北京市房山区4中2022-2023学年物理高一下期中复习检测模拟试题含解析

北京市房山区4中2022-2023学年物理高一下期中复习检测模拟试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、假设空间某一静电场的电势φ随x变化情况如图所示，根据图中信息可以确定下列说法中正确的是（）A．0～x1范围内各点场强的方向均与x轴平行B．只在电场力作用下，正电荷沿x轴从0运动到x1，可做匀减速直线运动C．负电荷沿x轴从x2移到x3的过程中，电场力做正功，电势能减小D．负电荷在x3处电势能大于其在x5处的电势能2、下列说法符合物理史实的是（）A．天文学家第谷总结出行星运动的三大定律B．开普勒进行“月—地检验”，总结出了天上、地上物体所受到的引力遵从相同的规律C．布鲁诺提出了“日心说”的观点D．卡文迪许通过扭秤实验测定了引力常量G，检验了万有引力定律的正确性3、建造在公路上的桥梁大多是凸形桥，较少是水平桥，更少有凹形桥，其主要原因是A．为了节省建筑材料，以减少建桥成本B．汽车以同样速度通过凹形桥时对桥面的压力要比水平或凸形桥压力大，故凹形桥易损坏．C．建造凹形桥的技术特别困难D．凸形桥更美观些4、在圆轨道上做匀速圆周运动的国际空间站里，一宇航员手拿一只小球相对于太空舱静止“站立”于舱内朝向地球一侧的“地面”上，如图所示．下列说法正确的是()A．宇航员相对于地球的速度介于7.9km/s与11.2km/s之间B．若宇航员相对于太空舱无初速度释放小球，小球将落到“地面”上C．宇航员将不受地球的引力作用D．宇航员对“地面”的压力等于零5、如图所示，旋转雨伞时，水珠会从伞的边缘沿切线方向飞出，这属于（）A．扩散现象 B．超重现象 C．离心现象 D．蒸发现象6、某中学科技小组制作了利用太阳能驱动小车的装置．当太阳光照射到小车上方的光电板上，光电板中产生的电流经电动机带动小车前进．若小车在平直的水泥路上从静止开始加速行驶，经过时间t前进距离s，速度达到最大值vm，设这一过程中电动机的功率恒为P，小车所受阻力恒为f，则A．这段时间内小车先匀加速运动，然后匀速运动B．小车所受阻力f=C．这段时间内电动机所做的功为fs＋12mvmD．这段时间内合力所做的功为12mvm7、关于运动和力,下列说法中正确的是()A．做匀速圆周运动的物体，其加速度一定沿半径且指向圆心B．在平抛运动中，物体在相同的时间内速度变化量时相同的C．做曲线运动的物体所受到的合外力不可能是恒力D．在加速运动中，物体所受合外力一定要变大8、如图所示，一辆货车通过光滑轻质定滑轮提升一箱货物，货箱质量为M，货物质量为m，货车以速度v向左匀速运动，将货物提升高度h，则()A．货物向上做匀速运动B．箱中的物体对箱底的压力大于mgC．图示位置时货车拉力的功率大于(M＋m)gvcosθD．此过程中货车拉力做的功为(M＋m)gh9、如图所示，质量分别为2m、m的小滑块A、B，其中A套在固定的竖直杆上，B静置于水平地面上，A、B间通过铰链用长为L的刚性轻杆连接。一轻弹簧左端与B相连，右端固定在竖直杆上，弹簧水平。当α=30°时，弹簧处于原长状态此时将A由静止释放，下降到最低点时α变为45°，整个运动过程中，A、B始终在同一竖直平面内，弹簧在弹性限度内，忽略一切摩擦，重力加速度为g。则A下降过程中（）A．A、B组成的系统机械能守恒B．弹簧弹性势能的最大值为C．A下降到最低点时B的速度达到最大D．A的速度达到最大值前，地面对B的支持力小于3mg10、真空中有两个固定的带正电的点电荷，其电量Q1＞Q2，点电荷q置于Q1、Q2连线上某点时，正好处于平衡，则（）A．q一定是正电荷 B．q一定是负电荷C．q离Q2比离Q1远 D．q离Q2比离Q1近二、实验题11、（4分）用落体法“验证机械能守恒定律”的实验中：(g取9.8m/s2)(1)运用公式mv2＝mgh时对实验条件的要求是________________．为此目的，所选择的纸带第1、2两点间的距离应接近__________．(2)若实验中所用重物质量m＝1kg，打点纸带如图所示，打点时间间隔为0.02s，则记录B点时，重物速度vB＝________，重物动能Ek＝________；从开始下落起至B点，重物的重力势能减小量是__________，由此可得出的结论是____________________________________．图实－4－10(3)根据纸带算出各点的速度v，量出下落距离h，则以为纵轴，以h为横轴画出的图象应是图中的()12、（10分）利用重锤下落验证机械能守恒定律：①为进行“验证机械能守恒定律”的实验，有下列器材可供选择：铁架台（也可利用桌边），打点计时器以及复写纸、纸带，低压直流电源，天平，秒表，毫米刻度尺，导线，电键。其中不必要的器材是_________；缺少的器材是_________；②在验证机械能守恒定律的实验中，已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，查得当地重力加速度g=9.80m/s2，测出所用重物的质量m=1.00kg，实验中得到一条点迹清晰的纸带，把第一个点记作O，另选连续的4个点A、B、C、D作为测量点，经测量知道A、B、C、D各点到O点的距离分别为62.99cm、70.18cm、77.76cm、85.73cm，根据以上数据，可知重物由O点运动到C点，重力势能的减少量为______J，动能的增加量为_______J（取3位有效数字）；③实验中产生系统误差的原因主要是_______________。为了减小误差，悬挂在纸带下的重物的质量应选择_______；④如果以为纵轴，以h为横轴，根据实验数据绘出的—h图线是______，该线的斜率等于__________。三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）如图所示，光滑水平台面MN右端N恰好在半径为R圆形槽中心O点正上方h处，B物体在水平恒力F的作用下在台面上由静止开始向右运动，B物体质量为m，同时A物体在光滑的圆形槽内由a点开始逆时针做匀速圆周运动.某时刻当小球A运动到图中a点时，B物体沿Oa方向以某一初速度水平抛出，结果恰好在a点与A物体相碰，不计空气阻力，求：(1)B物体抛出时的水平初速度；(2)A物体运动的角速度；(3)恒力F为多大时可使A、B两物体在某一时刻的速度相同（假设B物体到达N点之前与A物体就已经有相同速度）．14、（14分）如图所示，质量为M=8kg的小车放在光滑的水平面上，在小车左端加一水平推力F=8N，当小车向右运动的速度达到v0=1.5m/s时，在小车前端轻轻放上一个大小不计、质量为m=1kg的小物块，物块与小车间的动摩擦因数μ=0.1．已知运动过程中，小物块没有从小车上掉下来，取g=10m/s1．求：（1）经过多长时间两者达到相同的速度；（1）小车至少多长，才能保证小物块不从小车上掉下来；（3）从小物块放上小车开始，经过t=1.5s小物块通过的位移大小为多少．15、（13分）甲车在平直公路以30m/s的速度行驶，突然发现正前方40m处的乙车正以20m/s的速度沿同一方向匀速行驶，于是甲车立刻以-2m/s2的加速度刹车做匀减速直线运动，试通过计算判断甲车能否撞到乙车？

