2023年江苏省常州市溧阳市高考冲刺押题(最后一卷)物理试卷含解析

2023学年高考物理模拟试卷请考生注意：请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0.5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图，两端封闭的玻璃直管下方用一小段水银柱封闭了一定质量的理想气体，上方为真空.现在管的下方加热被封闭的气体，下图中不可能发生的变化过程是( )2、如图所示，一根长为L的金属细杆通有电流时，在竖直绝缘挡板作用下静止在倾角为€的光滑绝缘固定斜面上。斜面处在磁感应强度大小为8、方向竖直向上的匀强磁场中。若电流的方向和磁场的方向均保持不变，金属细杆的电流大小由I变为0.5I,磁感应强度大小由B变为48,金属细杆仍然保持静止，则( )金属细杆中电流方向一定垂直纸面向外B.金属细杆受到的安培力增大了2B7Lsin°C.金属细杆对斜面的压力可能增大了8/乙D.金属细杆对竖直挡板的压力可能增大了8/乙3、如图所示，一充电后的平行板电容器的两极板相距/,在正极板附近有一质量为m,电荷量为4（0]>0）的粒子A；在负极板附近有一质量也为m、电荷量为-0（q>°）的粒子8。仅在电场力的作用下两粒子同时从静止开始运动。TOC\o"1-5"\h\z\o"CurrentDocument"2 237 已知两粒子同时经过一平行于正极板且与其相距7/的平面。，两粒子间相互作用力可忽略，不计重力，则以下说法正确的是（ ）电荷量4与％的比值为3:7电荷量％与％的比值为3：4粒子4、8通过平面Q时的速度之比为：16粒子B通过平面。时的速度之比为3:74、 物体在做以下各种运动的过程中，运动状态保持不变的是（ ）匀速直线运动 B.自由落体运动C.平抛运动 D.匀速圆周运动5、 北斗卫星导航系统（BDS）是中国自行研制的全球卫星定位和导轨系统，预计2020年形成全球覆盖能力。如图所示是北斗导航系统中部分卫星的轨道示意图，已知b.c三颗卫星均做匀速圆周运动，轨道半径“"-,其中«是地球同步卫星，不考虑空气阻力。则a的向心力小于c的向心力a、b卫星的加速度一定相等c在运动过程中不可能经过北京上空b的周期等于地球自转周期6、 关于原子、原子核和波粒二象性的理论，下列说法正确的是（ ）根据玻尔理论可知，一个氢原子从n=5能级向低能级跃迁最多可辐射10种频率的光子在核反应中，质量数守恒，电荷数守恒，但能量不一定守恒一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，可能是因为这束光的光照强度太弱a、0、丫三种射线中，a射线的电离本领最强，丫射线的穿透本领最强二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、 对一定质量的理想气体，下列说法正确的是 o气体的体积指的是该气体的分子所能到达的空间的体积，而不是该气体所有分子体积之和在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零在恒温时，压缩气体越来越难以压缩，说明气体分子间的作用力在增大气体在等压膨胀过程中温度一定升高气体的内能增加时，气体可能对外做功，也可能放出热量8、 如图所示，a、力、c分别为固定竖直光滑圆弧轨道的右端点、最低点和左端点，为水平半径，c点和圆心。的连线与竖直方向的夹角以=53。。现从a点正上方的尸点由静止释放一质量m=lkg的小球（可视为质点），小球经圆弧轨道飞出后以水平速度v=3m/s通过。点。已知圆弧轨道的半径A=Im,取重力加速度g=10m/s2,sin53。=0.8,cos53o=0.6,不计空气阻力。