和能量 D．“低声细语”是指声音的音调低7．仲春的江南偶尔也会下雪，原因是由于暖湿气流上升，遇到云中的小冰晶，水蒸气在小冰晶表面直接变成固态，使小冰晶越来越大，如果地面温度低于或接近0℃，下落时就会形成降雪．水蒸气在小冰晶表面发生的物态变化是A．液化 B．凝固C．凝华 D．先液化再凝固二、填空题（本大题7小题，共21分）8．已知ρ铝＜ρ铜，体积相等的实心铝球和实心铜球，_____球的质量大．冰的密度小于水的密度，冰熔化成水后质量_____，体积_____．（选填“变大”“变小”或“不变”）9．“掩耳盗铃”是大家熟悉的成语故事．从物理学角度分析，盗贼所犯的错误是：既没有阻止声音的__________，又没有阻止声音的______________．10．装甲车通常用履带而不用车轮，是为了增大接触面积来_______（选填“增大”或“减小）压强；飞机通过机翼来获得向上的升力．是因为流体压强随流速的减小而_______（填“增大”或“减小．）；水库的大坝呈上窄下宽的形状，是因为液体的压强随深度增大而_______（选填“增大”或“减小）11．如下图是一凸透镜先后两次观察书本上的字的情景，根据你掌握的知识判断，甲图成的是____像，乙图成的是______像（选填“虚”或“实”）．甲图的物距u甲，乙图的物距u乙，它们的大小关系是u甲____u乙.（填“>“=”、“<”）：12．篮球运动员用力将篮球投出，表明力可以改变物体的_______；篮球离开手后在空中仍能继续上升，原因是篮球具有___________；以地面为参照物，篮球是___________（选填“运动”或“静止”）的.13．（1）在一般情况下固体总是比气体重很多，但科学家们研制出了一种比空气还轻的固体物质，它就是气凝胶，世界上最轻的固体材料．这里说的“最轻”用确切的物理语言来说是指这种材料的___________很小．纳米材料是由纳米颗粒用特殊设备制造的，纳米是___________单位．（填写物理量的名称）（2）在现代生活中，人们购物时常用智能手机来扫描商家提供的二维码，将所得的信息由手机内部的___________材料制成的高速智能芯片进行处理．扫描时要保持手机稳定，这里的“稳定”是指以二维码为参照物，手机是___________（选填“运动”或“静止”）的．（3）如图所示是一把电吹风的简化电路．分析电路可知：电热丝与吹风机的连接方式是_________联．将插头插入插座，若电吹风吹出的是冷风，则闭合的开关是_________．14．如图所示，完全相同的圆柱形容器中，装有不同的两种液体甲、乙，在两容器中，距离同一高度分别有A、B两点．若两种液体的质量相等，则A、B两点的压强关系是pA_____pB；若A、B两点的压强相等，则两种液体对容器底的压强关系是p甲_____p乙（两空选填“＞”、“＝”或“＜”）．三、作图题（共7分）15．设计一个家庭电路，要求客厅开关S1控制L1和L2；卧室开关S2控制壁灯，该壁灯有两种亮度通过开关S3调节．请在下图中连线，形成符合要求的完整电路图．（________）16．物体静止在墙面上，请画出物体所受摩擦力的示意图．17．在图中,画出由点光源S发出,经平面镜反射后过P的光线．（_______________）四、实验题（本大题共5小题，共20分）18．根据平面镜成像特点在图中作出物体AB在平面镜中所成的像A′B′（请保留作图痕迹）（______）19．小明在研究物体的浮沉时，发现铁块放入水中下沉，塑料块浸没在水中后上浮，为进一步探究物体的浮沉条件，他找来了下列器材：弹簧测力计、一杯水、细线、铁块A、塑料块B和塑料块C（B与A体积相同，C与A质量相同）．他按图甲和乙进行了实验，测出铁块受到的浮力大小为_____，并与重力比较，由此得出了物体下沉的条件．实验时，他无意中发现增大铁块浸没在水中的深度，某一时刻测力计的示数会突然变小，示数变小的原因是：_____．为探究物体上浮的条件，他选择了合适的塑料块，利用现有器材在题中（1）实验的基础上，增加一个实验步骤就完成了探究．①选择的塑料块是_____（B/C）．②增加的步骤：用弹簧测力计测出上面①中塑料块的重力G．③当满足_____（用测得的物理量表示）条件时，物体上浮．20．在测量小灯泡的电阻的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V．（1）为了测量更精确．电压表应选择的量程是0﹣_______（选填“3”或“15”）V．（2）小明按图甲连接好电路后，闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡都不亮，电流表有示数，电压表无示数．则故障原因可能是小灯泡_______（选填“短路”或“断路”）（3）排除故障后，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为2.5V，此时电流表的示数如图乙所示，为_______A．（4）接着调节滑动变阻器滑片，让电压逐次下调，使灯丝温度不断降低，小灯泡变暗直至完全不发光，测量数据如下表所示．