【初中物理】2015年天津市红桥区中考物理二模试卷(解析版)-人教版

2015年天津市红桥区中考物理二模试卷一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，满分30分，每小题给出的四个选项中只有一个符合题意）1．关于声现象的说法正确的是（）A.声波在真空中传播速度最大B.“听诊器”能使人的心脏振动幅度增大，让医生听得更清楚C.住宅安装双层玻璃窗可以减小室外噪声对室内的影响D.只有房主说出暗语时才能打开“声纹锁”，主要是辨别声音的音调考点：声音的传播条件；响度；音色；防治噪声的途径．专题：应用题．分析：（1）声音的传播是需要介质的，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，但不能在真空中传播．（2）防治噪声的途径有：在声源处减弱；在人耳处减弱；在传播过程中减弱．（3）音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关．解答：解：A、声音不能在真空传播，故A错误；B、“听诊器”能减少声音的分散，增大响度，让医生听得更清楚，故B错误；C、住宅安装双层玻璃窗可以减小室外噪声对室内的影响，在传播过程减弱噪声，故C正确；D、只有房主说出暗语时才能打开“声纹锁”，主要是辨别声音的音色，故D错误；故选C．点评：此题考查了传播条件、对声音特征的辨别以及防止噪声的途径，有一定的综合性，但难度不大，强化对课本基础知识的记忆是解决识记性题目的基础．2．初夏，大雨来临前，沉闷的天气常使墙面或地面变得很潮湿，其实这是一种液化现象．在下列现象中具有与此相同的物态变化是（）A.煮饭时，锅里冒出“白气”B.冬天地面上的水结成了冰C.洒在地面上的水变干了D.放在衣柜里的樟脑片变小了考点：液化及液化现象．专题：压轴题；汽化和液化、升华和凝华．分析：物体由液态变为固态的过程叫凝固，物体由固态变为液态的过程叫熔化．物体由液态变为气态态的过程叫汽化，汽化的两种方式是蒸发和沸腾．物体由气态变为液态的过程叫液化．物体由固态变为气态的过程叫升华．解答：解：A、煮饭时，锅里冒出“白气”，空气中的水蒸气遇冷凝结成小水滴，由气态变为液态，属于液化现象．符合题意；B、冬天地面上的水结成了冰，是由液态变为固态，属于凝固现象．不符合题意．C、洒在地面上的水变干了，属于汽化现象．不符合题意．D、放在衣柜里的樟脑片变小，是固态直接变成气态，属于升华现象．不符合题意．故选A．点评：此题考查的是我们对于生活中物态变化的分析能力，物态变化是中考必考的一个知识点．3．舞蹈演员站在平面镜前训练．下列说法正确的是（）专题：电动机、磁生电．分析：能否产生感应电流，就要看图示的情景能否满足①闭合电路；②导体切割磁感线运动这两个条件．解答：解：磁极间的磁感线是从N极指向S极，由图可知，A、B、C中的导体运动时都会切割磁感线，所以会产生感应电流；只有D没有切割磁感线，所以不会产生感应电流；故选D．点评：本题主要考查学生对电磁感应现象，以及感应电流产生的条件的了解和掌握，是一道基础题．9．草原发生大面积蝗灾时，农业部门利用飞机喷洒农药消灭蝗虫．当飞机在某一高度水平匀速飞行喷洒农药时，它的（）A.动能不变，势能不变B.动能减少，势能增加C.动能增加，势能减少D.动能减少，势能减少考点：动能和势能的大小变化．专题：机械能及其转化．分析：动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度，动能和势能统称机械能．据此结合题目描述可做出判断．解答：解：当飞机在某一高度水平匀速飞行喷洒农药时，其质量在不断减小，高度和速度不变，因此，由动能和重力势能的影响因素可知，其动能和重力势能均减少．故只有选项D的说法正确，符合题意．故选D．点评：本题主要考查了动能和重力势能的影响因素，本题中注意飞行喷洒农药时其质量在不断减小是解答中的易错点．10．如图所示的基本量具的测量结果，记录正确的是（）考点：天平的使用；温度计的使用及其读数；弹簧测力计的使用与读数；电流表的使用．专题：基本仪器的使用专题．分析：①使用天平测量物体质量时，首先要明确标尺的分度值．被测物体质量等于砝码的总质量与游码所对刻度之和．②使用温度计测量温度时，首先要明确温度计的分度值，读数时视线与液柱最高处相平，并注意区分零上或零下．