下列分析正确的是（ ）小球从P点运动到Q点的过程中重力所做的功为4.5JP、a两点的高度差为0.8m小球运动到力点时对轨道的压力大小为43N小球运动到c点时的速度大小为4m/s9、一辆小汽车在水平路面上由静止启动，在前5s内做匀加速直线运动，5s末达到额定功率，之后保持以额定功率运动•其v-1图象如图所示•已知汽车的质量为m=lx103kg，汽车受到地面的阻力为车重的0.1倍，则以下说法正确的汽车速度为25m/s时的加速度为5m/s2汽车的额定功率为1004W汽车的最大速度为80m/s10、如图所示，一直角斜劈绕其竖直边BC做圆周运动，物块始终静止在斜劈AB上。在斜劈转动的角速度co缓慢增加的过程中，下列说法正确的是( )斜劈对物块的支持力逐渐减小斜劈对物块的支持力保持不变斜劈对物块的摩擦力逐渐增加斜劈对物块的摩擦力变化情况无法判断三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。(6分)某同学设计了一个如图甲所示的装置来测定滑块与木板间的动摩擦因数，其中4为滑块勢和。处是钩码，不计绳和滑轮的质量及它们之间的摩擦.实验中该同学保持在8和。处钩码总个数不变的条件下，改变C处钩码个数,测出。处不同个数钩码的总质量〃及对应加速度然后通过对实验数据的分析求出滑块与木板间的动摩擦因数.mCLj/ni-s-"Q30.6w/tgmCLj/ni-s-"Q30.6w/tg甲 乙(1)该同学手中有电火花计时器、纸带、10个质量均为100克的钩码、滑块、一端带有定滑轮的长木板、细线,为了完成本实验，得到所要测量的物理量,还需要 .A.秒表 B.毫米刻度尺 C.天平 D.弹簧测力计(2)在实验数据处理中，该同学以C处钩码的总质量m为横轴，以加速度«为纵轴，绘制了如图乙所示的实验图线，可知滑块 与木板间的动摩擦因数.（g取10m/s2） （12分）某实验小组用下列器材设计了如图甲所示的欧姆表电路，通过调控电键S和调节电阻箱，可使欧姆表具有两种倍率。干电池：电动势E=1.5V,内阻r=0.5Q电流表mA：满偏电流/=lmA,内阻R=150Qg g定值电阻&1=1200。电阻箱&2：最大阻值999.99。定值电阻&3=150。电阻箱叫最大阻值9999。电键一个，红、黑表笔各1支，导线若干（1） 该实验小组按图甲所示正确连接好电路。当电键S断开时，将红、黑表笔短接，调节电阻箱&2,使电流表达到满偏 电流，此时闭合电路的总电阻叫做欧姆表的内阻&歩，则&尸Q，欧姆表的倍率是 （选填“xl”或“xlO”）；内 内 （2） 闭合电键S 第一步：调节电阻箱&2，当&2= 口时，再将红、黑表笔短接，电流表再次达到满偏电流； 第二步：在红、黑表笔间接入电阻箱&4,调节&4，当电流表指针指向图乙所示的位置时，对应的欧姆表的刻度值为 Q。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。（10分）如图所示，用销钉固定活塞把水平放置的容器分隔成B两部分，其体积之比匕：匕=2:1。开始时,AB 4中有温度为127°C、压强为1.8x105Pa的空气，8中有温度为27°C、压强为1.2x105Pa的空气。拔出销钉使活塞可 以无摩擦地移动（不漏气），由于容器壁缓慢导热，最后气体都变到室温27°C,活塞也停住。求最后4中气体的压强。 （16分）如图所示，汽缸开口向右、固定在水平桌面上，汽缸内用活塞（横截面积为S）封闭了一定质量的理想气体,活塞与汽缸壁之间的摩擦忽略不计.轻绳跨过光滑定滑轮将活塞和地面上的重物(质量为m)连接.开始时汽缸内外压强相同，均为大气压P0(mg<p0S),轻绳处在伸直状态，汽缸内气体的温度为T。，体积为V.现使汽缸内气体的温度缓慢降低，最终使得气体体积减半，求：重物刚离开地面时汽缸内气体的温度L；气体体积减半时的温度T2；在如图乙所示的坐标系中画出气体状态变化的整个过程并标注相关点的坐标值.(12分)如图所示，横截面积为s=10cm2的上端开口气缸固定在水平面上，质量不计的轻活塞a下面封闭长度为Z=30cm的理想气体，上面通过轻绳与质量为w=4kg重物b相连，重物b放在一劲度系数为k=200N/m的轻弹簧上，弹簧下端固定在地面上，上端与重物b接触，但不拴接，气缸和光滑活塞a导热性能良好。