综合分析可知，实验中滑动变阻器的滑片逐渐向_______（选填“左”或“右“）端滑动：随着灯丝温度降低，小灯泡的电阻值变_______（选填“大”或“小”）．（5）小明还设计了如图丙所示的电路，测出另一小灯泡的额定功率．已知滑动变阳器R1的最大阻值为R0，小灯泡的额定电压为U额．请完成下列实验步骤：①闭合开关S，S1，调节R1的滑片，使电压表的示数为U额；②接着_______；③调节R1的滑片调至最左端，记下电压表示数U1；将R1的滑片调至最右端，记下电压表示数为U2，小灯泡额定功率的表达式：P=_______（用R0、U额，U1、U2表示）21．某同学用焦距为的凸透镜做“探究凸透镜成像的规律”的实验：（1）如图所示，保持蜡烛和凸透镜的位置不变，即物距=_____，要使烛焰在光屏上成清晰的像，光屏应______（选填“靠近凸透镜”“远离凸透镜”或“保持在原位置”），此时光屏上成的像应是______（选填“放大”“等大”或“缩小”）的．这是______（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）的原理．（2）上述实验中，蜡烛依然保持在光具座上的10处，将凸透镜和光屏分别移至25、55处，光屏上又可以得到一个清晰的像．保持蜡烛和光屏位置不变，若想光屏上再次呈现清晰的像，应将凸透镜移至_____处．22．在“探究杠杆的平衡条件”的实验中：（1）小明把杠杆组装完毕后，杠杆在如图甲所示位置静止．为了使实验时力臂与杠杆重合，下一步小明应该如何操作？_____（2）若如图乙所示进行实验，此时杠杆能否保持平衡？_____，并写出判断依据：_____．五、计算题（本大题共2小题，共13分）23．自动饮水机已经普遍用于车站、学校等公共场所，我校使用的“碧丽”牌电热水器的参数表以及简化电路图如图所示，电热丝电阻分别为R1、R2，请根据说明书提供的信息计算（水的密度ρ水=1×103kg/m3，水的比热容c水=4.2×103J/kg℃）饮水机参数热水温度：100℃热胆容积：11L加热功率：2200W保温功率：100W额定电压：220V频率：50Hz（1）该电热水器处于正常加热时的电流是多少？（2）电阻丝R1的阻值．（3）如果饮水机处在“加热”状态正常工作时，电热丝所产生的热量有80%被水吸收，饮水机的热胆装满水，水温由20℃加热到100℃，需用多长时间？24．如下图所示，电源电压保持9V不变，灯泡L的额定功率为3.6W，额定电压为6V，电阻R1=20Ω,滑动变阻器R2的最大值是40Ω。只闭合S2，移动滑动变阻器的滑片，使电流表的示数为0.3A。(不考虑温度对灯丝电阻的影响)求：只闭合S2，电流表的示数为0.3A时，此时灯泡L的实际功率是多少？只闭合S2，调节滑动变阻器的滑片，使灯泡正常发光，此时滑动变阻器接入电路中的阻值是多少？只闭合S1，将滑动变阻器滑片P移到最右端时，在60s内电流做的功是多少？六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25．图甲是建造大桥时所用的起吊装置示意图，使用电动机和滑轮组（图中未画出）将实心长方体A从江底竖直方向匀速吊起，图乙是钢缆绳对A的拉力F1随时间t变化的图象．A完全离开水面后，电动机对绳的拉力F大小为6.25×103N，滑轮组的机械效率为80%，已知A上升的速度始终为0.1m/s．（不计钢缆绳与滑轮间的摩擦及绳重，不考虑风浪、水流等因素的影响），求：长方体A的重力；未露出水面时受到的浮力是．长方体A的密度；滑轮组通过动滑轮吊起物体的绳子段数．把长方体A按图甲中的摆放方式放在岸边的水平地面上，它对地面的压强：长方体A完全离开水面后，在上升过程中F的功率；26．阅读短文并回答问题。雨雨形成的基本过程是：空气中的水蒸气在高空遇到冷空气凝结成小水滴或小冰晶，小水滴或小冰晶相互碰撞、合并，变得越来越大，大到空气浮力托不住的时候便会降落下来。在下落的过程中，小水滴或小冰晶受到的阻力是变化的，受到的阻力与其速度大小有关，物体的速度越大，其受到的空气阻力越大。当低空温度高于0℃时，小冰晶会熔化。最后落到地面便是雨。由于天然降水会溶解部分空气中的二氧化碳，正常雨水略显酸性。1982年6月，国际环境会议上正式将pH小于5.6的降水定为酸雨。空气中的水蒸气凝结成小水滴，属于______现象（填物态变化的名称）。当空气受到污染时有__________（填写化学式）进入大气，便会形成硫酸型酸雨。雨滴下落过程中（不考虑雨滴质量的变化和风速的影响），下列能反映速度变化规律的图像是______。27．填空完成下面的叙述核电站是利用________能来发电的，其能量是原子核发生了核________（选填“裂变”或“聚变”）；如图中的核辐射标志是________；一般用水来给高温的核反应堆降温，这是用________的方法来改变内能的．能源和环境”是世界各国共同面临的问题，保护环境、节约能源要从我做起．下列说法中需要改正的是______．A．尽可能用太阳能热水器代替电热水器B．养成及时关掉水龙头和人走关灯的习惯C．用洗脸水冲厕所，将废报纸、空酒瓶等送到废品收购站D．及时将生活垃圾，废电池装在一起丢人垃圾箱．

