1.6反冲现象 火箭 同步练习-高二物理人教版选择性必修第一册

MM1.6反冲现象火箭一单题．下列不属于反冲运动的是（）

同步练习A喷气式飞机的运动C．箭的运动

B．升机的运动D．击水轮机的运动．近年来，我国的航天事业取得巨大成就"问一号"的成功发射"北斗"系的成功组网等等，发射各类航天器都要用到火箭。关于火箭下列说法正确的是（）A火箭点火后离开地面向上运动，是地面对火箭反作用力作用的结果B火箭获得的机械能来自于燃料燃烧释放的化学能C．箭运动过程中，牛顿第三定律适用，牛顿第二定律不适用D．了高火箭的速度，实际上可以不断的增加火箭的级数．一小型火箭在高空绕地球做匀速圆周运动，若其沿运动的正方向抛出一物体，计空气阻力，则（）A火箭一定离开原来轨道运动C．箭运动半径一定增大

B．体P一离原来轨道运动D．体运半径一定减小．某人站在静止于水面的船上，从某时刻开始，人从船头走向船尾，水的阻力不计下列说法不正确的是（）A人匀速运动，船则匀速后退，两者的速度大小与它们的质量成反比B人走到船尾不再走动，船也停止不动C．管人如何走动，人在行走的任意时刻人和船的速度方向总是相反，大小与它们的质量成反比D．的动情况与人行走的情况无关．年17日时，我国神舟十二号载人飞船发射圆满成功。如图是神舟十二号载人飞船发射瞬间的画面在箭点火发射瞬间量为的气以大小为v速度从火箭喷口在很短时间内喷出。已知发射前火箭的质量为M则在燃气喷出后的瞬间，火箭的速度大小为（燃气喷出过程不计重力和空气阻力的影响）A

v

B2C．

D．

m

12001200．如图所示，装有炮弹的火炮总质量为，炮弹的质量为m，弹射出炮口时对地的速率为v若管与水平地面的夹角为炮退的速度大小设平面光滑）A

v

B

vC．

D．

cos

．一质量为M的烟花斜飞到空中，到达最高点时的速度v，时烟花炸裂成沿v直上0的两块(损失的炸药质量不计)

，两块的速度沿水平相反方向，落地时水平位移大小相等，不计空气阻力。向前一块的质量为，前一块的速度大小为（）A

B

MM

C．

m

D．

m

一弹质量为m以斜向上与平面成60°角的初速度发射炮在最高点爆成两块，其中质量为

3

的一块恰好做自由落体运动，另一块的瞬时速度大小为（）A

34

B

v8

C．2

D．

．如图，质量是M（包括绳）的气球下方有一段绳为，一质量为m的悬挂在绳的末端B点球和人均处于静止状态人沿绳慢慢地爬到绳的上端点空气阻力不计，人可视为质点，则人实际上爬的高度是（）AB

LLC．D．

LL10质量为、径为R的球放在半径为R质量为m的空心球内，大球开始静止在光滑水平面上当球从如所示的位（两球心在同一水平面上无初速度沿内壁滚到最低点时，大球移动的距离是（）AC．

4

BD．

1253411滑平面上放有一上表面光滑角为斜面体A面体质量为M边为，如图所示。将一质量为、可视为质点的滑块B从面的顶端由静止释放，滑块B经时间

刚好滑到斜面底端，重力加速度为，则下列说法中正确的是（）

00A滑块B下滑的过程中，A、组的系统机械能不守恒，水平方向动量守恒B滑块B下到面体底端时，重力的瞬时功率为2gLtanC．块下滑过程中，支持力对做负功

D．过中滑块B向滑动的距离为

12在图示足够长的光滑水平面上，用质量分别为

和

的甲、乙两滑块将仅与甲拴接的微型轻弹簧压紧后处于静止状态，乙的右侧有一固定的挡板

，现将两滑块由静止释放，当弹簧恢复原长时，甲的速度大小为2m/

，此时乙尚未与P

相撞之后乙与挡板

碰撞反弹后，不能再与弹簧发生碰撞。则挡板

对乙的冲量的最大值为（）A8NC．4N

B6ND．13如图，质量为的块静止在光滑水平地面上，木块中有一竖直平面内的管道，管道的出、入口水平，入口在木块左端，出口在木块左端或右端。一个质量也为的球（其直径略小于管道直径以水平速v从端进入管道水平向右为正方向小球离开木块时，小球的速度为，块的速度为v，列说法正确的（）A若管道光滑，且出口在左端，则一定有

