2021-2022学年广西壮族自治区南宁市第十四中学高三物理联考试卷含解析

2021-2022学年广西壮族自治区南宁市第十四中学高三物理联考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.如图所示，矩形线圈放在两同向且电流强度相等的直线电流之间，都在同一平面内，矩形线圈从左向右匀速运动到虚线位置过程中，回路中的感应电流方向为

A.先adcba后abcda

B.先abcda后adcbC.一直是adcba

D.一直是abcda参考答案：答案：C13.如图，表面处处同样粗糙的楔形木块abc固定在水平地面上，ab面和bc面与地面的夹角分别为和,且。一初速度为的小物块沿斜面ab向上运动，经时间后到达顶点b时，速度刚好为零；然后让小物块立即从静止开始沿斜面bc下滑。在小物块从a运动到c的过程中，可能正确描述其速度大小与时间的关系的图像是参考答案：C3.经长期观测人们在宇宙中已经发现了“双星系统”.“双星系统”是由两颗相距较近的恒星组成，每个恒星的线度远小于两个星体之间的距离，而且双星系统一般远离其他天体．如图11所示，两颗星球组成的双星，在相互之间的万有引力的作用下，绕连线上的O点做周期相同的匀速圆周运动。现测得两颗星之间的距离为L，质量之比为m1∶m2＝3∶2.则可知

（

）A．m1、m2做圆周运动的线速度之比为3∶2B．m1、m2做圆周运动的角速度之比为3∶2C．m1做圆周运动的半径为LD．m2做圆周运动的半径为L

图11参考答案：C4.（单选）关于下列四幅图说法正确的是（

▲

）A．玻尔原子理论的基本假设认为，电子绕核运行轨道的半径是任意的B．光电效应产生的条件为：光强大于临界值C．电子束通过铝箔时的衍射图样证实了运动电子具有波动性D．发现少数α粒子发生了较大偏转，说明金原子质量大而且很坚硬参考答案：C5.将一小球从高处水平抛出，最初2s内小球动能EK随时间t变化的图线如图所示，不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2。根据图象信息，不能确定的物理量是A．小球的质量B．小球的初速度C．最初2s内重力对小球做功的平均功率D．小球抛出时的高度参考答案：D二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.(5分，选修物理3-4)如图13所示为某一简谐横波在t=0时刻的波形图，由此可知该波沿

传播，该时刻a、b、c三点速度最大的是

点，加速度最大的是

点，从这时刻开始，第一次最快回到平衡位置的是

点。若t=0.02s时质点c第一次到达波谷处，则此波的波速为

m/s。参考答案：答案：x轴正方向，a，c，c,100(每空1分)7.如图，在斜面顶端先后水平抛出同一小球，第一次小球落到斜面中点，第二次小球落到斜面底端。则两次小球运动时间之比t1∶t2=___；两次小球落到斜面上时动能之比EK1∶EK2=_____。参考答案：；

8.如图11所示，mA=4kg，mB=1kg，A与桌面动摩擦因数μ=0.2，B与地面间的距离s=0.8m，A、B原来静止。则B刚落到地面时的速度为

m/s，B落地后，A在桌面上能继续滑行

米才能静止下来。（g取10m/s2）

图11参考答案：0.8

0.169.湖面上一列水波使漂浮在水面上的小树叶在3.0s内完成了6次全振动．当该小树叶开始第10次振动时，沿此传播方向与该小树叶相距1.8m、浮在水面的另一小树叶刚好开始振动，根据上述信息可求得水波的波长

，水波的传播速度大小为

．参考答案：0.20m；0.40m/s【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象．【分析】小树叶在3.0s内全振动了6次，求出树叶振动一次的时间即树叶振动的周期，等于此水波的周期．由题意当某小树叶开始第10次振动时，沿水波的传播方向与该小树叶相距1.8m经历的时间为9个周期，求出传播时间，得到波速．若振动的频率变大，波速不变，波传播的时间不变．【解答】解：据题，小树叶在3.0s内全振动了6次，则此水波的周期为T=s=0.5s，由题意当某小树叶开始第10次振动时，沿水波的传播方向与该小树叶相距1.8m、经历的时间为9个周期，即为t=4.5s，波速为v=，波长为λ=vT=0.4×0.5m=0.20m．故答案为：0.20m；0.40m/s10.已知在标准状况下水蒸气的摩尔体积为V，密度为ρ，每个水分子的质量为m，体积为V1，请写出阿伏伽德罗常数的表达式NA=（用题中的字母表示）．已知阿伏伽德罗常数NA=6.0×1023mol﹣1，标准状况下水蒸气摩尔体积V=22.4L．现有标准状况下10L水蒸气，所含的分子数为2.7×1021个．参考答案：解：阿伏伽德罗常数：NA==；10L水蒸气所含分子个数：n=NA=×6.0×1023=2.7×1021个；故答案为：；2.7×1021个．11.气球以10m/s的速度匀速竖直上升，从气球上掉下一个物体，经17s到达地面。物体刚脱离气球时气球的高度H=___________（g取10m/s2）参考答案：12.带正电1.0×10-3C的粒子，不计重力,在电场中先后经过A、B两点，飞经A点时动能为10J，飞经B点时动能为4J，则带电粒子从A点到B点过程中电势能增加了______，AB两点电势差为____．参考答案：13.在点电荷电场中的A点分别由静止释放质子和α粒子，从A运动到B的过程中，电场力对质子和α粒子的冲量之比为

