2023年潍坊市中考物理一模试卷答案解析版

中考物理一模试卷一、单选题1．如图为学校附近常见的控制噪声标志。下列控制噪声的措施与图的方法相同的是（

）机场工作人员戴上防噪声耳罩上课时关闭教室门窗跳广场舞的大妈都佩戴了无线蓝牙耳机D．高速公路两旁的隔音板【答案】C【解析】【解答】禁止鸣笛控制噪声的产生，是在声源处减弱噪声。A．机场工作人员戴上防噪声耳罩，是在人耳处减弱噪声，A

不符合题意；B．上课时关闭教室门窗，是在传播过程中减弱噪声，B

不符合题意；C．跳广场舞的大妈都佩戴了无线蓝牙耳机，是在声源处减弱噪声，C

符合题意；D．高速公路两旁的隔音板，是在传播过程中减弱噪声，D不符合题意。故答案为：C。【分析】阻止声音的产生，是从声源处控制噪声。2．如图所示，渔民正在叉鱼。选项中能正确表示渔民看到水中鱼的光路图是（

）A．B．C．D．【答案】D【解析】【解答】鱼反射的光入射到水面与空气交界处发生折射，在空气中的折射光更加远离法线。ABC不符合题意，D

符合题意。故答案为：D。【分析】空气中看水中的物体，比实际变浅，光从水中进入空气中。中华农耕文化深厚。关于二十四节气的谚语，下列分析正确的是（

）A．“春分降雪春播寒”，雪的形成是凝固现象，需要吸热B．“寒露草枯雁南飞”，露的形成是液化现象，需要吸热C．“清明断雪，谷雨断霜”，霜的形成是凝华现象，需要放热D．“雷打立春节，惊蛰雨不歇”，雨的形成是汽化现象，需要放热【答案】C【解析】【解答】A．雪是由空气中的水蒸气遇冷直接凝华形成，凝华需要放热，A

不符合题意；B．露是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的，液化需要放热，B不符合题意；C．霜是由空气中的水蒸气遇冷直接凝华形成，凝华需要放热，C符合题意；D．雨是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的，液化需要放热，D

不符合题意。故答案为：C。【分析】气体变为固体是凝华现象；气体变为液体是液化现象；凝华和液化放出热量。4．2021

年

8

月

20

日，航天员聂海胜、刘伯明在机械臂（左图）的辅助下成功从天和核心舱出舱。机械臂的功能类似于人的手臂（杠杆），但它有

7个关节，长度可达

10

多米，具有抓住、拉回、锁死等功能。如图工具在使用时与机械臂工作时属于同一类杠杆的是（

）A．羊角锤B．起子C．食品夹D．扳手【答案】C【解析】【解答】由图中可知，该机械臂在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；羊角锤、起子、扳手在使用过程中，动力臂大于阻力臂，都是省力杠杆，食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，ABD不符合题意，C

符合题意。故答案为：C。【分析】使用杠杆时，动力臂小于阻力臂，动力大于阻力，是费力杠杆。5．电动汽车利用牵引电机将电能转换成汽车的机械能，下图中与牵引电机工作原理相同的是（

）A．B．C．D．【答案】D【解析】【解答】电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力转动。此图是发电机的工作原理图，闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动产生感应电流，A

不符合题意；此图是通过通电螺线管的磁极来判断小磁针静止的磁极，B

不符合题意；此图是研究电磁铁的磁性强弱影响因素，C

不符合题意；此图中通电导体在磁场中受力转动，是电动机的工作原理，D

符合题意。故答案为：D。【分析】电动机将电能转化为机械能，工作原理是磁场对电流的作用。关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（）A．更换灯泡、搬动用电器前，应先断开电源开关B．不接触高压设备就不会引起触电事故C．电灯的开关可以接在零线和电灯之间D．家庭电路中，家用保险丝熔断后可用铁丝或铜丝代替【答案】A【解析】【解答】A．更换灯泡或搬动用电器时容易碰到用电器的金属部分，为避免意外触电，更换灯泡或搬动用电器前均需先断开电源，A