参考答案一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1、A【解析】解答：ACD、模型鸟处于静止状态，重力和支持力是一对平衡力，大小相等、方向相反、在一条直线上、在一个物体上，故模型鸟的重心在它所受支持力的作用线上，作用点在模型鸟的尖嘴上，重心在尖嘴上，故A正确，CD错误；B.沿水平方向缓慢移动矿泉水瓶，模型鸟仍处于平衡状态，故不会掉落，故B错误。故选A.2、A【解析】

原子是由位于原子中心的原子核和核外绕核转动的电子组成；原子核由质子和中子组成，质子带正电，中子不带电，电子带负电．故选A．3、D【解析】

根据得的电阻为L2的电阻为串联到电路中电流为的电功率为L2的电功率为的电功率小于L2的电功率，所以的亮度小于L2的亮度；的正常电功率为L2的正常电功率为说明两灯泡都不能正常发光。故选D。4、B【解析】

A、给自行车轴加润滑油使接触面更光滑一些，以减小摩擦力，不合题意；B、自行车轮胎上的花纹，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，符合题意；C、轴承间安装钢柱是将滑动摩擦变成了滚动摩擦，从而减小了摩擦力，不合题意；D、气垫船利用气体将船和水面分离，是使接触面脱离，减小船和水之间的摩擦力。不合题意。5、B【解析】

以地面、餐桌、墙壁为参照物，机器人的位置在不断的变化，所以机器人是运动的，故ACD不符合题意；以托盘为参照物，机器人的位置没有改变，机器人是静止的，故B符合题意．故选B.【点睛】判断物体的运动和静止，首先选择一个参照物，被研究的物体和参照物之间如果发生了位置的变化，被研究的物体是运动的，否则是静止的．6、C【解析】

A．物体振动会产生声音，人耳的听觉范围是20～20000Hz，当物体振动的频率过大或过小时，我们是听不到声音的，故A错误；B．声速的大小与介质的种类和温度有关，与响度无关，故B错误；C．声波可以传递信息，声波可以传递能量，故C正确；D．“低声细语”是指声音的响度小，而不是音调低，故D错误．7、C【解析】