开始时，外界温度为To=3OOK,弹簧弹力大小为H=20N,现缓慢降低温度，已知外界大气压强始终为Po=lxlO5Pa,重力加速度大小g=10m/s2,求：①弹簧与力物体刚分离时，气缸中气体的温度；②从开始状态到力物体离开弹簧时，气体内能减少了40J,则气体与外界交换了多少热量。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A、图A为P-T图象，气体先做等压变化，温度升高，后做等容变化，压强随温度的升高而增大；故A正确.B、 图B为p-t图，图中的气体的第二段变化的过程压强不变，显然是不可能的；故B错误.C、 图C是p-V图象，气体先做等压变化，体积增大，后做等容变化，压强增大；故C正确.V D、 图D是V-T图象，气体第一段图线-不变，表示气体先做等压变化，体积增大，后做等容变化；故D正确.本题选择不可能的故选B.【点睛】该题结合气体的状态图象考查对理想气体的状态方程的应用，解答的关键是先得出气体的状态参量变化的规律，然后再选择图象.2、 D【解析】金属细杆受到重力、斜面的支持力、挡板的支持力和安培力作用，根据力的平衡条件可知，金属细杆中电流方向可能垂直纸面向外，也可能垂直纸面向里，故A错误；由于磁场与电流方向垂直，开始安培力为F1=BIL，后来的安培力为F=4B--IL=2BIL2 2则金属细杆受到的安培力增大了AF=BIL故B错误；金属细杆受到重力、斜面的支持力、挡板的支持力和安培力作用，根据力的平衡条件可知，将斜面的支持力分解成水平方向和竖直方向，则水平方向和竖直方向的合力均为零，由于金属细杆的重力不变，故斜面的支持力不变，由牛顿第三定律可知，金属细杆对斜面的压力不变，故C错误；由于金属细杆受到斜面的支持力不变，故安培力的大小变化量与挡板的支持力的大小变化量相等；如果金属细杆中电流方向垂直纸面向里，安培力方向水平向右，当安培力增大，则金属细杆对挡板的压力增大，由于安培力增大BIL,所以金属细杆对竖直挡板的压力增大了BIL；如果金属细杆中电流方向垂直纸面向外，安培力方向水平向左，当安培力增大BIL,则金属细杆对挡板的压力减小BIL,故金属细杆对竖直挡板的压力可能增大了BIL，D正确。故选D。3、 B【解析】AB.设电场强度大小为E，两粒子的运动时间相同，对正电荷A有对负电荷B有qEa=^—2m联立解得q3—1=—q42A错误，B正确。CD.由动能定理得qEx=—mv2-02求得v3—1=—v42选项CD错误。故选Bo4、A【解析】运动状态保持不变是指物体速度的大小和方向都不变，即物体保持静止或做匀速直线运动，故A项正确，BCD三项错误。5、 D【解析】因a、c的质量关系不确定，则无法比较两卫星的向心力的大小，选项A错误；a、b卫星的半径相同，则加速度的大小一定相同，选项B错误；c是一般的人造卫星，可能会经过北京的上空，选项C错误；a、b的半径相同，则周期相同，因a是地球的同步卫星，则两卫星的周期都等于地球自转的周期，选项D正确；故选D.6、 D【解析】A.大量氢原子从n=5能级向低能级跃迁最多可辐射10种频率的光子，一个氢原子从n=5能级向低能级跃迁最多只能辐射4种频率的光子，故A错误；

在核反应中，质量数守恒，电荷数守恒，能量也守恒，故B错误；一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为金属的极限频率大于入射光的频率，故C错误;a、0、丫三种射线中，a射线的电离本领最强，丫射线的穿透本领最强，故D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ADE【解析】气体的体积指的是该气体分子所能到达的空间的体积，而不是该气体所有分子的体积之和，故A正确;气体对容器壁的压强是由分子运动时与容器内壁的碰撞产生的，不是由重力产生的，故B错误;气体分子间没有作用力，压缩气体时，气体压强增大，气体压强越大越难压缩，故C错误；由公式可知气体在等压膨胀过程中温度一定升高，故D正确;由公式知，气体的内能增加时，气体可能对外做功，也可能放出热量，但不可能同时对外做功和放出热量，故E正确。