。参考答案：

答案：：4三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.（8分）有一根圆台状均匀质合金棒如图甲所示，某同学猜测其电阻的大小与该合金棒的电阻率ρ、长度L和两底面直径d、D有关。他进行了如下实验：（1）用游标卡尺测量合金棒的两底面直径d、D和长度L。图乙中游标卡尺（游标尺上有20个等分刻度）的读数L=________cm。（2）测量该合金棒电阻的实物电路如图丙所示（相关器材的参数已在图中标出）。该合金棒的电阻约为几个欧姆。图中有一处连接不当的导线是__________.（用标注在导线旁的数字表示）（3）改正电路后，通过实验测得合金棒的电阻R=6.72Ω.根据电阻定律计算电阻率为ρ、长为L、直径分别为d和D的圆柱状合金棒的电阻分别为Rd=13.3Ω、RD=3.38Ω.他发现：在误差允许范围内，电阻R满足R2=Rd·RD，由此推断该圆台状合金棒的电阻R=_______.（用ρ、L、d、D表述）参考答案：（1）9.940；（2）⑥；（3）。解析：（1）游标卡尺的读数，按步骤进行则不会出错。首先，确定游标卡尺的精度为20分度，即为0.05mm，然后以毫米为单位从主尺上读出整毫米数99.00mm，注意小数点后的有效数字要与精度一样，再从游标尺上找出对的最齐一根刻线，精度格数=0.058mm=0.40mm，最后两者相加，根据题目单位要求换算为需要的数据，99.00mm+0.40mm=99.40mm=9.940cm（2）本实验为测定一个几欧姆的电阻，在用伏安法测量其两端的电压和通过电阻的电流时，因为安培表的内阻较小，为了减小误差，应用安培表外接法，⑥线的连接使用的是安培表内接法。（3）审题是处理本题的关键，弄清题意也就能够找到处理本题的方法。根据电阻定律计算电阻率为、长为L、直径分别为d和D的圆柱状合金棒的电阻分别为Rd=13.3Ω、RD=3.38Ω.即，，而电阻R满足R2=Rd·RD，将Rd、RD带入得。15.在“测定金属丝的电阻率”的实验中，需要测出金属丝的电阻Rx，甲乙两同学分别采用了不同的方法进行测量：（1）甲同学直接用多用电表测其电阻，多用电表电阻挡有3种倍率，分别是×100Ω、×10Ω、×1Ω．该同学选择×10Ω倍率，用正确的操作方法测量时，发现指针转过角度太大．为了准确地进行测量，请你从以下给出的操作步骤中，选择必要的步骤，并排出合理顺序：AEDC．（填步骤前的字母）A．旋转选择开关至欧姆挡“×lΩ”B．旋转选择开关至欧姆挡“×100Ω”C．旋转选择开关至“OFF”，并拔出两表笔D．将两表笔分别连接到Rx的两端，读出阻值后，断开两表笔E．将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针对准刻度盘上欧姆挡的零刻度，断开两表笔②按正确步骤测量时，指针指在图1所示位置，Rx的测量值为22Ω．（2）乙同学则利用实验室里下列器材进行了测量：电压表V（量程0～5V，内电阻约10kΩ）电流表A1（量程0～500mA，内电阻约20Ω）电流表A2（量程0～300mA，内电阻约4Ω）滑动变阻器R1（最大阻值为10Ω，额定电流为2A）滑动变阻器R2（最大阻值为250Ω，额定电流为0.1A）直流电源E（电动势为4.5V，内电阻约为0.5Ω）

电键及导线若干为了较精确画出I﹣U图线，需要多测出几组电流、电压值，故电流表应选用A2，滑动变阻器选用R1（选填器材代号），乙同学测量电阻的值比真实值偏小（填：偏大，偏小，相等），利用选择的器材，请你在图2方框内画出理想的实验电路图，并将图3中器材连成符合要求的电路．参考答案：（1）AEDC，22（2）A2，R1