符合题意；安全用电的基本原则是不直接接触低压线路，不靠近高压线路，B

不符合题意；电灯的开关接在火线和电灯之间，开关断开时人意外接触电灯不会构成闭合回路导致触电，C

不符合题意；保险丝的熔点低，利用了电流的热效应，铁丝或铜丝的熔点较高，电流过大时不能熔断，D

不符合题意。故答案为：A。【分析】更换灯泡或搬动用电器时，先断开电源；安全用电原则是不直接接触低压线路，不靠近高压线路；灯泡的开关连接的火线一侧；保险丝不能用铜丝代替。7．在干燥的天气里，化纤布料的衣服“粘”在身上，如图现象中“粘”的原因与其相同的是（

）图﹣1，向漏斗下方吹气，乒乓球“粘”在漏斗上图﹣2，用硬纸片盖住装满水的玻璃杯，倒置后，纸片“粘”在杯口上C．图﹣3，纸屑“粘”在梳过头发的梳子上D．图﹣4，两个表面平滑的铅块紧压后“粘”在一起【答案】C【解析】【解答】化纤布料的衣服“粘”在身上，是因为摩擦带电，能够吸引轻小物体；向漏斗下方吹气，乒乓球上方空气流速大，压强小于乒乓球下方的压强，故乒乓球“粘”在漏斗上，A

不符合题意；倒置后，由于大气压的作用将纸片“粘”在杯口上，B

不符合题意；纸屑“粘”在梳过头发的梳子上，是因为经摩擦后，梳子带电，能够吸引轻小物体，C

符合题意；两个表面平滑的铅块紧压后“粘”在一起，是因为分子之间存在引力，D

不符合题意。故答案为：C。【分析】气体在流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。我们周围存在大气压，空气内部向各个方向都有压强。不同物质组成的物体，相互摩擦带异种的电荷，摩擦带电的物体具有吸引轻小物体的性质。物质都是由分子组成的，分子之间存在相互作用的引力和斥力。8．冰壶是冬奥会比赛项目之一.如图所示，冰壶比赛正在进行.在冰壶运动的过程中，下列分析正确的是（

）冰壶对冰面的压力与受到的重力是一对平衡力冰壶离开手后减速滑行，惯性随之减小C．冰壶减速滑行过程中，其机械能保持不变D．运动员在冰壶运动路线上的某些区域刷冰，目的是为了减小摩擦力【答案】D【解析】【解答】A．冰壶受到的重力和对冰面的压力作用在不同的物体上，且方向相同，所以二力不是一对平衡力，A

不符合题意；B．被掷出去的冰壶能向前运动，是因为冰壶具有惯性，惯性只与质量有关，与速度无关，B

不符合题意；C．冰壶在运动过程中，冰壶与冰面摩擦产生内能，机械能减小，C

不符合题意；D．队员用冰刷刷冰面的过程中，因摩擦生热使得部分冰面熔化产生水，减小了接触面的粗糙程度，从而减小了冰壶与冰面之间的摩擦，D

符合题意。故答案为：D。【分析】物体受到二力平衡时，力的大小相等，方向相反，在同一直线、同一物体上；物体的惯性和质量有关使接触面变光滑，可以减小摩擦力。二、双选题9．在做“探究凸透镜成像的规律”实验时，某实验小组所描绘的像距随物距变化的关系图线如图所示。图线中

A、B、C

三点分别与蜡烛在光具座上移动过程中的三个位置相对应。则下列说法正确的是（

）蜡烛处于

AB

间某一位置时，成倒立、放大的实像蜡烛处于

BC

间某一位置时，成倒立、放大的实像将蜡烛从

C

移动到

B

的过程中，所成像逐渐增大将蜡烛从

B

移动到

A

的过程中，所成像逐渐减小【答案】A,C【解析】【解答】当物体在凸透镜二倍焦距处时，像距和物距相等，结合图可知，B

点为二倍焦距点，凸透镜的焦距为

10cm。A．AB

之间物距介于一倍焦距和二倍焦距之间，由凸透镜成像规律可知，所成的像为倒立、放大的实像，A

符合题意；B．BC

之间的物距大于二倍焦距，所成像为倒立、缩小的实像，B

不符合题意；C．将蜡烛从

C

移动到

B

的过程中，物距从二倍焦距外靠近二倍焦距，所成像由缩小的像逐渐变为等大的像，即所成的像逐渐增大，C

符合题意；D．将蜡烛从

B

移动到

A

的过程中，物距从二倍焦距逐渐缩小，像从等大的像逐渐变为放大的像，所成像逐渐增大，D

不符合题意。故答案为：AC。【分析】凸透镜成像时，物距变大，像距变小；物距大于像距时，成倒立缩小的实像；物距小于像距时，成倒立放大的实像。三、多选题10．电梯均有额定运载人数标准，当人员超载时，电梯内报警装置会发出声音提示，此时乘客应主动减员，退出电梯。电梯的工作原理如图所示， 为保护电阻， 为压敏电阻，其阻值随压力的增大而减小。下列说法正确的是（

