黑龙江哈尔滨市第三中学2022-2023学年高三物理第一学期期中联考试题含解析

2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项12铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，用细线将质量为m的氢气球拴在车厢地板上的A点，此时细线与水平方向成θ3=7°角，气球与固定在水平车顶上的压力传感器接触，小车静止时，细线恰好伸1直但无弹力，压力传感器的示数为气球重力的2．重力加速度为g．现要保持细线方向不变而传感器示数为零，下列方法中可行的是（ ）12g1小车向左加速运动，加速度大小为2g2小车向右减速运动，加速度大小为3g2小车向左减速运动，加速度大小为3g2（两物块均不拴接A物块的质量是B物块质量的2倍。现烧断细线，在弹簧弹开两物块的过程中，用I 、I 分别表示弹簧对B两物块的冲量大小，则A BA．I IA BC．2I IA B

B．I 2IA BD．3I IA B3、在平直公路上行驶的a车和b车，其位移时间图像分别为图中直线a和曲线b．t=3s时，直线a和曲线b刚好相切，下列说法正确的是 （ ）t=3s时，两车具有共同的加速度在运动过程中，ba车C．a车做匀速运动，b车做加速运动D．在0-3s的时间内，a车的平均速度比b车的大4如图所示一物块置于水平地面上当用水平力F拉物块时物块做匀速直线运动当拉力F的大小不变，方向与水平方向成角斜向上拉物块时，物块仍做匀速直线运动。已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，则物块与地面间的动摩擦因数为（ ）1 1 2 3A．4 B．3 C．3 D．45mA

mA可视为质点B其放在一个直角形光滑槽中，已知当轻杆与槽左壁成θ角时，A球沿槽下滑的速度为v，A则此时B球的速度（ ）A．vtanθ B．vcotθ C．vcosθ D．vsinθA A A A6两颗卫星1和2的质量相同都绕地球做匀速圆周运动卫星2的轨道半径更大些颗卫星相比较，下列说法中正确的是（ ）A．卫星1B．卫星1的动能较小C．卫星1的周期较小D．两卫星的机械能相等二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一轻质弹簧，上端悬挂于天花板，下端系一质量为M的平板，处在平衡状态．一m的均匀环套在弹簧外，与平板的距离为h，如图所示．让环自由下落，撞击（A．若碰撞时间极短，则碰撞过程中环与板的总动量守恒B．若碰撞时间极短，则碰撞过程中环与板的总机械能守恒C．环撞击板后，板的新的平衡位置与h的大小无关D．在碰后板和环一起下落的过程中，它们减少的动能等于克服弹簧力所做的功8Eh0～h1h2()0～h1过程中，升降机对小球的支持力一定做正功0～h1过程中，小球的动能一定在增加h1～h2过程中，小球的动能可能不变h1～h2过程中，小球重力势能可能不变9Am0θθ＝37°Aθ30°A与斜面间放一质量为mBg，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。则A．AB．A、B仍一定静止于斜面上C．若m0＝m，则A受到的摩擦力大小为mgD．若m0＝4m，则A受到斜面的摩擦力大小为2.5mg10、一辆小汽车在水平路面上由静止启动，在前5s内做匀加速直线运动，5s末达到额定功率，之后保持额定功率运动，其vt图像如下图所示，已知汽车的质量为m2103kg,汽车受到地面的阻力为车重的0.1倍，g取10m/s2,则( )5s内的牵引力为4103N5s内的牵引力为6103N60kW汽车的最大速度为30m/s218出演算过程。1（6分）首先利用螺旋测微器测出小圆柱的高度，螺旋测微器如图乙所示．在测量小圆柱高度时先将小圆柱轻轻地夹在测砧与测微螺杆之间先旋动粗调旋钮当测微螺杆快靠近被测物休时，停上使用粗调旋钮，再旋 （选填“A、“B或“C，直到听见喀喀的庐音，为固定刻度应旋（选填“A”、或“C”）后再读数螺旋测微器的示数如图丙所示，则该小圆柱的高度d= 1的正上方无初速释放，测得小圆柱先后通过光电门2所用的时间为△t1和△则小圆柱通过两光电门的速度分别为v1= 2= （用测量的物理量表示：该小组的同学测出了两光电门之间的距离为重力加速度用g表示，若小圆柱的机械能守恒则需要验证的关系式 （结果用所测量的物理量表示某同学开始实验时，光电门1和光电门2安装得比较近，这样做实验产生的误会比较 （选填大、小或一样”）1（12分）某研究性学习小组探究平抛运动的规律．他们在水平桌面上用练习本做成一个斜面，使一个钢球（可视为质点）10帧照片．方格纸每小格边长5厘米，重力加速度取g=10m/s1．试回答下列问题：(1)如图是该组同学得到的小球在空中运动的三张连续照片的局部图，由图可判断小做平抛运动时在水平方向上做的运动。（1）由图可以计算出小球离开桌面时的初速度大小m/s。226必要的文字说明、方程式和演算步骤。1（10分）如图所示，一内壁光滑的绝缘圆管AB，圆环的半径为r2L(圆管的直径忽略不计ODAB的虚线垂直相交于C点．在虚线AB的上方存在水平向右的、范围足够大的匀强电场；虚线AB的下方存在竖直向下的、范围mg足够大的匀强电场，电场强度大小等于q

