上海市松江第二中学2020届高三下学期4月学习检测等级考试物理试题含解析

学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精上海市松江第二中学2020届高三下学期4月学习检测等级考试物理试题含解析上海市松江二中2019学年第二学期高三(4月）学习检测物理等级考试卷一、选择题1。电磁波由真空进入介质后，发生变化的物理量有（）A.波长和频率 B。波速和频率 C。波长和波速 D.频率和振幅【答案】C【解析】【详解】频率由波本身性质决定，与介质无关，所以电磁波从真空中进入介质后,频率不变,波速减小，根据可知波长变短，根据可知,能量不变，振幅不变,故ABD错误,C正确。故选C.2.关于波的干涉现象，下列说法中正确的是（)A.在振动削弱的区域,质点不发生振动B.在振动削弱的区域，各质点都处于波谷C。在振动加强的区域，各质点都处于波峰D。在振动加强的区域，有时质点的位移也等于零【答案】D【解析】【详解】A．在振动削弱的区域,由于两列波使质点振动的方向相反，故质点振动的位移为两位移的矢量和，其大小为为两个位移的大小的差，故该质点可能仍然振动，只是振动的慢了一些,故A错误；

B．稳定干涉时，在振动减弱的区域，各质点的合位移为零，故B错误;

C．在振动加强的区域，两个独立的振动使质点振动的方向相同,故合位移可以大于0,也可以等于0,还可以小于0，故C错误；

D．在振动加强的区域，如果独立的振动使质点恰好到达平衡位置且速度方向相同，所以此时质点的位移等于0，故D正确．3.爱因斯坦由光电效应的实验规律，猜测光具有粒子性，从而提出光子说，从科学研究的方法来说，这属于()A.科学假说 B.控制变量 C.等效替代 D。数学归纳【答案】A【解析】【详解】爱因斯坦由光电效应的实验规律,猜测光具有粒子性，从而提出光子说，科学研究的方法属于科学假说，故BCD错误,A正确．故选A．4。经过一系列衰变和衰变后变成，则比少A。16个中子，8个质子 B。8个中子，16个质子C.24个中子，8个质子 D.8个中子，24个质子【答案】A【解析】【详解】比质子数少（90—82）=8个,核子数少（232-208)=24个，所以中子数少(24-8）=16个，故A正确;B、C、D错误．5.图甲、乙、丙分别是力学中的三个实验装置的示意图，这三个实验共同的物理思想是(甲图中M、N为平面镜）(）A。放大的思想方法 B.控制变量的思想方法C.比较的思想方法 D。猜想的思想方法【答案】A【解析】【详解】观察桌面形变时形变微小,故运用放大来体现；显示玻璃瓶受力形变时，通过细管来放大液面是否上升；测万有引力常数时,使转动的位移放大；故这三个实验均用放大思想方法。故A正确，BCD错误。故选A。6。如图,玻璃管下端开口插入水银槽中，上端封有一定质量的气体，当玻璃管绕顶端转过一个角度时，水银面的高度h和空气柱的长度l的变化情况是()A。h增大，l增大B。h增大，l减小C.h减小,l增大D。h减小，l减小【答案】A【解析】【分析】先判断玻璃管绕顶端转过一个角度后管内气体压强的变化，再根据玻意耳定律分析气体体积的变化，即可分析管内液面如何变化．【详解】当玻璃管绕顶端转过一个角度时，假设管内水银不动,则管内水银的竖直高度增大，根据知，管内气体的压强减小，根据玻意耳定律知气体的体积将增大,则l增大;最终稳定时气体的压强减小，所以根据知，管内液面升高，所以h增大,A正确．【点睛】在玻璃管绕顶端转过一个角度的过程中，要抓住封闭气体的温度不变，发生了等温变化，判断气体的压强如何变化，再分析体积如何变化，这是常用的思路．7。“蹦极”是一项非常刺激的体育运动。某人身系弹性绳自高空P点自由下落，如图中a点是弹性绳的原长位置，c是人所到达的最低点，b是人静止地悬吊着时的平衡位置。人从P点落下到最低点c的过程中（）A。人在全程都在做加速运动，一直处于失重状态B.在ab段绳的拉力小于人的重力，人处于失重状态C.在bc段绳的拉力小于人的重力，人处于失重状态D.在c点，人的速度为零，其加速度为零【答案】B【解析】【详解】ABC．在Pa段，绳还没有被拉长，人做自由落体运动，做加速运动，处于失重状态；在ab段，绳的拉力小于人的重力，人受到的合力向下，有向下的加速度，做加速运动,处于失重状态；在bc段，绳的拉力大于人的重力,人受到的合力向上，有向上的加速度,做减速运动，处于超重状态，故AC错误，B正确;D．在c点，绳的形变量最大，绳的拉力最大，人受到的合力向上，有向上的加速度，处于超重状态，故D错误.故选B。8.一质量为m的小物体在水平力F的作用下，静止在质量为M的梯形木块的左上方，梯形木块在水平地面上保持静止，如图所示，下列说法正确的是（)A.小物体可能仅受两个力的作用 B。