水蒸气在小冰晶表面直接变成固态，使小冰晶越来越大，气态变成固态，是凝华现象，故C正确、ABD错误．二、填空题（本大题7小题，共21分）8、铜球不变变小【解析】

单位体积的某种物质的质量叫做这种物质的密度；质量是物体本身的一种属性，与状态无关；密度是物质本身的一种特性，与状态和温度有关，与质量、体积无关．【详解】由公式m=，体积相等的实心铝球和实心铜球，，所以，铜球的质量大；冰的密度是0.9×103kg/m3，它表示的物理意义是体积是1m3的冰，质量为0.9×103kg；冰熔化成水时，它的质量不变，密度变大，由公式V=知，体积变小；9、产生传播【解析】

盗贼的目的是在盗铃的时候不让别人听见，要达到目的，就需要不让铃响，也就是不让声音产生，没有做到；或者不让声音传播，传不到别人的耳朵中，他只是把自已的耳朵捂住了，也没有达到目的．10、减小增大增大【解析】

减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强．伯努利原理告诉我们：流体在流速大的地方压强小、却在流速小的地方压强大．液体的压强随着深度的增加而增大．【详解】装甲车通常用履带而不用车轮，是为了在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；根据流体压强和流速的关系可知，飞机通过机翼来获得向上的升力，是因为流体压强随流速的减小而增大；水库的大坝呈上窄下宽的形状，是因为液体的压强随深度增大而增大．【点睛】此题考查压强的相关知识，平时学习物理知识时要多联系生活实际、多举例、多解释，提高利用所学物理知识分析实际问题的能力．11、虚实<【解析】

甲图成正立放大的虚像，物距小于焦距；乙图成倒立放大的实像，物距大于一倍焦距小于二倍焦距，所以u甲<u乙．12、运动状态惯性运动【解析】

运动员用力将篮球投出，篮球的运动状态发生改变，说明力可以改变物体的运动状态；由于篮球具有惯性，所以球离开手后在空中仍能继续上升；以地面为参照物，此时篮球与地面之间发生了位置变化，所以是运动的。13、密度长度半导体静止并S1【解析】

（1）最轻的固体材料中的“最轻”是指这种材料的密度小；纳米是长度单位；（2）手机内部的高速智能芯片采用的是半导体材料制成的；扫描时要保持手机稳定，以二维码为参照物，手机的位置不变，是静止的；（3）当开关S1、S2同时闭合，电动机与电热丝并联后接在电源上；若只闭合开关S1，断开开关S2，只有吹风机接入电路，电热丝不工作，电流只经过电动机，所以电吹风吹出的是冷风．14、＜＞【解析】

（1）由图知VA＜VB，若两种液体的质量相等，由密度公式可知液体密度ρA＞ρB，可得A、B下方对容器底的压强关系；因为两种液体的质量相等，液体对容器底的压强相等；进而得出A、B两点的压强关系；（2）由图知A、B深度hA＜hB，若A、B两点的压强相等，由p＝ρgh可知液体密度ρA＞ρB，进而得出A、B下方对容器底的压强关系，液体对容器底的压强p底＝p+p下，可得液体对容器底的压强关系．【详解】当两种液体的质量相等时，由于甲液体的体积小于乙液体的体积，故甲液体的密度大于乙液体的密度，由于A、B两点离容器底等高，故A点距容器底这段液体产生的压强较大；但又由于二种液体的质量相等，所以它们对容器底的压力是相等的，面积又相等，故两种液体对容器底的压强相等；故A点的压强pA等于液体对容器底的压强减去A点距容器底的那段液体产生的压强，故pA<pB；由图知A、B深度hA＜hB，若A、B两点的压强相等，由p＝ρgh可知液体密度ρA＞ρB，，又因为A、B两点离容器底等高，故A点距容器底这段液体产生的压强较大，则两种液体对容器底的压强应该等于A、B两点的压强分别加上A、B两点距容器底的那段液体产生的压强，故p甲>p乙．三、作图题（共7分）15、【解析】

