2020年安徽合肥高考物理全真模拟卷

高考物理全真模拟卷题号 -二三四总分得分一、单选题（本大题共5小题，共30.0分）.2018年11月21日，中科院合肥物质科学研究院核能安全所吴宜灿研究员获得美国核学会核能杰出成就奖，铀核（二二U）是获得核能制造的核武器的主要原料之一，其中一种核反应方程为二；U+n一X+;Srr+2n并释放核能，下列说法正确的是（ ）A.该核反应是重核裂变，产物的结合能之和大于铀核（二:。）的结合能B.该核反应在中子的轰击下发生，核反应为人工转变C.X原子核中的核子数为140个，中子数为84个D.因为裂变时释放能量，根据E=mc2,所以裂变后的总质量数减少.某同学为研究一条直线上运动的两个物体」、,二的运动情况，在实验室借助于位移传感器与计算机，描绘出两个物体的运动图象为「、凡如图所示，-，为直线，好为抛物线，且交点对应坐标为，"，3,工匚''。仔细研究两个物体的运动情况，下列说法正确的是A.物体」做匀加速直线运动，加速度大小为吊■!,「B.物体：做匀变速直线运动，初速度为工厂•：C.：内时，两个物体相距最远D.物体」在!’ 时刻位于所取的坐标原点正向加处.物块静止放在一个长为L=1m的水平传送带上，传送带％=2m/s，物块与传送带间动摩擦因数产0.25.物块由传送带传送垂直落在了倾角。=37°的斜面上，g取10m/s2,下列说法正确的是（ ）■LA.物块在传送带上运动了0.8sB.下落高度H=0.32m第1页，共14页

C.物块由初始到落到斜面上的时间约为1.17SD.物块在传送带上做匀加速直线运动4.我国在2018年12月发射了“嫦娥四号”月球探测器，2019年1月11日“嫦娥四号”探测器与“玉兔二号”巡视器在“鹊桥”中继卫星支持下顺利完成互拍，预示着我国探月工程四期和深空探测工程将全面拉开序幕。由于月球绕地球公转周期和自转周期相同，我们总是看到月球的同一面，所以“嫦娥四号”把目的地设定在神秘的“月球背面”进行研究。已知地球半径为凡月球绕地球公转半径为厂，万有引力常量为G，地球表面重力加速度为g，下列说法正确的是（ ）A.月球表面的重力加速度为,gDB.月球公转的向心加速度为gC.“嫦娥四号”在向月球着陆过程中从高轨道向低轨道变轨时机械能增加D.月球自转周期为——.如图所示，理想变压器的原、副线圈匝数之比为5：1，现在电路输入端输入电压u=220,：'sin100nt（V），此时电阻R2和R3的功率相等，电流表和电压表均为理想电表，电流表A2的示数为0.20A，电压表V2的示数为11V，下列说法正确的是（ ）rMbA.电压表V1的示数为220V B.电流表AI的示数为0.04AC.R2=5500Q D.Rr2062.5Q二、多选题（本大题共5小题，共27.0分）TOC\o"1-5"\h\z.智能手机已经融入了普通大众的生活中，指纹解锁对大多 .। ；数人也已不再陌生，其中一种常用的是电容式指纹解锁， '原理是利用硅晶元与导电的皮下电解液形成电场，指纹的 '高低起伏会导致二者之间的电压差出现不同的变化，类似E t———于电容。如图有一平行板电容器，极板间距为力正对面积为S，两极板间有一静止带电液滴，下列说法正确的是（ ）A.液滴带负电B.闭合开关K，增大极板间距昆液滴向下移动C.断开开关K，减小正对面积S，液滴向下移动D.闭合开关K，A板下移，液滴电势能减小.如图所示，竖直平面内固定的四分之一圆弧轨道AP，圆弧轨道的圆心为O，OA水平，OP竖直，半径为R=2m。一质量为m=1kg的小物块从圆弧顶点A开始以2mIs的速度从A到P做匀速圆周运动，重力加速度g=10m/s2,Q为圆弧AP的一个三等分点（图中未画出），OA与OQ的夹角为30°，下列说法正确的是（ ）A.在Q点时，重力的瞬时功率为10「：WB.在A到P的过程中合力对小物块的冲量为零C.