（3）偏小(4)见解析：解：（1）发现指针转过角度太大，知电阻较小，则换用“×lΩ”，换挡后需重新调零．然后去测电阻，最后将旋钮旋至“OFF”挡或交流电压的最高挡．故合理顺序为：AEDC．Rx的测量值为22×1Ω=22Ω．（2）通过电阻电流的最大值大约I=，所以选择量程为300mA的电流表测量比较准确．总阻值为250Ω的滑动变阻器阻值相对较大，测量时误差大，所以选择总阻值为10Ω的滑动变阻器．由于待测电阻远小于电压表的内阻，属于小电阻，所以电流表采用外接法．若采用限流法，电路中的电流较大，容易超过电流表的量程，所以滑动变阻器采用分压式接法，电路图如图所示．根据电路图连接实物图，如图所示．由于采用外接法，测电流表示数偏大，则由欧姆定律可知，测量值偏小；故答案为：（1）AEDC，22（2）A2，R1

（3）偏小四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图A所示，固定在水平地面上的工件，由AB和BC两部分组成，其中AB部分为光滑的圆弧，∠AOB=37°，圆弧的半径R=0.5m，圆心O点在B点正上方；BC部分水平，长度为0.2m．现有一质量m=lkg，可视为质点的物块从A端由静止释放，恰好能运动到C点．（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）物块运动到B点时的速度大小；（2）BC段的动摩擦因数μ；（3）将BC段转过一锐角θ=37°如图B所示，B处平滑连接．求物块在BC上运动的总路程．参考答案：

考点：动能定理；向心力；机械能守恒定律．专题：动能定理的应用专题．分析：根据动能定理求物快运动到B点时的速度大小；根据动能定理求BC段的动摩擦因数μ；解答：解：（1）根据动能定理：mgR（1﹣cos37°）=mv2得：v=m/s（2）物块在BC段：﹣μmgL=0﹣mv2得：μ=0.5（3）在BC上mgsinθ＞μmgcos37°所以物块最终停在B端，根据能量的转化与守恒：mv2=μmgcos37°SS=0.25m答：（1）物块运动到B点时的速度大小为m/s；（2）BC段的动摩擦因数μ为0.5；（3）将BC段转过一锐角θ=37°如图B所示，B处平滑连接．物块在BC上运动的总路程为0.25m．点评：本题是动能定理的运用问题，关键是选择适当的过程运用动能定理列式，动能定理适用于多过程问题，可以使问题简化．17.如图所示，半径为r=1m的长圆柱体绕水平轴OO′以角速度ω=2rad/s匀速转动，将一质量为m=1kg的物体A放在圆柱体的正上方，并用光滑挡板挡住使它不能随着圆柱体一起转动，现用平行于水平轴的F=2N的力推物体，可使物体以v=2m/s的速度向右匀速滑动，整个过程没有脱离圆柱体，重力加速度g取10m/s2，求（1）推力F在时间t=2s内做的功；（2）物体与圆柱体间的动摩擦因数μ．参考答案：考点：动能定理的应用；平抛运动．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）求出在推力方向的位移，然后由位移公式求出推力做的功．（2）求出摩擦力与推力夹角，然后求出摩擦力，再根据滑动摩擦力公式求出动摩擦因数．解答：解：（1）在推力方向的位移：x=vt=2×2=4m，推力做功：W=Fx=2×4=8J；（2）圆柱体边缘的线速度为：v1=ωr=2×=2m/s，物体A相对圆柱体的速度为：v相===4m/s，相对速度与力F方向之间的夹角：cosθ===0.5，则：θ=60°，推力：F=fcosθ，滑动摩擦力：f=μmg，解得：μ===0.4；答：（1）推力F在时间t=2s内做的功为8J；（2）物体与圆柱体间的动摩擦因数μ为0.4．点评：本题考查了求功、动摩擦因数，应用功的计算公式、速度的合成与分解、滑动摩擦力公式即可正确解题．18.（14分）如图所示，直角三角形导线框abc固定在匀强磁场中，ab是一段长为l1=0.6m、单位长度电阻为r=3Ω/m的均匀导线，ac和bc的电阻可不计，bc长度为l2=0.3m。磁场的磁感强度为B=0.5T，方向垂直纸面向里。现有一段长度为L=0.3m、单位长度电阻也为r=3Ω/m的均匀导体杆MN架在导线框上，开始时紧靠a点，然后沿ab方向以恒定速度v=1.2m/s向b端滑动，滑动中始终与bc平行并与导线框