③读取电流表示数时，首先要明确电流表选择的量程和对应的分度值，读数时视线与指针所对刻线相垂直；④在国际单位制中，力的单位是N，质量的单位是kg．解答：解：A、在天平的标尺上，1g之间有5个小格，一个小格代表0.2g，即天平的分度值为0.2g．被测物体的质量为m=5g+1.2g=6.2g．此选项错误；B、在温度计上，10℃之间有10个小格，一个小格代表1℃，所以此温度计的分度值为1℃；液柱最高处在0℃以下，说明温度低于0℃，为﹣4℃．此选项错误；C、由图知，电流表选择的是0～0.6A量程，对应的分度值为0.02A，此时的示数为0.32A．此选项正确；D、弹簧测力计是测量力的工具，计量单位是N．此选项错误．故选C．点评：读取不同测量工具的示数时，基本方法是一致的，都要先明确测量工具的量程和分度值，确定零刻度线的位置，视线与刻度线垂直．二、多项选择题（本大题共3小题，每小题3分，满分9分，全部选对的得3分，选对但不全选的得1分，不选或选错的得0分）11．下列诗句中与其蕴含的物理知识相对应正确的是（）A.“潭清疑水浅”﹣﹣光的反射现象B.“夜半钟声到客船”﹣﹣声音的产生与传播C.“坐地日行八万里”﹣﹣运动和静止的相对性D.“墙内开花墙外香”﹣﹣分子的热运动考点：光的反射；运动和静止的相对性；分子的热运动；声音的产生；声音的传播条件．专题：其他综合题．分析：（1）光从一种介质斜射入另一种介质时，要发生折射，光的折射使我们认为水很浅；（2）振动的物体发出声音，声音的传播需要介质；（3）运动具有相对性，我们所选择的参照物不动，物体的运动状态也不同；（4）组成物质的分子永不停息地做无规则．解答：解：A、“潭清疑水浅”是光的折射造成的，不是光的反射现象，说法错误；B、“夜半钟声到客船”，振动的钟发出声音，钟声在空气中传播到船上，对应关系正确；C、“坐地日行八万里”表明运动和静止的相对性，对应关系正确；D、“墙内开花墙外香”，组成花的物质分子不停地做无规则运动，分子扩散到墙外，所以在墙外闻到了花香，是分子的热运动的结果，对应关系正确；故选BCD．点评：本题是将我们生活中比较熟悉的谚语和物理知识联系起来，增加了学生学习物理的兴趣，也说明了物理知识应用的广泛性．该题通过古诗句考查了多个物理知识，是学科间渗透的一道好题．12．如图所示，某同学用滑轮组将重为3.2N物体匀速提高2m，用了10s，已知滑轮组的机械效率为80%，下列说法正确的是（）A.拉力所做的有用功是6.4JB.拉力所做的总功是8JC.绳末端移动的速度是0.4m/sD.绳末端移动的距离是5m考点：功的计算；滑轮组及其工作特点．专题：机械与功．分析：（1）由滑轮组的结构可以看出，承担物重的绳子股数n=3，则拉力F移动的距离s=3h，据此求绳末端移动的距离；（2）利用速度公式求绳末端移动的速度；（3）利用W有用=Gh拉力所做的有用功；（4）知道效率，利用η=求拉力做的总功．解答：解：（1）由图知，n=3，绳末端移动的距离s=3h=3×2m=6m，﹣﹣﹣﹣﹣故D错（2）绳末端移动的速度：vF===0.6m/s，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣故C错（3）拉力所做的有用功W有用=Gh=3.2N×2m=6.4J，﹣﹣﹣﹣故A正确（4）∵η=，∴W总===8J，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣故B正确故选AB．点评：本题考查了使用滑轮组有用功、总功、s=nh的应用，确定承担物重的绳子股数n（直接从动滑轮上引出的绳子股数）是本题的突破口．13．在如图的电路中，灯泡L上标有“6V4W”的字样，当S、S1均闭合时，灯泡正常发光，电压表示数为12V；若再断开S1，灯泡的实际功率变为原来的，则下列选项正确的是（）A.电路中电源电压为18VB.电阻R1的阻值为27ΩC.断开S1后，电压表的示数变大D.断开S1前后，电流表的示数之比为4：1考点：欧姆定律的应用．专题：计算题；错解分析题；欧姆定律．