梯形木块与小物体之间的弹力可能为零C.地面与梯形木块之间的摩擦力大小为F D。地面对梯形木块的支持力小于（m+M）g【答案】C【解析】【分析】【详解】AB．以小物体为研究对象受力分析，物体一定受重力、木块给的斜向上的支持力,向右的推力F,根据力的合成知识可知，三个力的合力有可能为0，则可以不受摩擦力，即小物体可能仅受三个力的作用，故A错误，B错误；C．以木块和小物体整体为研究对象受力分析,水平方向受力平衡，则地面给的摩擦力故C正确；D．以木块和小物体整体为研究对象受力分析,竖直方向受力平衡，则地面对梯形木块的支持力故D错误故选C。9。如图所示的电路中，各电表为理想电表，电源内阻不能忽略，当滑动变阻器R2的滑动头从某位置向左移动一小段距离的过程中，设V1、V2、A的读数分别是U1、U2、I；V1、V2、A读数的变化量分别为、、，则下列说法正确的是（）A.U2与I的比值减小,U2与I的乘积也一定减小B.U1与I的比值不变,U1与I的乘积也一定不变C.与的比值等于与的比值D.与的比值等于任何时刻U1与I的比值【答案】D【解析】【详解】A．由图可知，与串联,测两端的电压，测两端的电压。若滑动变阻器的滑动头向左端移动，则滑动变阻器接入电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流增大,则内电压增大,两端的电压增大，由于路端电压减小，故两端的电压减小。所以示数增大，示数减小，而两电表之和等于路端电压,故可知示数改变量的绝对值小于示数改变量的绝对值。由以上分析可知，减小、增大,与的比值减小,但与的乘积变大变小无法确定。故A错误；B．与的比值等于的阻值，的阻值不变，所以与的比值不变,与都变大，故与的乘积增加，故B错误；C．由以上分析可知，示数改变量的绝对值小于示数改变量的绝对值，所以与的比值大于与的比值。故C错误；D．根据电阻的定义及性质可知故D正确。故选D10.如图所示，细线的一端固定于O点,另一端系一小球。在水平拉力作用下,小球以恒定速率在竖直平面内由A点运动到B点。在此过程中拉力的瞬时功率变化情况（）A.先增大，后减小 B.先减小，后增大C逐渐增大 D.逐渐减小【答案】C【解析】【详解】因为小球以恒定速率运动，即它是做匀速圆周运动,那么小球受到的重力G、水平拉力F和绳子的拉力T三者的合力必定是沿绳子指向O点,作图如下设绳子与竖直方向夹角是，则F与G的合力必与绳子拉力在同一直线上,得而水平拉力F的方向与速度的方向夹角也是,所以水平力的瞬时功率为则显然，从A到B的过程中，是不断增大的，所以水平拉力F的瞬时功率是逐渐增大的,故ABD错误，C正确。故选C11。如图（b）所示，一正点电荷仅在静电力作用下，从A点沿圆弧运动到B点，其速度大小随时间变化的图像如图（a）所示。下列关于A、B两点的电场强度E的大小和A、B两点的电势φ的高低判断，正确的是（）A.EA＞EB,φA＞φB B。EA＜EB，φA＞φBC.EA=EB，φA=φB D.EA＜EB,φA=φB【答案】C【解析】【详解】据图像分析可知点电荷做匀速圆周运动,静电力提供向心力，则知静电力的大小保持不变,由知场强的大小不变，即有由图看出，电荷从A点运动到B点，速度大小不变，电场力不做功，由电场力做功公式知A、B两点的电势相等，即故ABD错误，C正确。故选C。12。如图是电磁冲击钻的原理示意图，若发现静止的钻头M突然向右运动，则可能是（)A.开关S由闭合到断开瞬间B.开关S由断开到闭合的瞬间C.保持开关S闭合，滑动变阻器滑片P加速向右滑动D.保持开关S闭合，滑动变阻器滑片P减速向右滑动【答案】B【解析】【详解】A．开关S由闭合到断开的瞬间，穿过M的磁通量减小，为阻碍磁通量的减小，钻头向左运动，故A错误；B．开关S由断开到闭合的瞬间，穿过M的磁通量变大，为阻碍磁通量变大，钻头向右运动，故B正确;C．保持开关S闭合，滑动变阻器滑片P加速向右滑动时接入电阻增大，电流减小,穿过M的磁通量减小，为阻碍磁通量减小，钻头向左运动,故C错误；D．保持开关S闭合，滑动变阻器滑片P减速向右滑动时接入电阻增大，电流减小，穿过M的磁通量减小,为阻碍磁通量减小，钻头向左运动，故D错误。故选B。二、填空题13。如图所示，甲乙两船相距40m，一列水波在水面上从左向右传播，当某时刻甲船位于波峰时乙船恰位于波谷，且峰、谷间的高度差为0。4m.若水波的周期为4s,则波速为____m/s，从此时起9s内乙运动的路程为_____m。【答案】（1）。4(2）.1。8【解析】【详解】［1]［2]设水波的波长为，由题得则波速为由题意得振幅时间此时起9s内乙运动的路程为14.一个电子从a点运动到b点,电场力做功4。