）A．电磁铁上端是

N

极B．电梯正常运行时，K

与

A

接触C．电梯超载时，电磁铁磁性增强D．电梯超载时，响铃的同时亮灯【答案】A,B,C,D【解析】【解答】A．由图可知，电流从下端流入电磁铁，根据安培定则可知，电磁铁上端是

N极，A

符合题意；B．当电梯正常运行（即电梯不超载）时，压敏电阻较大，电磁铁磁性较弱，衔铁被弹簧拉起，动触点

K

与静触点

A

接触时，电动机转动，电梯正常运行，B

符合题意；CD．电梯超载时，压力增大，压敏电阻阻值减小，根据 可知，电流增大，所以电磁铁磁性增强，衔铁被吸下，动触点

K

与静触点

B

接触，响铃的同时灯亮，CD

符合题意。故答案为：ABCD。【分析】根据安培定则，判断通电螺线管的磁极位置；电磁铁的磁性随电流的增大而增大；电磁继电器中电磁铁磁性越强，吸引衔铁，接通电路。11．质量相等的甲、乙两种不同液体，甲的比热容是

4.2´103J/(kg×℃)，装在相同的容器中，用相同的电加热器加热，其温度随时间变化的图像如图所示，下列说法正确的是（

）A．甲的比热容大于乙的B．1kg

甲从

25℃加热到沸腾，需吸收热量C．内，甲吸收的热量等于乙吸收的热量D． 后乙温度不变，由此判断，乙物质不再吸热，内能不变【答案】A,B,C【解析】【解答】A．由图可知，0~1min

时当甲、乙经过相同的加热时间即吸收的热量相同时，甲的温度变化量小于乙，由

Q=cm∆t，相同质量的不同物质吸收热量相同时温度的变化量越小则比热容越大，则甲的比热容大于乙的比热容，A

符合题意；B．甲的质量

m=1kg，甲从

25℃加热到沸腾时温度为

100℃，需吸收的热量为Q=cm(t-t0)=4.2´103J/(kg×℃)´1kg´(100℃-75℃)=3.15´105JB

符合题意；C．质量相等的甲、乙两种液体，装在相同的容器中，用相同的电加热器加热，可认为加热器经过相同时间释放的热量相同，相同的容器可使甲、乙两种液体吸收的热量相同，C

符合题意；D.1min

后乙温度不变是由于乙此时处于沸腾状态，液体沸腾时需持续吸热且温度不变，内能增大，D

不符合题意。故答案为：ABC。【分析】质量和吸收热量相同时，物体的温度差越大，

比热容越小；液体吸收热量沸腾后，温度保持不变；根据物体的比热容、质量和温度差的乘积，计算热量。12．潜水员潜水时要佩戴一个深度表，如图甲所示是一款深度表的简化电路图，其中深度表由一个量程为 的电压表改装而成，当所处深度增大时深度表示数随之变大。其中电源电压恒定不变，定值电阻 ，压敏电阻 的阻值随水深度变化的图像如图乙所示， 允许通过的最大电流为 ，电流表量程为 。下列说法正确的是（

）A．改装成深度表所用的电压表应并联在两端B．深度表的零刻度与电压表的零刻度重合C．当深度增大时，电压表与电流表的比值不变D．在电路安全的情况下，该深度表能测量的最大深度为【答案】A,C,D【解析】【解答】A．由图甲知，压敏电阻

Rp

与宣传电阻串联在电路中；由图乙知，随深度变深，压敏电阻的阻值变小，据串联电路的分压特点知，深度变深时，压敏电阻两端的电压变小，则定值电阻两端的电压变大。而深度表随深度增大，示数变大，所以改装成深度表的电压表应并联在定值电阻