分析：（1）当S、S1均闭合时，灯泡与电阻R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；根据P=UI求出电路中的电流，利用欧姆定律求出灯泡和R2的电阻；（2）若再断开S1时，灯泡与两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，根据灯泡的实际功率变为原来的和P=I2R求出电路中的电流，进一步得出断开S1前后电流表的示数之比，利用欧姆定律求出电路中的总电阻，利用串联电路的电阻特点求出R1的阻值，再利用欧姆定律求出电压表的示数．解答：解：（1）当S、S1均闭合时，灯泡与电阻R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，灯泡正常发光时的电压为6V，功率为4W，由串联电路中总电压等于各分电压之和可知：电源的电压U=UL+U2=6V+12V=18V，故A正确；由于串联电路中各处的电流相等，则根据P=UI可得，电路中的电流：I=IL===A，根据欧姆定律可得：RL===9Ω，R2===18Ω；（2）若再断开S1时，灯泡与两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，已知灯泡的实际功率变为原来的，根据P=I2R可得：此时电路中的电流即电流表的示数：I′====A，断开S1前后，电流表的示数之比：I：I′=A：A=2：1，故D错误；电路中的总电阻：R===54Ω，由串联电路中总电阻等于各分电阻之和可得：R1=R﹣RL﹣R2=54Ω﹣9Ω﹣18Ω=27Ω，故B正确；电压表的示数：U2′=I′R2=A×18Ω=6V＜12V，即电压表的示数变小，故C错误．故选AB．点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的辨别和公式及规律的灵活应用．三、填空题（本大题共6小题，每小题4分，共24分（共6小题，满分24分）14．如图所示是同一木块先后两次在同一水平面上运动时，在相等时间内连续拍摄的“频闪”照片，第二次木块从A点运动到B点的距离是1.70cm不相等第一次运动照片：第二次运动照片：考点：速度公式及其应用．专题：信息给予题；长度、时间、速度．分析：（1）刻度尺的读数：确定每一个大格和每一个小格的读数．在读出准确数字之后，还要读出估计数字，当物体的末端正对刻度尺的刻度时，也要读出估计数字0．（2）由照片可以看出：在相等时间t内，第一次实验木块路程s1比第二次实验路程s2小，由v=知第一次实验速度小，第二次实验速度大．解答：解：（1）木块从A点运动到B点的距离：s=4.60cm﹣2.90cm=1.70cm；（2）由图知两次实验在相等时间内小木块的路程不相等，由v=知两次实验中，木块的速度不相等．故答案为：1.70；不相等．点评：本题易错点在第一问，根据两次木块位置读数时一定要注意估读值的存在．15．工程载重汽车的轮胎上花纹比较深，是为了增大摩擦，若轮胎能承受的最大压强为7×105Pa，轮胎与地面的总接触面积为0.4m22.8×105N.考点：压强的大小及其计算；增大或减小摩擦的方法．专题：计算题；重力、弹力、摩擦力；压强、液体的压强．分析：（1）增大摩擦力的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力．在接触面粗糙程度一定时，增大压力来增大摩擦力．（2）根据p=进行计算车对地面的压力，求车和货物的总重力即可．解答：解：（1）轮胎上有花纹而且比较深，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度增大摩擦力．（2）由p=可得：G=F=pS=7×105Pa×0.4m2=2.8×105故答案为：增大摩擦；2.8×105．点评：本题考查摩擦力大小的影响因素和压强公式的应用，关键是掌握增大和减小摩擦力的方法．16．某工人在水平地面上，用100N水平推力以0.5m/s的速度匀速推动重500N的物体，使它沿水平方向移动10m，该过程中重力所做的功是0J，水平推力的功率是50W.考点：功的计算；功率的计算．专题：功、功率、机械效率．分析：（1）做功的必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上通过的距离，据此判断重力是否做功；（2）知道物体匀速运动的速度，利用P===Fv求水平推力的功率．解答：解：（1）由于物体水平移动，在重力的方向上没有移动距离，所以重力不做功，即重力做功为0J；（2）水平推力的功率：P===Fv=100N×0.5m/s=50W．