8×10−18J,合________eV,a、b两点的电势差Uab=__________V,若规定a点的电势为零,则b点的电势能为_________J。【答案】（1）.30（2）。—30(3)。【解析】【详解】［1]［2][3］因则根据有若规定a点的电势为零,根据有根据得15。某物体由静止开始做直线运动,物体所受合力F随时间t变化的图像如图所示，在0～8s内，速度最大的时刻是第__________s末，距离出发点最远的是第_______s末.【答案】（1）.4(2）.8【解析】【详解】［1][2]物体在内，逐渐增大，由牛顿第二定律可知,加速度逐渐增大，做变加速直线运动;在内，逐渐减小，加速度逐渐减小,但方向没有改变，因此物体沿原方向做加速度减小的加速运动；在内，反向逐渐增大，加速度也反向逐渐增大，物体沿原方向做加速度增大的减速运动；在内，减小，加速度也逐渐减小，物体沿原方向做加速度减小的减速运动;根据对称性可知，在8s末物体的速度为零。综上分析可知，物体在第4s末速度最大，在第8s末距离出发点最远.16。将两个质量均为m，带电量分别为+q、﹣q的小球A、B用两段长度均为L的绝缘细线相连，并悬挂于O点，如图（a）所示。在两球所在区域加一水平向左的匀强电场,每个小球所受的电场力大小为其重力的倍，整个装置再次平衡时，状态如图(b)所示。则此时OA线的拉力大小为_____；整个过程中小球B的电势能减少了_____。【答案】（1)。（2）.【解析】【详解】［1］［2］对两个小球受力分析如图由图可知根据平行四边形定则可知由几何关系可知联立以上等式可得因此，球B水平位移为根据联立解得17。在竖直平面内，一根光滑硬质杆弯成如图所示形状，相应的曲线方程为y=0.1cosx（单位：m），杆足够长，图中只画出了一部分。将一质量为的小环(可视为质点）套在杆上,在P点给小环一个沿杆斜向下的初速度v0=1m/s,g取10m/s2，则小环经过最低点Q时处于________状态（选填“超重”、“失重”或“平衡”）；小环运动过程中能到达的最高点的y轴坐标为_________m，以及对应的x轴坐标为___________m。【答案】（1）.超重（2).0。05（3）.【解析】【详解】[1］小环运动过程中能以一定速度经过点和点，则小环在点时向心加速度的方向向上，处于超重状态;［2］小球运动过程机械能守恒，到达最高点时速度为零，则有：代入数据解得:即小环运动过程中能到达的最高点的轴坐标为[3]由于曲线方程为(单位:m），则有：解得：或三、综合题18。在“用DIS测电源的电动势和内阻”实验中，某次实验得到的电源的U—I图线如图（a）所示.(1）由图(a)实验图线的拟合方程可得,该电源的电动势E=_____V,内阻r=___Ω。(2)根据实验测得的该电源的U、I数据，若令y=UI,x=U/I，则由计算机拟合得出的y—x图线如图（b)所示，则图线最高点A点的坐标x=_______Ω，y=______W(结果保留2位小数）。（3)若该电池组电池用旧了，重复该实验，请在图（b）中定性画出旧电池组的y-x图线__________；并经推理分析对所画图线做出合理的解释。【答案】（1)。E=2.83V（2）。r=1.03Ω。（3).x=1.03（4)。y=1。94(5）。答案见解析【解析】【详解】(1）［1]根据闭合电路欧姆定律和图像可知：电动势为：[2］内阻为：(2）［3][4］由题意可知，出功率：因此当时，电源的输出功率最大(3）［5]①当电池用旧了，减小，增大,当时,最大；图线峰值降低且右移；故可得出图(1)和图（2）所示图象；②当一定，由于减小，增大,变小，图线降低；可得出图（3)所示图象，故可能的图象如图所示；19。如图（a）所示，可视为质点的物块质量为m=2kg，置于水平地面上的A点，物块与水平地面间的动摩擦因数μ=0。25。在水平向右的力F作用下物块由静止开始运动，由A运动到B的过程中力F随位移x变化关系如图(b)所示，到达斜面底端B点后撤去力F，物块冲上足够长的光滑斜面。其中AB段长为L=5m，g取10m/s2。问：(1）由A运动到B的过程中,物块克服摩擦力所做的功是多少？（2)物块由A运动到B所用的时间是多少？(3）不计物块在B处的动能损失，物块沿斜面上滑的最大高度是多少？【答案】（1）25J;（2)1.5s；（3)【解析】【详解】(1)由运动到的过程中,设物块受滑动摩擦力的作用，物块克服摩擦力做功，则有：（2）由图像可知在内，则有：故物块做初速度为零的匀加速直线运动，由牛顿第二定律可得：可得：由匀变速直线运动公式可得：到达点时的速度：在内，则有:故物块做匀速直线运动，以的速度做匀速运动：因此，物块由运动到所用的时间：（3)因为斜面光滑,物块在斜面上运动时机械能守恒。由机械能守恒定律可得:解得：20.如图(a）