小物块在AQ段克服摩擦力做的功等于在QP段克服摩擦力做的功D.在P点时，小物块对圆弧轨道的压力大小为11.5N定，其上端用导线接一定值电阻R，图中的位置1与第2定，其上端用导线接一定值电阻R，图中的位置1与第2页，共14页圆心等高，位置2在圆心的正下方。一长度为服质量为m、阻值为R的导体棒由位置1无初速释放，经过一段时间运动到位置2,此时导体棒对轨道的压力为导体棒重力的1.5倍，经测量可知导体棒在圆弧导轨的中点处速度最大。已知圆弧导轨的半径为厂，整个装置处在由圆心向外的辐射磁场转中，且导轨上磁场的磁感应强度大小均为B，重力加速度为g，不计空气阻力，下列说法正确的是（）A.流过定值电阻R的最大电流为■LiOCl.导体棒运动到位置2时，流过定值电阻R的电流为广二C.导体棒由位置1运动到位置2的过程中，流过定值电阻R的电荷量为：D.导体棒由位置1运动到位置2的过程中，电路中产生的焦耳热为mgr.关于热现象和热学规律，下列说法中正确的是（ ）A.只要知道气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数，就可以算出气体分子的体积B.悬浮在液体中的固体微粒越小，布朗运动就越明显C.密封在体积不变的容器中的气体，温度升高，气体分子对器壁单位面积上的平均作用力增大D.用打气筒的活塞压缩气体很费力，说明分子间有斥力E.物体的温度越高，分子热运动越剧烈，分子的平均动能就越大.如图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，图乙为介质中%=2m处的质点P以此时刻为计时起点的振动图象。下列说法正确的是（ ）A.这列波的传播方向是沿％轴正方向B.这列波的传播速度是20mIsC.经过0.15s，质点P沿1轴的正方向传播了3mD.经过0.1s时，质点Q的运动方向沿y轴正方向E.经过0.35s时，质点Q距平衡位置的距离小于质点P距平衡位置的距离三、实验题（本大题共2小题，共15.0分）.阿特武德机是早期测量重力加速度的装置，某同学根据其原理设计出测量当地重力加速度的装置如图1所示，一根不可伸长的轻绳绕过光滑的轻质定滑轮，两端分别连接正方体物块A和物块B（A、B的质重分别为m1和m2,且m1Vm2）,让两物块组成的系统从静止图二图二第3页，共14页开始做匀加速运动，测出物块A先后通过光电门1和光电门2的遮光时间。保持物块A的质量不变，逐增大物块B的质重，重复以上操作，测出物块B不同质重时A、B的加速度。（1）用游标卡尺物块A的宽度，测量结果如图2所示，游标卡尺主尺的最小刻度为1mm，则由该图可得遮光条的宽度d=cm。（2）测得物块A的边长为d，在某次实验中它先后通过两个光电门所用的遮光时间分别为411和412，则其通过光电门的速度分别为 、（用字母表示）。（3）为了测算A、B的加速度大小，还需要测量的物理量有 。A.两个光电门的间距 B.物块B的边长C物块A的初始高度 。.轻绳的长度（4）某次实验中测得物块A和物块B的质量分别为m「m2,测算出A、B的加速度大小为a，可以得到重力加速度g=（用m「m2、a表示）.小宇在进行电表的改装时，从实验室取了一块内阻未知，量程为200MA的电流计。小宇首先设计了如图所示的电路测量该电流计的内阻，已知电源为内阻可忽略不计的学生电源。（1）小宇在测量电流计的内阻时，进行了如下的操作：小宇将可调电阻打、叫的阻值调至最大，仅闭合电键S1,调节电阻箱餐,同时观察电流计直到读数为200MA为止；然后 ;（填序号）A.保持电键S1闭合，闭合电键邑，同时调节电阻箱与、R2,直到电流计读数为100MA为止，记下电阻箱R2的阻值B.保持电键S1闭合，闭合电键邑，仅调节电阻箱R2，直到电流计读数为100MA为止，记下电阻箱R2的阻值（2）通过（1）操作，若R2=100Q,则电流计的内阻为；（填序号）A.50QB.100QC.200QD.300Q（3）在（1）的过程中，当电流计的读数为200MA时，电阻箱R/勺读数不足最大值的一半。