R0

两端。A

符合题意；B．由图乙知，压敏电阻

Rp

的电阻为

40Ω

时，水的深度为

0。此时电路中的总电阻R=R0+Rp=15Ω+40Ω=55Ω据串联电路的分压特点有

6V：U0=55Ω：15Ω解得，深度为

0

时，电压表的示数

U0=V所以深度表的零刻度与电压表的零刻度不重合。B

不符合题意；C．电压表测的是定值电阻两端的电压，电压表与电流表的比值为定值电阻的阻值，所以深度增大时，电压表与电流表的比值不变，C

符合题意；D．电压表所用的是小量程，所以定值电阻两端的最大电压为

3V，定值电阻两端电压最大时，电路中的电流此时电路中的总电阻压敏电阻的阻值

Rp1=R1-R0=30Ω-15Ω=15Ω由图乙知，此时深度最大为

40m，所以该深度表测量的最大深度为

40m。D

符合题意。故答案为：ACD。【分析】定值电阻串联在电路中，电流越大，

分压越大；根据串联电路分压规律，计算电阻的分压；利用电压和电阻的比值，

计算电流；利用分压和电流的比值，计算电阻。四、作图题13．如图所示，光线 是水池底部一光源

S

发出的光线镜的焦点 。请画出：经水面折射后的折射光线，并射向凹透⑴光源

S

的大致位置；⑵入射光线

a；⑶光线

b

经凹透镜的折射光线。【答案】解：如图所示：【解析】【解答】光线由水中射入空气中时，根据光的折射规律可知，入射角小于空气中的折射角，由此可大致确定光源

S

和入射光线a

的位置，对着异侧虚焦点入射的光线b经凹透镜折射后平行于主光轴，如下图所示：【分析】光从水中斜射入空气中，折射光线远离法线；当光线的延长线过凹透镜的焦点时，折射光线平行于主光轴。14．地铁已成为深圳的主要绿色交通工具之一，如图所示是安检时行李箱刚刚放在传送带上时的情景(温馨提示：此时行李箱和传送带有相对运动)，请在图中画出此时行李箱受力的示意图。【答案】解：如图所示：【解析】【解答】行李箱受到竖直向下的重力，传送带给的竖直向上的支持力，因为行李箱相对于传送带向后运动，所以还要受到向前的滑动摩擦力，受力分析时可将三个力的作用点都画在重心上，如下图：【分析】作重力的示意图，力的作用点在物体几何中心上，方向竖直向下，重力用字母

G

表示。作摩擦力的示意图，力的作用点在两物体的接触面上，方向与物体的运动方向相反，用字母

f

表示。作支持力的示意图，力的作用点在物体的几何中心上，方向与接触面垂直，指向被支持物体，用字母

F

表示。五、实验题15．小华做测量某种金属零件密度的实验。（1）天平放在水平台面上，游码移到零刻度，指针稳定时的位置如图（甲）所示，这时应将平衡螺母向

调节，使横梁平衡。（2）测量零件的质量，天平平衡时，右盘内砝码及游码的位置如图（乙）所示，零件的质量是

g。（3）在量筒中注入

50ml

的水，将零件放入水中后，水面位置如图（丙）所示，该零件的体积是

cm3。（4）该零件的密度是

g/cm3。【答案】（1）右（2）78（3）10（4）7.8【解析】【解答】(1)由于指针指在分度盘的左侧，说明横梁的左端下沉，故应该将右端的平衡螺母向右调节。(2)砝码的质量为

75g，游码对应的质量值为

3g，故零件的质量是

75g+3g=78g(3)量筒的示数为

60mL，则零件的体积为

60mL－50mL=10mL(4)该零件的密度是ρ==7.8

g/cm3【分析】（1）调节天平平衡时，平衡螺母左偏右调；（2）根据天平上砝码和游码的位置，测量质量；根据量筒中液面的位置，测量体积；根据物体的质量和体积的比值，计算密度。16．如图所示，在探究“产生感应电流的条件”实验中：观察

判断电路中是否有感应电流；下列方法中能够产生感应电流的操作是

；A．蹄形磁体不动，铜棒ab

水平向右运动B．蹄形磁体不动，铜棒ab

竖直向下运动C．铜棒

ab

不动，蹄形磁体水平向右运动D．将整个实验装置水平匀速移动（3）如果将灵敏电流表换成

，可以探究磁场对通电导体的作用。【答案】（1）灵敏电流表的是否有示数A；C电源【解析】【解答】（1）产生感应电流的条件实验中，铜棒

ab、导线、开关、灵敏电流计构成闭合回路，当灵敏电流表有示数时说明此时电路中有电流流过，产生了感应电流，故可通过观察灵敏电流表是否有示数来判断是否产生了感应电流。（2）能够产生感应电流的条件是闭合电路的一部分在磁场中做切割磁感应线运动，当蹄形磁体不动时，铜棒ab