故答案为：0J；50．点评：本题考查了功和功率的计算，易错点在第一问，判断重力不做功是关键．17．如图是一种拉杆式旅行箱的示意图，使用时相当于一个省力（填“省力”或“费力”）杠杆，若箱和物品共重100N，设此时动力臂是阻力臂的5倍，则抬起拉杆的力F为20N.考点：杠杆的分类；杠杆中最小力的问题．分析：由示意图分析动力和阻力，然后看动力臂和阻力臂的大小，根据杠杆的平衡条件进行计算求出抬起拉杆的力．解答：解：抬起拉杆的力F为动力，物品的重力为阻力，支点在下面，故动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆；由杠杆的平衡条件：F动×L动=F阻×L阻，可求得F动=20N；故答案为：省力，20．点评：这类题目要确定动力和阻力，分析动力臂和阻力臂，根据杠杆的平衡条件求解．18．如图所示电路图，电源电压恒定．当开关S1、S2断开，S3闭合时，电流表的读数为0.50安，电压表的读数为2.50伏．当开关S1、S2闭合，S3断开时，由于R1、R2中有一个电阻出现故障，电流表的读数为0.60安，电压表的读数为3.00伏．则电源电压为3伏，电路中出现的故障是电阻R1断路.考点：欧姆定律的应用．专题：应用题；电路和欧姆定律．分析：由电路图可知，当开关S1、S2闭合，S3断开时，R1、R2并联；当开关S1、S2断开，S3闭合时R1、R2串联．利用串、并联电路中电流、电压、电阻规律结合欧姆定律可解决此题．解答：解：当开关S1、S2闭合，S3断开时，由于R1、R2并联，电压表的读数即为电源电压U=3V，电路中电阻R===5Ω；当开关S1、S2断开，S3闭合时，R1、R2串联，电压表的读数为R2两端电压U2=2.50V，∴R2===5Ω，R1===1Ω．R=R2=5Ω，所以当开关S1、S2闭合，S3断开时，电路中出现的故障是电阻R1断路．故答案为：3；电阻R1断路．点评：本题的关键是分析清楚，当开关闭合后，电路的连接方式及所发生的改变．19．标有“PZ22060”的白炽灯正常工作电压为220V，额定功率为11W的节能灯与该灯泡均正常发光时亮度相当各自正常工作10h，节能灯少消耗0.49kw•h的电能．考点：电功的计算．专题：计算题；电能和电功率．分析：由题意可知，白炽灯的正常工作电压，已知白炽灯和节能灯的额定功率和各自的工作时间，根据公式W=Pt可求节能灯少消耗的电能．解答：解：白炽灯正常工作电压为220V，各自正常工作10h，节能灯少消耗电能W=Pt=（0.06kw﹣0.011kw）×10h=0.49kw•h．故答案为：220；0.49．点评：本题考查对灯泡铭牌的认识和节能的计算，关键是公式的灵活运用，解题过程中要注意单位的换算，本题还告诉我们平时一定要养成节能的好习惯．四、解答题（共6小题，满分37分）解题中要求有必要的分析和说明，计算题还要有公式及数据代入过程，结果要有数值和单位20．市场上有一种电热水机，如图2所示是饮水机的简化电路图，S是温控开关R1是调节电阻，其阻值为176Ω，R2是供热的电阻丝，饮水机的铭牌参数如图1所示.求：若饮水机正常工作的加热效率为90%，现将质量为1.5kg，初温为20℃的水在一标准大气压下烧开需要吸收的热量是多少？需加热多长时间？已知c水=4.2×103J/（kg•℃）．（时间计算结果保留整数）考点：电功与热量的综合计算．专题：电和热综合题．分析：（1）已知水的质量与初温，由热量公式可以求出水吸收的热量．（2）求出饮水机产生的热量，然后由电功率公式的变形公式求出加热时间．解答：解：（1）一标准大气压下，水的沸点是100℃，把水烧开，水吸收的热量：Q=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×1.5kg×（100℃﹣20℃）=5.04×105J；（2）饮水需要做功：W===5.6×105J，由P=可知，需加热时间：t==≈509s；答：初温为20℃的水在一标准大气压下烧开需要吸收的热量是5.04×105J，需加热509s的时间．点评：本题考查了求水吸收的热量、饮水机的工作时间，应用热量公式与功率公式即可正确解题．21．小明做“测定小灯泡的电功率”的实验，所用器材有电压为6V的电源，额定电压为2.5V的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、电流表、电压表、开关合导线，如图甲是小明还没有连接完成的食物电路.