为了使测量的电流计的内阻更精确，下列正确的是 ;（填序号）A.应将用调换成另一个阻值更大的电阻箱B.应将与调换成最大值为原来:的电阻箱C.将电源的电压加倍D.将电源的电压减为原来的;（4）通过分析可知，电流计内阻的测量值 （填“大于”“等于”或“小于”）实际值；（5）根据以上测量的数据，如果将该电流计改装成量程为3V的电压表，则应将该电流计（填“串联”或“并联”）一定值电阻，该定值电阻的阻值为 Q。四、计算题（本大题共4小题，共52.0分）13.如图甲所示，将一间距为L=1m的足够长U形导轨固定，倾角为。=37°,导轨上端连接一阻值为R=2.0Q的电阻，整个空间存在垂直于轨道平面向上的匀强磁场，质量为m=0.01kg、电阻为r=1.0Q的金属棒ab垂直紧贴在导轨上且不会滑出导轨，导轨与金属棒之间的动摩擦因数m=0.5,金属棒ab从静止开始下滑，下滑的1-1图象如图乙所示，图象中的0A段为曲线，AB段为直线，导轨电阻不计且金属棒下滑过程中始终与导轨垂直且紧密接触，重力加速度g取10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8.求：（1）匀强磁场的磁感应强度B的大小。（2）从开始到t=2.5s过程中电阻R上产生的热量。第4页，共14页

14.如图甲所示，质量m=1kg的小物块A（可视为质点）放在质量M=4kg木板B的左端，木板长L=4.5m。起初A、B两叠体静止于水平面上。现用一水平向左的力F作用在木板B上，通过传感器测出A、B两物体的加速度与外力F的变化关系如图乙所示。已知两物体与地面之间的动摩擦因数相等，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2.求：（1）A、B之间的动摩擦因数月及B与地面之间的动摩擦因数”。（2）若开始时对B施加水平向左的恒力F=29M且给A一水平向右的初速度%=4m/s，则t=2s时A与B的右端相距多远？a"""""产川门"白堇"¥"卬门"仃a"""""产川门"白堇"¥"卬门"仃q区“门15.如图所示，两个可导热的气缸竖直放置，它们的底部都由一细管连通（忽略细管的容积）。两气缸各有一个活塞，质量分别为m1和m15.如图所示，两个可导热的气缸竖直放置，它们的底部都由一细管连通（忽略细管的容积）。两气缸各有一个活塞，质量分别为m1和m2,活塞与气缸无摩擦。活塞的下方为理想气体，上方为真空。当气体处于平衡状态时，两活塞位于同一高度ho（已知m1=2m,m2=m）（1）在两活塞上同时各放一质量为m的物块，求气体再次达到平衡后两活塞的高度差（假定环境温度始终保持为T0）o（2）在达到上一问的终态后，环境温度由T0缓慢上升到1.25T0,试问在这个过程中，气体对活塞做了多少功？（假定在气体状态变化过程中，两物块均不会碰到气缸顶部）。第5页，共14页16.如图所示，AOB为扇形玻璃砖，一细光束照射到AO面上的。点，入射角为60°,折射光线平行于BO边，圆弧的半径为R，。点至UBO面的距离为，AD1BO，aDAO=30°，光在空气中的传播速度为c,求：①玻璃砖的折射率及光线在圆弧面上出射时的折射角；②光在玻璃砖中传播的时间。第6页，共14页答案和解析.【答案】A【解析】解：A、结合质量数守恒与电荷数守恒可知，铀核裂变的产物为氙核和锶核，并会释放能量，则裂变产物的结合能之和一定大于铀核的结合能，故A正确；B、该核反应为重核裂变，不是人工转变，故B错误；C、X原子核中的核子数为（235+1）-（94+2）=140个，中子数为140-（92-38）=86个，故C错误；D、裂变时释放能量，出现质量亏损，但是总质量数不变，故D错误。