可水平向左、向右运动，铜棒不动时可左右水平方向移动蹄形磁体，均可使铜棒

ab做切割磁感应线运动，整个装置水平匀速移动时磁体和铜棒没有发生相对运动，此时铜棒不做切割磁感应线运动，AC符合题意，BD

不符合题意。故答案为：AC。（3）探究磁场对通电导体的作用时需将闭合回路的一部分放入磁场中，当电路中有电流流过时磁场中的导线会受到力的作用，由图可知该装置中无电源，无法产生电流，故可将灵敏电流表换成电源。【分析】（1）探究电磁感应中是否产生电流时，观察电流表的指针是否偏转；产生电流的条件是：闭合电路的部分导体切割磁感线；若探究磁场对通电导体的作用时，电路中需要有电源。17．胶州湾大桥建筑工地上矗立的塔吊，是用电动机来带动滑轮组提升重物的设备。如何提高滑轮组机械效率，节约电能呢？为此同学们进行了“影响滑轮组机械效率因素”的实验探究，用到的装置如图所示，实验数据记录如表所示。实验次数钩码重力钩码上升高度绳端拉力绳端移动距离机械效率120.11.20.355.6%220.21.20.655.6%340.11.90.361.5%440.11.30.5机械效率实验中应沿竖直方向

拉动弹簧测力计；分析表中数据可知：第

4

次实验是用图

所示装置来完成的；表格中第

4次实验计算出的机械效率是

；为提高滑轮组机械效率、节约电能，根据表格中数据得到结论和生活经验，你建议可采取的措施有

。A．减轻动滑轮重B．增加所提物体重C．机械加润滑油D．增加重物上升高度【答案】（1）匀速（2）乙（3）70.1%（4）A；B；C【解析】【解答】（1）实验中应沿竖直方向匀速拉动弹簧测力计，弹簧测力计匀速运动时处于平衡状态，受平衡力作用，此时弹簧测力计拉力和绳子对弹簧测力计的拉力大小相等、方向相反且在同一直线上，可知此时弹簧测力计示数即为绳子拉力的大小。（2）1、2

次实验中钩码重力为

2G，3、4

次实验中钩码重力为

4G，由图可知甲图中为

1

个砝码，乙图中两个砝码，乙图中砝码重力为甲图中的两倍，可知第四次实验用图乙的装置来完成的。（3）第

3次实验时钩码总重力为

4G，提升的高度为

h=0.1m，绳子自由端移动的距离为

s=0.3m，拉力

F=1.9N，机械效率

h=61.5%，满足关系……①第

4

次实验时钩码总重力为

4G，提升的高度为

h4=0.1m，绳子自由端移动的距离为

s4=0.5m，拉力F4=1.3N，机械效率为h4

时满足关系……②整理①②可得（4）根据表格中数据可知绳子段数为

3，物重为

2G

时机械效率为

55.6%，物重为

4G

时机械效率为61.5%，绳子段数为

5

时机械效率为

70.1%，可知增加所提物体重量可提高机械效率，结合生活经验，减轻动滑轮重和机械加润滑油时可减少额外功，从而提高机械效率，比较

1、2

次实验可知，增加重物上升高度机械效率不变，为

55.6%，ABC符合题意，D

不符合题意。故答案为：ABC。【分析】（1）探究滑轮组的机械效率时，拉动绳子要匀速直线运动；根据绳子移动的距离和物体距离的关系，判断绳子股数，确定滑轮组的绕线；根据物体的重力和拉力，结合绳子的股数，可以计算机械效率大小；增大物体的重力、减轻动滑轮的重力、减小摩擦力，可以提高滑轮组的机械效率。18．在“伏安法测电阻”的实验中，电源电压为

3V。（1）如图中有一根导线连接错误，请你在连接错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线在图中补画出正确的连线；（2）排除故障并正确操作，刚合上开关，发现电压表的示数为，电流表的示数为