.圆心O正上方的P点有一质量为m、电荷量为－q(q>0)的绝缘小物体可视为质点)，PC间距为L.现将该小物体无初速度释放，表示．AB上方匀强电场的电场强度为多大？B离开后，经过一段时间的运动落到虚线ABN点N点)，则N点距离C点多远？PN点的总时间为多少？1（16分）传送带与平板紧靠在一起，且上表面在同一水平面内，两者长度分别为L1＝2.5、L2＝2v匀速运动．现将一滑块（可视为质点轻放到传送带的左端，然后平稳地滑上平板．已知：滑块与传送带间的动摩擦因数μ＝0.5，滑块与平板、平板与支持面的动摩擦因数分别为μ1＝0.3、μ2＝0.1，滑块、平板的质量均为m＝2kg，g取10m/s2.求：若滑块恰好不从平板上掉下，求滑块刚滑上平板时的速度大小；v＝6m/s，求滑块离开平板时的速度大小．1（12分）如图所示，AB为光滑水平面，BC部分位于竖直平面内半径为R的半圆轨道，BCC点切线水平方向，圆管截面半径r<<R．有一个质ma3mbb圆管B点无能量损失，小球的半径比圆管半径r略小，它经过最高点C后飞出，最A点，已知AB2R．已知重力加速度为g．求：bCa参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】车厢静止时，通过对气球受力分析可求出气球受到的浮力；当压力传感器示数为零时，根据牛顿第二定律求小车的加速度，分析运动状态．【详解】当小车静止时，细线恰好伸直但无弹力，对气球受力分析，受到重力、支持力和浮力，根据受力平衡GF FN 浮

=G，所以有F =3GN 2 浮 2当压力传感器示数为零时，对气球受力分析如图竖直方向：F浮

GFsin水平方向：Fcosma2联立解得：a3g，方向水平向左故小车向右做减速运动故应选：C．【点睛】正交分解法列方程．2、A【解析】烧断细线后在弹簧弹开两个物体的过程中，A、B所受的弹簧弹力大小相等、作用时间t相等，则由I=FtA 知：I=I，故A正确，BCD错误。故选AA 3、B【解析】t=3sab错误aB正确通过图像可知，bb车做减速运动，C错误纵轴的变化量代表位移，所以在0-3sba均速度小，D错误4、B【解析】物体做匀速运动，受力平衡；当F水平拉动时有：Fmg；斜向上拉动物体时，竖直方向上的支持力为：FNmgFsin37，水平方向上有：Fcos37mgFsin37，联立解得：1，311，A错误；3 41，B正确；312，C错误；3 313，D错误。3 45、B【解析】AB分解成沿着杆和垂直于杆两方向．则有，A