故选：A。根据原子核的组成特点分析；由质量数守恒判断X；根据爱因斯坦质能方程分析。本题考查了核反应方程和爱因斯坦质能方程的基本运用，比较简单，要加强训练，才能熟练。.【答案】B【解析】解：A、由1-1图知。是倾斜的直线，斜率不变，因此物体A做匀速直线运动，加速度为0.故A错误。B、图线b为抛物线，设物体B对应的方程为货vbt+/.■.'-,由图可得，6=vb+,12=3vb+：'解得：vb=7mIs,a=-2mIs2,故B正确；C、t=3s时，两个物体相遇，故C错误；D、由图线a可知t=0时刻图线交于纵轴为3,所以物体A应位于所取的坐标原点正向3m处，故D错误。故选：B。在位移时间图象中倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，图象的斜率大小等于速度大小，根据位移时间公式求B的初速度和加速度。根据位移关系分析两个物体何时相距最远。由位移值分析A的位置。解决本题的关键是理解位移时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示速度，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，抛物线表示匀变速直线运动。.【答案】C【解析】解：AD、由牛顿第二定律可得：a=愍=2.5m/s2,由v02=2ai，得1=0.8m,1<L,物块在传送带上先匀加速后匀速；设物块做加速运动的时间为t1，则：v0=at］，得：11=0.8s,对匀速运动的过程：L-1=vt2,得12=0.1s,则总时间：t=11+12=0.9s，故A错误，D错误；B、由于是垂直落到斜面上，可得：■X，，：“—，得：v=2.7m/s,y又vy=gt3，得：13=0.27s,物块在竖直方向的位移：H=：/； I…心；=0.36m。故B错误；C、滑块下落的总时间：t总t+13=1.17s，故C正确；故选：C。 心小物块可能在传送带上一直做加速运动，有可能先加速后减速，由牛顿第二定律求出加速度，结合位移公式判断；由位移公式求出运动的时间；结合平抛运动的特点与运动的分解求出下落得高度与时间；然后求出总时间。第7页，共14页该题属于多过程的问题，解答本题关键是分段分析物体的运动情况，由物体受力和运动学公式综合列式求解，难度适中.【答案】D【解析】解：A、月球表面的重力加速度没法通过题设条件求出，故A错误；GMnt tJMmaB、设地球质量为M.有：..广=mg，月球绕地球环绕有：二一m月。，得：a=：r用故B错误；。、“嫦娥四号”在向月球着陆过程中从高轨道向低轨道变轨时机械能应该减少，故C错误。D、由 =m月r-7得：T=一，故D正确。故选：D。月球表面的重力加速度无法求解；根据万有引力提供向心力结合机械能守恒定律进行分析。解决天体(卫星)运动问题的基本思路：(1)在地面附近万有引力近似等于物体的重力，即可得到GM=gR2；(2)天体运动都可近似地看成匀速圆周运动，其向心力由万有引力提供，即方引二F向，根据向心力的计算公式进行分析。 口.【答案】D【解析】解：4、由变压器规律可知，电压表匕的示数为\ ；：二=；11=55匕故A错误；B、C、由于电阻R2和R3的功率相等，有.=12U2,得：R2=1375Q；比55R2中电流为：IR2===0.04A，又42示数为0.204，由变压器规律可知流过变压器原线圈的电流为：〃—：.・・八二，4=0.04A，可得电流表4的示数为0.044+0.044=0.084,故B错误，C错误；D、输入端输入电压的最大值为220,：V,则有效值：U=220匕所以电阻：220-55R1=,Q=2062.5Q,故D正确。故选：D。根据瞬时值表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论。