，vB若通道粗糙，则不可能出现

vv，vC．能出现

v，D．小不能离开木块，则小球和木块产生的总热量一定为2

2二多题14如图所示，质量、径R=0.5m内部粗糙程度一致的半圆槽静置于光滑的水平地上。现将质量m=1kg的球（可视为质点）自左A点正上方=1m由静止释放，小

mm球下落后自A进入槽内，然后从C点开。已知小球第一次滑至半圆的最低点时，小球的速度大小为4m/s，重力加速度g=10m/s，不计空阻力，则小球第一次在半圆槽内向右滑动的过程中，下列说法正确的是（）A小球从A点B点过程中，半圆槽的位移为mB小球从点点过程中，小与半圆槽组成的系统动量守恒C．球从A点到B点过程中，摩擦生热为3JD．球点出后上升的高度H可是0.5m15如图，质量为M小车静止在光滑水平面上，小车段半径为R的分之一圆弧光滑圆弧BC是为水平粗糙轨道，两段轨道相切于点。一质量为m的块从小上点由静止开始沿轨道滑下滑入BC轨道恰好停在小质量M，滑块与轨道间动摩擦因数为力加速度为，（）A小车和滑块组成的系统动量守恒B滑块运动过程中，最大速度为gRC．块运动过程中对小车的最大压力为D．块B到C运过程中，小车的位移为

2三解题16为M的车以v的度在光滑的水平面上前,图所上面站着一个质量为的人

现在人用相对于小车为

的速度水平向后跳出车速增加了多少17一质量为的烟花弹获得动能E后从地面A

处竖直升空，当烟花弹上升的速度为时，弹中火药爆炸将烟花弹沿水平方向炸为两部分，质量之比1:，两部分获得的动能之和也为。炸时间极短，重力加速度大小为

，不计空气阻力和火药的质量，求：烟花弹从地面开始上升到弹中火药爆炸所经过的时间；爆炸后烟花弹的两部分经过一段时间落到地面，求落地点间的距离。

18如图所示，半径为的滑的圆轨道AP放竖直平面内，与足够长的粗糙水平轨道BD通光滑水平轨道AB连。在光滑水平轨道上ab两块和一段轻质弹簧。将弹簧压缩后用细线（未画出）将它们拴在一起，物块与弹簧不拴接。将细线烧断物块a通过圆弧轨道的最高点C时对轨道的压力大小等自身重力的倍。已知物块的质量为，b的量为，物块b与BD间的动摩擦因数为，块a到A点物块达B点已和弹簧分离，重力加速度为g求：（1物块轨道BD运的距离；（2烧断细线前弹簧的弹性势能。19如图所示，均可视为质点的两小物块、Q在光滑水平台面上，两者之间有一被压缩的轻质弹簧（未与、Q连面端与水平传送带等高连接且缝隙可忽略，传送带左右两端距离L3m，逆时针方向以恒定速度

v/

转动。现解除弹簧锁定，物块P、Q与簧分离后的速度大小分别为

v4m/s

、

/

，两物块获得的动能之和为

P滑传送带送带间的动摩擦因数为

0.2

加度取10m/s

，求：（1小物块、Q的量；（2小物块与送带间摩擦产生的热量。（3若要小物块P不传送带右端掉落，传送带至少要多长，从小物块P滑上传送带到离开传送带，摩擦总共产生的热量为多少？

参答．【详解】反冲现象是一个物体分裂成两部分部分朝相反的方向运动故直升机不是反冲现象其他均属于反冲现象，故选B。．【详解】A火箭点火后离开地面向上运动，是空气对火箭反作用力作用的结果。故A错；B火箭获得的机械能来自于燃料燃烧释放的化学能。利用反冲原理，升空。故B正确；C．箭运动过程中，牛顿第三定律适用，牛顿第二定律也适用。故错；D．加箭的级数会增加火箭的自身重量，导致能量的消耗增加，故不能单纯的增加级数来提高速度。故D错误。故选．【详解】若其沿运动方向的正方向射出一物体P物体P的度一定增加物P一做离心运动，所以物体一离开原来的轨道，对于火箭由于不清楚抛出物体P的速度大小，所以不能确定火箭的运动情况，故选B．【详解】A从船头走向船尾的过程中和船组成的系统动量守恒人质量为度为。船的质量为M速度为'。人行走的速度方向为正方向，由动量守恒定律得+Mv解得M'可知人速行走不则v'不变船匀速后退两速度大小与它们的质量成反比。故A正，与题意不符；B人走到船尾不再走动，设整体速度为v，由动量守恒定律得(M)v得

201201v"=0即船停止不动。故B正确，与题意不符；C．统初始总动量为，根据动量守恒定律+Mv解得M'则不管人如何走动人在行走的意时刻人和船的速度方向总是相反小它们的质量成反比。故正，与题意不符；D．由上分析知，船的运动情况人行走的情况有关，人动船动，人停船停。错，与题意相符。故选D。．【详解】以向上为正方向，由动量守恒定律可得