（1）请你用笔画线代替导线，帮小明将实物图甲中的电路连接完整（2）小明连好电路闭合开关S，移动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，但电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因可能是小灯泡（填“小灯泡”或“滑动变阻器”）出现短路；（3）排除故障后闭合开关S，移动滑片P到某点时，电压表的示数如图乙所示，电压表的示数为2.2V，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向B端滑动（选填“A”或“B”）；（4）小明通过移动滑片P，分别记下了多组对应的电压表和电流表的读数，并绘制成了图乙所示的U﹣I图象．根据U﹣I图象提供的信息，根据图象可知，当加在小灯泡两端的电压为1.5V时，小灯泡的电阻是10Ω．考点：电功率的测量．专题：测量型实验综合题．分析：（1）根据灯泡的额定电压确定电压表的量程，然后将电压表并联在灯泡两端．（2）电流表无示数说明电路为断路故障，电压表有示数，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连，据此判断断路的具体位置．（3）根据电压表的量程、分度值以及指针的位置读出电压表的示数；然后与小灯泡额定电压进行比较，再根据串联电路分压的特点确定滑动变阻器两端电压的变化，从而得出滑片移动的方向．（4）根据图丙读出灯泡两端电压为1.5V时对应的电流，然后根据欧姆定律的变形公式求出小灯泡的电阻．解答：解：（1）根据题意可知，灯泡的额定电压为2.5V，因此电压表量程选择0～3V，故将电压表的3V接线柱与灯泡的右接线柱相连；电流表与灯泡串联．如下图所示．（2）电流表无示数说明电路为断路故障，电压表有示数，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连，因此电路故障为小灯泡断路．（3）根据图乙可知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为2.2V，小于灯泡的额定电压，因此要使灯泡正常发光，需减小滑动变阻器两端电压，即减小滑动变阻器接入电路的阻值，故将滑片向B端移动．（4）根据图丙可知，当灯泡两端电压为1.5V时，通过灯泡的电流为0.15A；由I=可知，灯泡的电阻：R===10Ω．故答案为：（1）如图所示．（2）小灯泡．（3）2.2；B．（4）10．点评：题考查了实物连接、滑动变阻器的正确使用、电压表的读数以及电阻的计算，关键是能从图象上读出灯泡两端的电压对应的电流．22．探究影响物体弹性势能大小的因素，选择弹簧进行研究，将光滑水平面与光滑斜面连接，如图.①将甲弹簧放置在水平面上，用小球压缩弹簧2厘米，释放后，小球滚上A斜面，记录小球在斜面最高点时的高度，重复三次，取平均值记录在表中．更换B斜面，重复实验.②压缩甲弹簧3厘米，重复实验①步骤.③换用不同弹簧，重复实验①步骤.（1）实验中，通过观察小球到达斜面的高度判断弹簧弹性势能的大小．（2）比较1、2（选填实验序号），说明弹簧的弹性势能大小与弹簧形变大小有关．（3）由实验结果可知，弹簧的弹性势能大小还与弹簧的长度、材料有关．考点：探究影响物体势能大小的因素．专题：探究型实验综合题．分析：弹性势能和弹性形变程度有关，弹性形变程度越大，弹性势能越大．重力势能和两个因素有关，一是物体重力，二是物体上升高度．探究过程应按照控制变量法进行．解答：解：（1）当弹簧压缩程度越大时，弹簧弹性形变程度越大，对小球做功就越多，实验中，通过观察小球到达斜面的高度判断弹簧弹性势能的大小．（2）需要按照控制变量法，比较实验1、2说明弹簧的弹性势能大小与弹簧形变大小有关．（3）2、3组数据两弹簧的材料不同，弹性形变的程度相同；据图还能看出，它们推动小球上升高度不同，即表明它们所具有的弹性势能不同，这是由于材料不同造成的．通过比较2、4或3、5两个实验可知，弹簧的弹性势能与弹簧的长度有关．由实验结果可知，弹簧的弹性势能大小还与弹簧的长度、材料有关；故答案为：（1）小球到达斜面的高度；（2）1、2；（3）长度、材料点评：本题考查学生对势能的影响因素及其转化的掌握情况；在研究多变量的关系时，一定要运用控制变量法．