本题结合变压器的变压比与变流比公式进行计算，同时要明确变压器的工作原理。.【答案】BD【解析】解：4、液滴平衡则qE=mg，电场方向向上，液滴带正电，故4错误；B、闭合开关，U不变，增大极板间距d,E=减小，液滴向下移动，故B正确；C、断开开关，Q不变，E=,，，减小正对面积S,E增大，液滴向上移动，故C错误；D、闭合开关，4板下移，间距d减小，E增大，Qk-EdyB,知Qy减小，则液滴电势能减小，故D正确。故选：BD。第8页，共14页带电量为q的微粒静止不动，所受的电场力与重力平衡，可判断其电性；根据电容的决、.gS 一,,,日，―一— 定式c=....,分析电容的变化；再由公式E=，分析板间场强的变化，而分析微粒的运动情况。本题是电容器动态变化分析问题，解答此类问题的关键是要抓住不变量。当电容器保持与电源相连时，其电压不变，当断开电键时，其电荷量不变；同时掌握电容的定义式与决定式的内容及其区别。.【答案】AC【解析】解：A、在Q点时，重力方向与速度方向夹角为30°，则重力的瞬时功率为P=mgvcos0=10\二W，故A正确；B、在A到P的过程中小物块的速度方向不断改变，动量不断改变，所以合力对小物块的冲量不为零，故B错误；C、小物块在AQ段重力做的功W1=mgRsin30°，在QP段重力做到功W2=mgR(1-sin30°)，得W1=W2，由小物块做匀速圆周运动和动能定理可知，小物块克服摩擦力做的功等于重力做的功，故C正确；D、在P点时，由牛顿第二定律N-mg=mv2/R，得到小物块对圆弧轨道的压力大小为12N，故D错误。故选：AC0小物块做匀速圆周运动，合外力充当向心力，所以合外力不为零，冲量不为零。根据重力的功率公式求解。在AQ段和QP段列动能定理求解。在P点时由牛顿第二定律列式求解。本题考查了冲量、功率、动能定理、牛顿第二定律等概念和规律，理解概念和规律的实质是正确解题的关键。.【答案】AD【解析】解：A、导体棒速度最大时，导体棒在沿导轨切线方向的合力为0,设此处导体棒与圆心连线和竖直方向夹角为仇由平衡条件得：mgcosO=BIa，可知。=45°,解得:I=1,=加，故A正确；B、导体棒在位置2时，由牛顿第二定律得：FN-mg=m，有：FN=1.5mg，得：v=.「：."',此时导体棒中感应电动势大小为：E=Bav=BaJ；，流过定值电阻R的电流大小为IR=R”-而\&7，故B错误；C、导体棒由位置1运动到位置2的过程中，穿过回路的磁通量变化量为：△①=BS=.，U由法拉第电磁感应定律可得：^-兰，该过程中的平均感应定流为：二-三，电荷量为：右「 2/?△巾……「q=/二,：=二=•故C错误；D、由能量转化和守恒定律可得：Q=mgr-mv2，可得：Q=1mgr，故D正确。故选：ADo导体棒速度最大时受力平衡，根据平衡条件求解最大电流；导体棒在位置2时，由牛顿第二定律求解速度，求出此时导体棒中感应电动势大小和感应电流；根据电荷量的经验第9页，共14页公式求解电荷量，由能量转化和守恒定律求解焦耳热。对于电磁感应现象中涉及电路问题的分析方法是：确定哪部分相对于电源，根据电路连接情况画出电路图，结合法拉第电磁感应定律和闭合电路的欧姆定律、以及电功率的计算公式列方程求解。.【答案】BCE【解析】解：A、因为气体分子不是紧密地靠在一起，所以知道气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数，就可以算出气体分子所占的体积，不能计算出分子体积。故A错误。B、悬浮在液体中的固体微粒越小，布朗运动越明显。故B正确。C、密封在体积不变的容器中的气体，温度升高，分子的平均动能增大，则气体分子对器壁单位面积上的平均作用力增大，故C正确。D、用打气筒的活塞压缩气体很费力，是由于气体压强的作用，不是分子间斥力的作用。故D错误。