故选ADE。8、AC解析】ABD.小球从c到Q的逆过程做平抛运动，小球运动到c点时的速度大小v=—-—=—m/s=5m/sccosa0.6小球运动到c点时竖直分速度大小4v=v-tana=3x—m/s=4m/scy 3422x10m=422x10m=0.8mV2h=-cy-2g设P、a两点的高度差为H，从P到c，由机械能守恒得mgH,Rcosa=—mv22c解得H=0.65m小球从P点运动到Q点的过程中重力所做的功为W=mg〔H+Rcosa一h]=1x10x[0.65+1x0.6一0.8]j=4.5J故A正确，BD错误；C.从P到力，由机械能守恒定律得mgH+R=—mv22b小球在b点时，有V2N—mg=m—^R联立解得N=43N根据牛顿第三定律知，小球运动到b点时对轨道的压力大小为43N,故C正确。故选AC。TOC\o"1-5"\h\z9、 AC【解析】一一 20由速度时间图线知，匀加速运动的加速度大小a=—m/s2=4m/s2,根据牛顿第二定律得，F-f=ma，解得牵引力F=f+ma=1000+4000N=5000N，故A正确.汽车的额定功率P=Fv=5000x20W=100000W=100kW，汽车在25m/s时的牵\o"CurrentDocument"P100000 ,F'—f4000—1000, 。，引力F=—=出N=4000N,根据牛顿第二定律得，加速度a= = m/s2=3m/s2，故B错v25 m1000_P_100000误，C正确.当牵引力等于阻力时，速度最大，则最大速度v=3=mmm/s=100m/s，故D错误.故选AC.mf1000点睛：本题考查了汽车恒定加速度启动的问题，理清整个过程中的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解，知道牵引力等于阻力时，汽车的速度最大.10、 AC【解析】物块的向心加速度沿水平方向，加速度大小为a=g，设斜劈倾角为。，对物块沿AB方向f-mgsinQ=macosQ垂直AB方向有mgcos0-N=masin0解得

f=mgsinQ+macosQN=mgcosQ-masinQ当角速度逐渐增加时，加速度a逐渐增加，f逐渐增加，N逐渐减小，故AC正确，BD错误。故选AC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、(1)B (2)0.3【解析】第一空.打点计时器通过打点即可知道时间，故不需要秒表，故A错误.本实验不需要测滑块的质量，钩码质量已知,故不需要天平，故B错误.实验需要测量两点之间的距离，需要毫米刻度尺，故C正确.滑块受到的拉力等于钩码的重力，不需要弹簧测力计测拉力，故D错误.故选C；mg(1+,)第二空.对ABC系统应用牛顿第二定律可得: 卩g，其中m+m'=m第二空.对ABC系统应用牛顿第二定律可得:M+m 00图象中，纵轴的截距为-wg,故-卩g=-3,0=0.3.12、1500 x10 14.5 50解析】⑴［1］由闭合电路欧姆定律可知内阻为F15R=F= Q=1500Q内I0.001［2］故中值电阻应为［2］故中值电阻应为1500Q，根据多用电表的刻度设置可知,表盘上只有两种档位，若为xL则中性电阻太大，不符合实际，故欧姆表倍率应为“x10”电流(2)［3］为了得到“xl”倍率，应让满偏时对应的电阻为150d电流15I=——A=0.01A1150此时表头中电流应为0.001A；则与之并联电阻R3电流应为I=(0.01-0.001)A=0.009A3则有R+r=F-1R=主四0空Q=15Q2I 0.01所以R=15Q-0.5Q=14.5Q2［4］由图可知电流为0.75mA，总电阻

15R=^x103Q=2000Q总0.75待测电阻R=2000Q-1500Q=