0，则故障是

；（3）移动滑片

P，当电压表的示数为 时，电流表的示数如图乙，其示数为

A，待测电阻

Ω。若要将电压表的示

数调到

2.0V，需将滑片

P

向

移动（选填“左”或“右”）；（4）某同学利用一个电压表和一个已知阻值的电阻 ，设计如图丙的电路，同样测出待测电的阻值，实验步骤如下：①闭合

S、断开 ，用电压表测出待测电阻

Rx

两端的电压为阻；②

，用电压表测出电源的电压

U；③可得待测电阻

（用

U、和表示）。【答案】（1）（2）电阻

R

断路（3）0.26；5；右（4）再闭合

S1；【解析】【解答】（1）电路中，电阻

R

和电压表被短路了，R

应与变阻器串联，电压表与电阻

R

并联，改正后如下所示：排除故障并正确操作，刚合上开关，发现电流表的示数为

0，说明电路断路，电压表的示数为3V，测出的是电源电压，则故障是电阻

R

断路。电流表接入电路的是

0~0.6A

的量程，分度值为

0.02A，示数为

0.26A。根据欧姆定律可得待测电阻若要将电压表的示数调到

2.0V，根据串联分压原理可知需减小滑动变阻器接入电路的电阻，所以需将滑片

P

向右移动。（4）测量电阻的原理是，实验步骤如下：①闭合

S、断开

S1，两电阻串联，用电压表测出待测电阻

Rx

两端的电压为

U1：②再闭合

S1，定值电阻R0

短路，电路为电阻

Rx

的简单电路，用电压表测出电源的电压

U；③根据串联电路电压规律，两电阻串联时，定值电阻

R0

的电压为

U0=U−

U1由欧姆定律可得电路中的电流为则待测电阻的表达式【分析】（1）测量电阻时，电压表和电阻并联；电流表、电阻和滑动变阻器串联连接；在串联电路中，电压表有示数，电流表无示数，电压表所测量的位置断路；根据电流表的量程和指针位置，测量电流；利用电压和电流的比值，

计算电阻；在串联电路中，减小滑动变阻器的分压，其他位置分压变大；利用电压表测量电阻时，电压表分压测量总电压和部分分压，利用定值电阻的分压和电阻的比值，计算电流，利用未知电阻的电压和电流的比值，

计算未知电阻。六、计算题19．一辆汽车以恒定的功率在平直的公路上做直线运动，其图像如下，前

10s

运动路程为120m，汽车在行驶过程中所受阻力大小不变，为。求：在 内汽车的平均速度；汽车发动机牵引力的功率；（3）若 后发动机的转化效率为

80%，则发动机做功（已知汽油的热值大约为 ）。需要燃烧多少千克汽油【答案】（1）解：汽车在

0~10s

的平均速度

v=st=120m10s=12m/s答：平均速度为

12m/s；（2）解：汽车在

10s

之后做匀速直线运动，汽车处于平衡状态，汽车的牵引力为

F=f=4000N汽车发动机牵引力的功率

P=Wt=Fst=Fv=4000N×20m/s=8×104W答：功率为

8×104W；（3）解：根据热机效率，汽油燃烧释放的热量汽油的质量答：需要燃烧

0.08kg

的汽油。【解析】【分析】（1）根据路程和时间的比值，

计算速度；利用物体受到的力和速度的乘积，计算功率大小；根据功和效率的比值，计算总热，结合热值，计算燃料的质量。20．如图所示的电路，电源电压为 保持不变，”的字样（不考虑灯丝电阻的变化），当开关，小灯泡

L

上标有“，、均断开时，电流表示数为，求：（1）小灯泡

L

的阻值；（2）定值电阻的阻值；（3）整个电路消耗的最大功率。【答案】（1）解：灯泡电阻为答：小灯的电阻为

10Ω；解：当开关

S1、S2

均断开时，电路的总电阻为因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以

R1

的阻值为

R1=R-RL=30Ω-10Ω=20Ω答：R1

的电阻为

30Ω；解：电源电压不变，当电路中的总电阻最小时，其总功率最大。故小灯

L

与

R2

并联时，电路的总功率最大。此时电源电压等于小灯额定电压，小灯正常工作，此时功率为

3.6W。R2

的功率为则电路总功率为答：电路的最大功率为

4.32W。【解析】【分析】（1）根据用电器的电压和电功率，可以计