由题知，开关S1控制客厅L1和L2，说明S1在这两灯的干路上；卧室开关S2控制壁灯L3，说明S2在灯L3的支路上，该壁灯亮度通过S3调节，说明S3与电阻并联，如图所示：16、【解析】物体处于静止状态，此时其重力与摩擦力是一对平衡力，所以摩擦力的方向是竖直向上的；作用点可选择在物体的重心上，摩擦力的示意图如图所示：点睛：首先要明确摩擦力的方向，知道摩擦力是与重力为一对平衡力的，这样可判断其方向，再按照作图的要求进行作图即可．17、【解析】

先通过平面镜作出发光点S的对称点S′即为S的像；连接S′P交平面镜于点O，SO为入射光线，OP为反射光线；如图所示：四、实验题（本大题共5小题，共20分）18、如下图【解析】分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为AB在平面镜中的像．19、F1-F2铁块接触到容器底部BF1-F2>G【解析】（1）根据称重法，铁块受到的浮力大小F=F1-F2；

（2）他无意中发现增大铁块浸没在水中的深度，某一时刻测力计的示数会突然变小，说明铁块受到别外一个向上的力作用，这是因为铁块接触到容器底部，受到容器底部施加的一个向上的作用力而使弹簧测力计示数减小了；

（3）①根据题目条件，因B与A体积相同，根据影响浮力大小的因素，所以选用塑料B，其浸没时受到的浮力大小等于铁块受到的浮力大小F1-F2；

②增加的步骤是用弹簧测力计测出B塑料块的重力G；

③当满足F1-F2＞G条件时，物体上浮．

故答案为（1）F1-F2；

（2）铁块接触到容器底部；

（3）①B；③F1-F2＞G．20、3短路0.3左小保持变阻器R1的滑片位置不动，断开S1闭合S2，移动变阻器R2使电压表不变（U1﹣U2）【解析】

（1）灯的额定电压为3V，故为了测量更精确电压表应选择的量程是0﹣3V．（2）若小灯泡短路，灯不亮，电路为通路，电流表有示数，电压表没有示数，符合题意；若小灯泡断路，则电压表串联在电路中，电流表没有示数，电压表与电源连通测电源电压有示数，不符合题意；所以故障原因可能是小灯泡短路；（3）排除故障后，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为2.5V，此时电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，读数为0.3A；（4）根据表中数据，电路中的电流越来越小，由欧姆定律，电路的总电阻越来越大，故实验中滑动变阻器的滑片逐渐向左端滑动；根据由欧姆定律的变形式，计算灯的电阻分别为8.3Ω、8.1Ω、7.1Ω……2.0Ω，所以随着灯丝温度降低，小灯泡的电阻值变小；（5）小明还设计了如图丙所示的电路，测出另一小灯泡的额定功率．已知滑动变阳器R1的最大阻值为R0，小灯泡的额定电压为U额．请完成下列实验步骤：①闭合开关S，S1，调节R1的滑片，使电压表的示数为U额；②接着，保持变阻器R1的滑片位置不动，再断开S1闭合S2，移动变阻器R2使电压表示数不变；根据等效替代的原理知，此时R2=RL；③将R1的滑片P调至最左端，记下电压表的示数为U1；再将R1的滑片P调至最右端，记下电压表的示数为U2，在③中，将R1的滑片P调至最左端，R1连入电路中的电阻为0，电压表的示数为U1即为电源电压；再将R1的滑片P调至最右端，此时两变阻器串联，电压表的示数为U2，即为R2的电压，根据串联电路电流相等和欧姆定律可得：，解得：；根据得小灯泡额定功率的表达式：．【点睛】重点是测量小灯泡电阻和电功率的实验，难点是最后一问缺少电流表时，结合滑动变阻器R1的最大阻值，根据最后两次电压表的示数差可知滑动变阻器R1的的电压，再结合欧姆定律把R2表示出来，进而得出功率的表达式．体会实验中利用了等效法。21、25.0靠近凸透镜缩小照相机40【解析】