=vcosθ∥ AB

=vcos

sinθ∥ B Bvcosθ=vsinθA Bv

cos=vcotθBA、C、DB故选B6、C

Asinθ A【解析】由万有引力产生加速度则G

Mmrmaar2

GMr2 ，半径越大，加速度越小，故1的向心加速度大，故A错误；由万有引力提供向心力GMmr2

v2mr解得GMrv ，轨道半径小的卫星1线速度来得大，卫星1的动能较大，BGMr式GMmr2

m42rT2

解得T2π ，轨道半径小的卫星1的周期较小，C正确；r3GM将卫星从低轨道进入高轨道，火箭要点火加速做功，则卫星2的机械能较大，即卫星1的机械能较小，r3GM二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】动量守恒，故A正确；由于碰后速度相同，为完全非弹性碰撞，机械能不守恒，减小的机械能转化为内能，故B错误；碰撞后平衡时，有kx(mM)g即碰撞后新平衡位置与下落高度h无关，故C正确；碰撞后环与板共同下降的过程中，它们动能和重力势能的减少量之和等于弹簧弹性势能的增加量，故D错误．故选AC．8、AC【解析】F，由功能关系得：Fh=EE-h图象的斜率的绝对值等于小球所受支持力的大小，由图可知在O～h1内斜率的绝对值逐渐减小，故在O～h1内小球所受的B错误，Ah1～h2E-x图象的斜率的绝对值不变，重力势能随高度的增大而增大，所以重力势能增大，故D错误．由于小球在h1～h2内E-h变，故C正确．故选AC9、AD【解析】时，木块恰能静止在斜面上，则有：μm0gcos37°=m0gsin37°解得：μ=0.75，故A正确；θ30°AmBA有：f′=μN′，N′=Mgcos30°；而F=mgsin30°当f′＜mgsin30°+Mgsin30°，则A相对斜面向下滑动当f′＞mgsin30°+Mgsin30°，则A相对斜面不滑动因此A、B是否静止在斜面上，由B对A弹力决定，故B错误；m0=m，则3 38f′=μN′=0.75×m0g3 38因f′＜mgsin30°+Mgsin30°，

mg；A滑动，A受到斜面的滑动摩擦力，大小为

mg，故C错误；3 383 30m=4m，则05mgsin30°+m0gsin30°=2mg；而3 32f′=μN′=0.75×m0g3 32

mg；因f′＞mgsin30°+Mgsin30°，A不滑动，A受到斜面的静摩擦力，大小为5mgsin30°+m0gsin30°=2mg，D10、BCD【解析】AB．汽车受到的阻力5sa=2m/s2F-f=ma求得F=f+ma=（0.1×2×103×10+2×103×2）N=6×103N故A错误．B正确．C．t=5s末功率达到额定功率P=Fv=6×103×10W=6×104W=60kW故C正确；Dv P60000m/s30m/sm f 2000故D正确。故选BCD。【名师点睛】用牛顿第二定律及功率公式求解．218出演算过程。11C A 0.3798cm vd

v d

gH

1d 2

1d 21 t 2 t

2

2 1大1【解析】

1 2

t2 t（1）[1][2]考察螺旋测微器的使用方法，当测微螺杆快靠近被测物休时，停上使用粗调旋钮，再旋动微调旋钮C，当听喀喀声时，再拔动固定旋钮A进行读数；（2）[3]读出示数为d＝3.5mm＋29.8×0.01mm＝3.798mm＝0.3798cm；（3）[4][5]由运动学公式求圆柱体通过两光电门的速度，d1vtd11

v t ；，d22，d2（4）[6]该小组的同学测出了两光电门之间的距离为H，用于验证机械能守恒律：1 121mgH=2mv22mv2，21所以若满足1gH d 2

1d 2，2t 2t 2 1则机械能守恒；（5）[7]某同学开始实验时，光电门1和光电门2安装得比较近，这样做的话测量的瞬时速度误差较大，所以整个实验产生的误差也会比大。12、匀速直线运动1【解析】(1)因为相等时间内的水平位移相等，知平抛运动在水平方向上做匀速直线运动；(1ygT2，解得T

，则初速度v ygyg2Lg

2L2gLT2gL

1ms，公式进行求解。226必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（1）Emg

7L （3）

＝(33)2Lgq CN 总 2Lg【解析】切线无碰撞地进入圆管内，故小物体刚好沿PAPAPAACLtan450

qEEmgmg q1gL小物体从P到AqELgL

mv2解得22 A Amg虚线AB的下方存在竖直向下的、范围足够大的匀强电场，电场强度大小等于q ，电qq>0)F2

qE2

mg，方向竖直向上，故小物体ABvB

v 2gLAgL小物体从管口B离开后，经过一段时间的运动落到虚线AB上的N点，对竖直方向：t2vB

sing

解得：t22L2Lg水平方向：x(vB

cos450)t

at2

、 qEma解得：x8LN点距离C点：xCN

xL7LPA的时间t1

，则2L1vt2 A12L4 g32L4 g

解得：t2L2Lg物体从