E、物体的温度越高，分子热运动越剧烈，分子的平均动能就越大。故E正确。故选：BCE。A、根据气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数，可以求出气体分子的所占体积.B、温度越高、固体小颗粒越小，布朗运动越明显.C、温度影响分子的平均动能，根据动量定理知，分子的平均动能增大，气体分子对器壁单位面积上的平均作用力增大.D、用打气筒的活塞压缩气体很费力，不是分子间的斥力作用.E、温度是分子平均动能的标志.本题考查了分子动理论的内容以及影响分子平均动能的因素等，难度不大，关键要在理解的基础上加以识记..【答案】ABE【解析】解：A、由乙图读出，％=0时刻质点的速度向下，则由波形的平移法可知，这列波沿％轴正方向传播。故A正确。B、由图知：丸;m,T=0.2S，则波速v='=..1.mIs=20m/s。故B正确。C、简谐横波中质点在平衡位置附近振动，并不随着波迁移，故C错误；D、图示时刻Q点沿y轴正方向运动，％=0.1s=；T，质点Q的运动方向沿y轴负方向。故D错误。E、t=0.35s=1.75T，经过0.35s时，质点P到达波峰，而质点Q位于平衡位置与波谷之间，故质点Q距平衡位置的距离小于质点P距平衡位置的距离。故E正确。故选：ABEo由振动图象读出t=0时刻P点的振动方向，判断波的传播方向。由波动图象读出波长，由振动图象读出周期，可求出波速。分析波动过程，根据时间与周期的关系，判断Q点的运动方向。波的图象往往先判断质点的振动方向和波的传播方向间的关系。同时，熟练要分析波动形成的过程，分析物理量的变化情况。.【答案】0.975——At^q【解析】解：(1)游标卡尺的主尺读数为9mm,游标读数为0.05x15mm=0.75mm,所以最终读数为9.75mm=0.975cm。(2)小车经过光电门时的速度为：匕=二，同理有：v2=二第10页，共14页（3）由匀变速直线运动的速度位移公式可知，加速度为：。二.’二•，式中L是两乩2L个光电门的间距，故A正确，BCD错误；（4）对两物块整体研究，根据牛顿第二定律，则有：m1g-m2g=（m1+m2）a；解得：g=.「「；故答案为：（1）0.975dd（2）3:j二..（3）AmL卜？th⑷a游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标的读数，不需估读。先由平均速度等于瞬时速度，求出小车经过光电门时的速度，然后应用匀变速直线运动的速度位移公式求出加速度；最后根据牛顿第二定律，即可求解。考查求解瞬时速度的方向，掌握运动学公式的应用，理解牛顿第二定律的内容。.【答案】BBC小于串联14900【解析】解：（1）应用半偏法测电流计内阻，应先闭合电键s1，调节电阻箱与，使电流计满偏，然后保持电键s1闭合，闭合电键s2,仅调节电阻箱尺2,直到电流计读数为100MA为止，记下电阻箱R2的阻值，故B正确；故选：B；（2）闭合电键S2时，电流计与R2并联，它们两端电压相等、通过它们的电流相等，由欧姆定律可知，它们的电阻相等，则：Rg=R2=100Q，故选：B；（3）应用半偏法测电流表内阻，电源电动势、串联在电路中的电阻越大，实验误差越小，当电流计的读数为200MA时，电阻箱R1的读数不足最大值的一半，为减小实验误差，可以增大电源电动势，故选：C；（4）闭合电键S2时，电流计与R2并联，电路总电阻变小，由闭合电路的欧姆定律可知，电路电流变大，电流表半偏时流过R2的电流大于电流表电流，R2的电阻阻值小于电流计内阻，由此可知电流计内阻测量值小于真实值。（5）把电流计改装成3V的电压表需要串联分压电阻，串联电阻阻值：R=-Rg= -100=14900Q；故答案为：（1）B；（2）B；（3）C；（4）小于；（5）14900。（1）应用半偏法测电流表内阻时应保持电流表两端电压与电路电流不变，据此分析答题。