23．如图所示的电路中，电源电压恒为6V.（1）当开关S1闭合，S2，S3断开时，电流表示数为0.3A，求R的阻值；（2）闭合开关S1，S3，断开S2时，小灯泡正常发光，电流表示数为0.9A，求通电10s灯泡消耗的电能；（3）只闭合开关S2，断开S1，S3，求小灯泡实际的电功率（假设小灯泡的电阻不变）.考点：电功的计算；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律的变形公式；电阻的串联．专题：计算题；压轴题；电路和欧姆定律；电能和电功率；电路变化分析综合题．分析：（1）当开关S1闭合，S2，S3断开时，电路为R的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出R的阻值；（2）闭合开关S1，S3，断开S2时，灯泡与R并联，电流表测干路电流，根据并联电路各支路独立工作、互不影响可知通过R的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过灯泡的电流，利用并联电路的电压特点和欧姆定律求出R的阻值，利用W=UIt求出通电10s灯泡消耗的电能；（3）只闭合开关S2，断开S1，S3时，L与R串联，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电路中的电流，再根据P=I2R求出小灯泡实际的电功率．解答：解：（1）当开关S1闭合，S2，S3断开时，电路为R的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律可得：R===20Ω；（2）闭合开关S1，S3，断开S2时，灯泡与R并联，电流表测干路电流，∵并联电路中各支路独立工作、互不影响，∴此时通过R的电流0.3A不变，∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，∴IL=I﹣IR=0.9A﹣0.3A=0.6A，∵并联电路中各支路两端的电压相等，∴灯泡的电阻：RL===10Ω，通电10s灯泡消耗的电能：WL=UILt=6V×0.6A×10s=36J；（3）只闭合开关S2，断开S1，S3时，L与R串联，∵串联电路中总电阻等于各分电阻之和，∴此时电路中的电流：I′===0.2A，灯泡的实际功率：PL=（I′）2×RL=（0.2A）2×10Ω=0.4W．答：（1）R的阻值为20Ω；（2）闭合开关S1，S3，断开S2时，通电10s灯泡消耗的电能为36J；（3）只闭合开关S2，断开S1，S3时，小灯泡实际的电功率为0.4W．点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的辨别，难度不大，只要按部就班的解答即可解决问题．24．某同学在测量植物油密度时，按下列顺序进行了操作（如图）①用天平测出空烧杯的质量m1②向烧杯中倒入适量植物油，测出烧杯与植物油的总质量m2③将烧杯中植物油倒入量筒中，测出植物油的体积V1.④计算出植物油的密度ρ（1）下表是小明根据上述实验操作，设计的记录数据表格．请根据图将表格中的数据填写完整.（2）该同学按上述实验操作得到的密度值和真实值比较偏大，原因是向量筒中倒植物油时，会有少许植物油附着在烧杯壁上，因此测量的植物油体积偏小，密度偏大如果让你设计一个减小误差的实验方案，请经你设计方案得到的实验数据，按照上面格式设计实验数据记录表格：（3）利用你设计的实验记录表中的字母，写出计算密度的表达式：ρ=．考点：液体的密度测量实验．专题：测量型实验综合题．分析：（1）用天平测量物体质量读数时，物体的质量等于右盘砝码质量加游码质量；由烧杯与植物油的总质量和空烧杯的质量可得植物油的质量，然后利用密度公式ρ=就可计算出植物油的密度；（2）在试验操作中，由于把植物油倒入量筒时，会有少许植物油附着在烧杯壁上，测量的植物油体积就不准确，所以密度值也就出现了误差；（3）测量液体密度时，应该先测量质量再测量体积，以防测量体积时量筒壁上沾有液体影响测量的体积大小．解答：解：（1）游码的最小刻度是0.2g，所以烧杯与植物油的总质量是：20g+10g+3.4g=33.4g；空烧杯的质量是15g，烧杯与植物油的总质量是33.4g，