（1）物体到凸透镜的距离是物距，像到凸透镜的距离是像距．已知凸透镜的焦距f＝10cm，从图上看透镜在光具座刻度35.0cm处，而蜡烛在光具座10.0cm处，物距u＝35.0cm﹣10.0cm＝25.0cm，u＞2f，成倒立、缩小的实像，像距2f＞v＞f，光屏应在45.0cm与55.0cm刻度之间，应向左移动，靠近凸透镜，这是照相机的成像条件；（2）蜡烛依然保持在光具座上的10cm处，将凸透镜和光屏分别移至25cm、55cm处，物距u＝25cm﹣10cm＝15cm，像距v＝55cm﹣25cm＝30cm，光屏上成清晰实像，根据光的折射中光路是可逆的，保持蜡烛和光屏位置不变，若想光屏上再次呈现清晰的像，物距应为30cm，即凸透镜移至10cm+30cm＝40cm刻度处．22、需要将平衡螺母向右调节能由图可知，动力和阻力使杠杆转动方向相反，根据杠杆的平衡条件：F1L1＝F2L2，杠杆可以平衡【解析】

（1）杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂；在调节杠杆平衡时，应将平衡螺母向较高的一端调节；（2）杠杆受力的方向不同，但动力和阻力使杠杆转动方向相反，根据杠杆平衡条件杠杆可以保持平衡．【详解】（1）小明把杠杆组装完毕后，杠杆在如图甲所示位置静止．为了使实验时力臂与杠杆重合，下一步小明应该如此操作：为了便于测量力臂，应使杠杆在水平位置平衡，由图知，右端偏高，为使杠杆在水平位置平衡，需要将平衡螺母向右调节；（2）若如图乙所示进行实验，此时杠杆能保持平衡，由图可知，动力和阻力使杠杆转动方向相反，根据杠杆的平衡条件：F1L1＝F2L2，杠杆可以平衡．五、计算题（本大题共2小题，共13分）23、（1）10A；（2）462Ω；（3）35min【解析】

（1）由表中数据可知加热功率P加=2200W，正常加热时的电流I加==10A；（2）开关S2闭合、S1断开时，两电阻串联，由串联电阻的规律，此时总电阻最大，根据可知，饮水机的总功率最小，处于保温状态；总电阻：=484Ω，当两开关都闭合时，R1被短路，电路为R2的简单电路，此时饮水机处于加热状态，R2的阻值：R2==22Ω，根据串联电阻的规律可得R1的阻值：R1=R-R2=484Ω-22Ω=462Ω；（3）饮水机的热胆装满水时，水的体积是11L=11dm3=11×10-3m3，水的质量：m=ρ水V=1.0×103kg/m3×11×10-3m3=11kg；水温由20℃加热到100℃，水吸收的热量（有用能量）：Q吸=cmΔt=4.2×103J/（kg•℃）×11kg×（100℃-20℃）=3.696×106J；消耗的电能：W==4.62×106J，需要的加热时间为：t==2100s=35min．答：（1）该电热水器处于正常加热时的电流是10A；（2）电阻丝R1的阻值是462Ω；（3）水温由20℃加热到100℃，需用35min．24、（1）0.9w（2）5Ω（3）81J【解析】

（1）因为灯泡L的额定功率为3.6W，额定电压为6V，因此灯泡的电阻为，只闭合S2灯泡与滑动变阻器串联，所以电路电流相等为0.3A，此时灯泡L的实际功率为；（2）灯泡正常发光时，电路电流为，在60s内电流做的功为。六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25、（1）2×104N；1×104N；2×103kg/m3；4；（2）4×104Pa；（3）2.5×103W．【解析】

（1）由图乙可知，物体A离开水面时钢缆的拉力即为长方体A的重力，再根据图乙可知未露出水面时钢缆的拉力，根据称重法求出未露出水面时受到的浮力，根据阿基米德原理求出物体A排开液体的体积即为A的体积，根据求出物体A的质量，利用求出长方体A的密度；根据滑轮组机械效率公式求出滑轮组通过动滑轮吊起物体的绳子段数；（2）由图乙可知，长方体A从开始到全部露出水面所用时间，根据求出A的高度，根据求出长方体A的底面积，根据求出长方体A放在水平地面上对地面的压强；（3）根据求出长方体A完全离开水面后绳端移动的速度，利用求出在上升过程中F的功率．【详解】（1）由图乙可知，物体A完全离开水面后钢缆对A的拉力为2×104N，则长方