解得

D正。故选D。．【详解】由于炮弹的重力作用火炮发射弹的过程只有水平方向动量守恒向为正方向根动量守恒定律可得mcosm-m)v=0解得C正。故选。

．【详解】令向前一块的速度大小为v，由爆炸后两块均在空中做平抛运动，根据落地时水平位移大小相等可知爆炸后两块的速度小相等方向相反爆炸过程系统动量守恒令炸前的速度方向为正方向，则有Mvmv）v解得＝

MvmM故选。．A【详解】炮弹飞行到最高点时，速度沿水平方向，大小为cos600

2质量为

3

的一块恰好做自由落体运动明爆炸后其瞬时速度为零质量为的块爆炸后的瞬时速度为，平方向据动量守恒定律可得mv0

23

1联立解得

3vA正。故选A。．【详解】设气球下降的高度为，由平均动量恒可知Mh()解得

则人实际上爬的高度是

1212121212121212

故选10A【详解】由于水平面光滑系统水平方向动量守恒任意时刻小球的水平速度大小为大的水平速度大小为，由水平方向动量守恒有＝若小球达到最低点时，小球的水平位移为，大球的水平位移为，v3

①由题意x＋＝R－R

②由②解得大球移动的距离是

故A正BCD错。故选A。．C【详解】A滑块B下滑的过程中AB组成的系统水平合力为零，动量守恒；只有重力做功，则系机械能守恒，选项A误；B滑块B下的过程中组的系统机械能守恒减的重力势能转化成两物体的动能，如果全部转化为B的能则

gL

所以滑块B

滑到底端的速度小于gL

所滑块

下滑到斜面体底端时重力的瞬时功率小于PgLB错误；

甲甲．由于块下滑过程中A滑向左运，机械能增加，则滑块的机械能减小，即支持力对B做功C正确。D．于组的系统水平动量守恒Mx

x解得

MLMD错。故选。12B【详解】释放弹簧过程，两滑块组成的系统动量守恒，设向左为正方向，由动量守恒定律得得v4m/s要使乙反弹后不能再与弹簧发生碰撞，碰后最大速度为v，向左为正方向，对乙由动量定理得Iv（）代入数据解得I故选13C【详解】A若

，

v

，速度交换似于完全弹性碰，能量守恒，即除了轨道光滑以外，还需要出口和入口在同一高度A错误；B小球滚入轨道，水平方向动量守恒，

时满足水平方向动量守恒，离开时由于

v

，则出口在左边，且

001mv2动能增加了，通道粗糙，会产生热量，但当出口比入口低时就会存在动能增加，不违背能量守恒，所以

v，

可能出现，错；C．

v，v

时满足水平方向动量守恒，且1mv2离开时由于

v

，则出口在右边，动能增加了，当出口比入口低时就会存在动能增加，不违背能量守恒，所以

v，

可能出现，正；D．小不能离开木块，类似于完全非弹性碰撞mv得vv02要满足小球和木块产生的总热量为

mv2m

2必须要出入口等高的情况下，才能满足上式D错。故选。14ACD【详解】A小球与槽组成的系统水平方向动量守恒，所以Mv

则有Mx

且xxm

M

R可得小球从A到B点的过程中，槽的位移为

M

11m36故A正；B小球从点点过程中，小与半圆槽组成的系统，合力不等于零，动量不守恒，

故误；C．统水平方向动量守恒，则有Mv

可得由功能关系可得(hR)

11mvMv22m2M

可得3J故C正；D．题可知，小球从到C的程中，摩擦生热于，则到达时，根据水平方向动量守恒可得的度为零，则小球剩余能量mghQ4J则小球从点出后上升的高度HH

4mg

故D正确。故选ACD15BD【详解】A在水平方向上，小车和滑块组成的系统所受合外力为零，因此在这一方向上，小车和滑块动量守恒A错；B滑块刚滑到点时速度最大，取水平右为正方向，由动量守恒定律和机械能守恒分别得0mvMvm1mvMv2

解得mB正确；

C．块刚滑到点时速度最大，对小车的压最大，以小车为参考系，由合力提供向心力得Nm

v而v相对

gR解得C错；D．块B到C运过程中，系统动量守恒，由人船模型得mx又xLM解得

D正。故选BD。16

M【分析】人从车上跳下的过程中，人与车组成的系统动量守恒，由动量守恒定律可以分析答题．【详解】假设分离时的车速为，车速的增大量为

人与车组成的系所受合外力为零．由动量守恒定律有：所以

muM

解得：

muM17(1)

32E；(2)mgmg

112112【详解】烟花的初动能E

竖直上抛过程所用时间t联立可得

E2

。爆炸瞬间，两部分的速度分别为，，水平方向由动量守恒可得2-=0由能量守恒可得112Emvmv32

之后做平抛运动，竖直方向自由下落，下落时间