参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、C【解析】试题分析：0～x1范围内各点电势相等，即是一个等势面，故场强的方向均与x轴垂直，选项A错误；只在电场力作用下，正电荷沿x轴从0运动到x1，电场力做功为0，故电荷可做匀速直线运动，选项B错误；x2处的电势小于x3处的电势，故负电荷在x2处的电势能大于x3处的电势能，故电荷沿x轴从x2移到x3的过程中，电势能减小，电场力做正功，选项C正确；因为x3处电势大于x5处的电势，故负电荷在x3处电势能小于其在x5处的电势能，选项D错误。考点：电势φ随x变化的图像。【名师点睛】电势的变化都可以通过图像反映出来，当电势不变时，这段距离是个等势面，当电势增大时，正电荷的电势能是增大的，而负电荷的电势能是减小的，故先判断出各点的电势能的大小，再判断电场力是做正功还是做负功。2、D【解析】

A．天文学家开普勒通过艰苦的观测，总结出行星运动三大定律，故A错误；B．牛顿进行“月--地检验”，并总结出了天上、地上物体所受的引力遵从相同的规律，故B错误；C．哥白尼提出了日心说，故C错误；D．卡文迪许通过扭秤实验测定了引力常量G，也直接检验了万有引力定律的正确性，故D正确。故选D。3、B【解析】汽车通过通过凹形桥时，路面的支持力和重力提供汽车的向心力，根据牛顿第二定律，汽车产生超重现象，汽车对桥面的压力大于重力．而汽车通过拱形桥时，产生失重现象，汽车对桥面的压力小于重力．汽车通过水平路面时，对路面的压力等于汽车的重力，这样汽车以同样的速度通过凹形桥时对桥面的压力要比水平或拱形桥压力大，故凹形桥易损坏．故B正确．故选B．4、D【解析】7.9km/s是发射卫星的最小速度，是卫星环绕地球运行的最大速度，可见，所有环绕地球运转的卫星、飞船等，其运行速度均小于7.9km/s，故A错误；若宇航员相对于太空舱无初速释放小球，由于惯性，小球仍具有原来的速度，所以地球对小球的万有引力正好提供它做匀速圆周运动需要的向心力，即G＝m′，其中m′为小球的质量，故小球不会落到“地面”上，而是沿原来的轨道继续做匀速圆周运动，故B错误；宇航员受地球的引力作用，此引力提供宇航员随空间站绕地球作圆周运动的向心力，否则宇航员将脱圆周轨道，故C错；因宇航员受的引力全部提供了向心力，宇航员不能对“地面”产生压力，处于完全失重状态，D正确．5、C【解析】