（2）根据实验步骤与半偏法测电流表内阻的实验原理求出电流计内阻。（3）应用半偏法测电流表内阻，电源电动势、串联在电路中的电阻越大，实验误差越小，据此分析答题。（4）根据半偏法测电流表内阻原理分析实验误差。（5）把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，应用串联电路特点与欧姆定律可以求出串联电阻阻值。本题考查了半偏法测电流计内阻与电压表的改装，知道实验原理是解题的前提与关键，分析清楚实验步骤即可解题；平时要注意基础知识的学习与积累。13.【答案】解：（1）由x-t图象可知t=1.5s后金属棒开始匀速运动，速度为：Ax3.0—1.5v=~=_.'l.-T.5m/s，第11页，共14页金属棒做匀速直线运动时切割磁感线产生的感应电动势为：E=BLv,RrF金属棒受到的安培力为：F=BIL=，金属棒做匀速直线运动，由平衡条件得：mgsinO=gmgcosO+-，代入数据解得：B=0.2T；（2）从开始到t=2.5s过程，由能量守恒定律得：]mgxsin0=pmgxcos0+mv2+Q，电阻R产生的热量为：Qr=Q，解得：Qr=0.0325J。答：（1）匀强磁场的磁感应强度B的大小为0.2T；（2）从开始到t=2.5s过程中电阻R上产生的热量为0.0325J。【解析】（1）金属棒匀速运动时处于平衡状态，由图示图象求出匀速运动的速度，由平衡条件求出磁感应强度。（2）由能量守恒定律求出电阻产生的热量。对于电磁感应问题研究思路常常有两条：一条从力的角度，重点是分析安培力作用下导体棒的平衡问题，根据平衡条件列出方程；另一条是能量，分析涉及电磁感应现象中的能量转化问题，根据动能定理、功能关系等列方程求解。14.【答案】解：（1）由乙图知，A、B一起运动的最大外力Fm=25N.当F>25N时，A与B相对滑动，对A由牛顿第二定律有：网mg=ma〃由乙知a1=4m/s2,解得：%=0.4；对B由牛顿第二定律有：F-g1mg-g2（M+m）g=Ma2；口厂 F-w再0寸式巾+睥）e即：a2=当F=25N时，a2=4m/s2。代入上式解得“=0.1（2）给A一水平向右的初速度v0=4m/s,且F=29N时，A运动的加速度大小为a1=4m/s2,方向水平向左；… 、一，，、一 叱设A运动时间11速度减为零，则t「1=1=1s,、1位移：x1=V011-1j代入数据可得：x1=2m；B的加速度大小:代入数据可得：a2=5m/s2,方向向左;B的位移大小：x2=_1 =_、5I=2.5m,此时B的速度：v2=a211=5m/s；由于x1+x2=L,即此时A运动到B的右端，当B继续运动时，A从B的右端掉下来停止。设A从B上掉下来后B的加速度大小为a3,对B由牛顿第二定律有：F-%Mg=Ma3,可得：a3=6.25m/s2；在t=2s时A与B右端的距离：x3=v2（t-11）+：：；：・（t-11）2=8.125m。第12页，共14页答：(1)A、B之间的动摩擦因数月是0.4,B与地面之间的动摩擦因数”是0.1；(2)t=2s时A与B的右端相距8.125m【解析】(1)F大于25N后，A、B相对滑动，对A，根据牛顿第二定律列式，可求得A、B之间的动摩擦因数月.F在0-25N内，A、B相对静止，对整体，利用牛顿第二定律列式，可求得B与地面之间的动摩擦因数”。(2)F=29N,A、B相对滑动，物块A恰好滑到木板B的右端时两者位移之和等于L.由牛顿第二定律和位移公式解答。本题属于牛顿运动定律中的典型模型“板块模型”，可以结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解，.解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