当旋转雨伞时，由向心力可知，所需要的向心力增加，由于提供向心力不足以所需要的向心力，从而远离圆心运动，故C正确，ABD错误。6、BCD【解析】

AB、从题意得到，太阳能驱动小车以功率不变启动，当开始阶段小车所受的牵引力大于阻力，小车做加速运动，当牵引力等于摩擦力后，小球做匀速直线运动，速度达到最大，有f=F牵=Pvm，CD、根据动能定理得：W合=Pt-fs=12mvm2，则这段时间内电动机所做的功为7、AB【解析】

A．匀速圆周运动的物体，线速度大小不变，方向发生改变，速度变化方向沿半径指向圆心，所以加速度方向沿半径指向圆心。故A项正确。B．平抛运动物体的加速度，加速度的大小、方向始终不变；据可知，平抛运动中，物体在相同的时间内速度变化量时相同。故B项正确。C．做曲线运动的物体所受到的合外力可能是恒力。例如：平抛运动就是物体在恒力作用下的曲线运动。故C项错误。D．在加速度越来越小的加速运动中，物体所受合外力减小。故D项错误。8、BC【解析】

试题分析：将货车的速度进行正交分解，如图所示：由于绳子不可伸长，货箱和货物整体向上运动的速度和货车速度沿着绳子方向的分量相等，故：v1=vcosθ，由于θ不断减小，故货箱和货物整体向上做加速运动，加速度向上；货箱和货物整体向上做加速运动，故A错误；货箱和货物整体向上做加速运动，加速度向上，是超重，故箱中的物体对箱底的压力大于mg，故B正确；货箱和货物整体向上做加速运动，故拉力大于（M+m）g，整体的速度为vcosθ，故拉力功率P=Fv＞（M+m）gvcosθ，故C正确；此过程中货车拉力做的功等于货箱和货物整体动能的增加量和重力势能的增加量，大于（M+m）gh，故D错误；故选BC．考点：速度的分解；牛顿定律的应用【名师点睛】本题关键先推导出货箱和货物整体的速度表达式，确定货箱和货物整体的运动规律，货箱和货物整体向上运动的速度和货车速度沿着绳子方向的分量相等，然后结合功率表达式P=Fv和动能定理列式分析，不难．9、BD【解析】

A项：根据能量守恒知，A、B、弹簧组成的系统机械能守恒，A、B组成的系统机械能不守恒。故A错误；B项：根据系统机械能守恒可得：，弹性势能的最大值为，故B正确；C项：对B，水平方向的合力，所以滑块先做加速运动后做减速运动，故C错误；D项：A下降过程中动能达到最大前，A加速下降，对A、B整体，在竖直方向上根据牛顿第二定律有，则有，故D正确。10、D【解析】

点电荷受力平衡说明此处合场强为零又因为Q1＞Q2，所以离Q2较近，与点电荷的电性无关。故选D。二、实验题11、（1）自由下落的物体；2mm；（2）0.59m/s；0.174J；0.175J；在误差允许范围内，重物下落的机械能守恒；（3）C【解析】

解：（1）用公式mv2＝mgh时，对纸带上起点的要求是重锤做自由落体运动，打点计时器的打点频率为50Hz，打点周期为0.02s，重物开始下落后，在第一个打点周期内重物下落的高度所以所选的纸带最初两点间的距离接近2mm，h9.8×0.022m≈2mm．（2）利用匀变速直线运动的推论0.59m/s，重锤的动能EKB0.174J从开始下落至B点，重锤的重力势能减少量△Ep＝mgh＝1×9.8×0.179J＝0.175J．得出的结论是在误差允许范围内，重物下落的机械能守恒．（3）利用v2﹣h图线处理数据，从理论角度物体自由下落过程中机械能守恒可以得出：mghmv2，即v2＝gh所以以v2为纵轴，以h为横轴画出的图线应是过原点的倾斜直线，也就是图中的C．故选C12、低压直流电源、秒表交流电源和重锤7.627.56阻力对重锤和纸带的影响质量较大的过原点的斜直线重力加速度g【解析】

①[1][2]打点计时器应该用交流电源，该实验中不需要用秒表测时间，故不需要的器材为低压直流电源和秒表，缺少的器材为交流电源和重锤；②[3][4]重力势能减少量为打下C点时的速度为故动能的增量为③[5][6]该实验中，由于存在空气阻力和纸带、打点计时器之间的阻力，重力势能减少量必定大于