云南省曲靖市沾益县白水镇第二中学2023年高三物理联考试题含解析

云南省曲靖市沾益县白水镇第二中学2023年高三物理联考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.如图所示，质量均为m的A、B两个小球，用长为2L的轻质杆相连接，在竖直平面内绕固定轴O沿顺时针方向自由转动（转轴在杆的中点），不计一切摩擦，某时刻A球恰好在图中的最高点，A、B球的线速度大小均为v，在A球从M点运动到最高点的过程中，下列说法正确的是A．运动过程中B球机械能守恒B．运动过程中B球速度大小不变C．杆对A球一直做正功D．A球单位时间内机械能的变化量不断变小参考答案：BCD2.（单选）如图所示，竖直平面内放一直角杆AOB，杆的水平部分粗糙，动摩擦因数μ=0.2，杆的竖直部分光滑。两部分各套有质量均为lkg的小球A和B，A、B球间用不可伸缩的轻质细绳相连。初始A、B均处于静止状态，已知：OA=3m．OB=4m．若A球在水平拉力F的作用下向右缓慢地移动1m(取g=10m/s2)，该过程中拉力F、摩擦力f做功分别为W1和W2，则下列答案正确的是：

A．W1=6J

W2=10J

B．W1=14J

W2=4J

C．W1=6J

W2=6J

D．W1=4J

W2=2J参考答案：B3.（单选）在如图所示的电路中，电源的负极接地，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C为电容器为理想电流和电压表。在滑动变阻器滑片P自b端向a端滑动的过程中，下列说法正确的是（

） A．电压表示数变大 B．电流表示数变大 C．电容器C所带电荷量增大 D．a点的电势降低参考答案：C解：A、在滑动变阻器滑动头P自b端向a端滑动的过程中，变阻器在路电阻增大，外电路总电阻增大，干路电流I减小，电阻R1两端电压减小，则电压表示数变小，故A错误．

C、电阻R2两端的电压U2=E-I（R1+r），I减小，则U2变大，电容器板间电压变大，其带电量增大，故C正确．

B、U2变大，通过R2的电流I2增大，通过电流表的电流IA=I-I2，I减小，I2增大，则IA减小．即电流表示数变小．故B错误．

D、根据在外电路中顺着电流方向，电势降低，可知，a的电势大于零，a点的电势等于R2两端的电压，U2变大，则a点的电势升高，故D错误．

故选：C4.根据玻尔理论，对于氢原子，量子数n越大，则A．核外电子的轨道半径越大

B．核外电子的运动速度越大C．氢原子系统的总能量越大

D．核外电子的电势能越大参考答案：ACD5.在平直公路上行驶的汽车中，某人从车厢相对于车静止释放一个小球，不计空气阻力，用固定在路边的照相机对汽车进行闪光照相，照相机闪两次光，得到清晰的两张照片，对照片进行分析，知道了如下信息：①两次闪光的时间间隔为0.5s；②第一次闪光时，小球刚释放，第二次闪光时，小球落地；③两次闪光的时间间隔内，汽车前进了5m；④两次闪光时间间隔内，小球移动的距离为5m；根据以上信息尚能确定的是：(已知g=10m/s2)A．第一次闪光时小车的速度B．小球释放点离地的高度C．两次闪光的时间间隔内汽车的平均速度D．汽车做匀速直线运动参考答案：BC二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.有一个电流安，其中K=1，2，3……，而且。则该电流是__________(答：“直流电”或“交流电”)。让该电流通过阻值为的电阻，在5秒的时间内产生的热量是________焦耳。参考答案：交流电、10007.有一直角架AOB，AO水平放置，表面粗糙。OB竖直向下，表面光滑。AO上套有一个小环P，OB上套有一个小环Q，两环质量均为m，两环间由一根质量可忽略、不可伸长的细绳相连，并在某一位置平衡（如图13）。现将P环向左移一小段距离，两环再次达到平衡，移动后和移动前比较，AO杆对P环的支持力N；细绳的拉力T

。

参考答案：不变，变大8.如图所示是两列相干波的干涉图样，实线表示波峰，虚线表示波谷，两列波的振幅都为10cm，波速和波长分别为1m/s和0.2m，C点为AB连线的中点。则图示时刻C点的振动方向_______（选填“向上”或“向下”），从图示时刻再经过0.25s时，A点经过的路程为_________cm。参考答案：向下，1009.如图所示的导热气缸中封闭着一定质量的理想气体，活塞与气缸间无摩擦，气缸开口向上。开始气缸所处的环境温度为87℃，活塞距气缸底部距离为12cm,后来环境温度降为27℃，则：①此时活塞距气缸底部距离为多少?②此过程中气体内能

（填“增大”或“减小”），气体将

(填“吸热”或者“放热”).37．（8分）【物理—物理3-4】参考答案：解：①设

由盖?吕萨克定律可知：

┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅（1分）解得：h2=10cm

┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅┅（1分）②减小（1分），放热（1分）10.利用如图所示的电路可以测定电压表的内阻，其中滑动变阻器R很小。不改变滑动变阻器R滑动触头位置，当电阻箱R0的阻值为10kΩ时，电压表正好满偏；当电阻箱R0的阻值为30kΩ时，电压表正好半偏。则电压表的内阻RV=

kΩ．参考答案：

答案：10

11.如图，质量为M=3kg的木板放在光滑水平面上，质量为m=1kg的物块在木板上，它们之间有摩擦，木板足够长，两者都以v=4m/s的初速度向相反方向运动，当木板的速度为v1=2.4m/s时，物块速度的大小是

m/s，木板和物块最终的共同速度的大小是

m/s。参考答案：0.8

2

12.（4分）如图所示，在竖直墙壁的顶端有一直径可以忽略的定滑轮，用细绳将质量m＝2kg的光滑球沿墙壁缓慢拉起来。起始时与墙的夹角为30°，终了时绳与墙壁的夹角为60°。在这过程中，拉力F的最大值为

N。球对墙的压力的大小在这个过程的变化是

（填变大、变小或不变）。（g取10m/s2）参考答案：

答案：40，变大13.如图所示，质量M=2kg均匀矩形木块靠在光滑墙上，A点处有固定光滑转动轴，AB与水平方向夹角30°，CD边长为2m，B、D两点连线与地面平行，一质量m=10kg的小物体若固定在CD边上且位于A点正上方处，则墙对木块的弹力为______________N；若将小物体从C点处静止释放使其沿CD边自由下滑，物体与木块间动摩擦因数为μ=0.2，物体维持匀加速直线运动的时间为______________s。参考答案：，1.08

三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.某同学在做探究弹力和弹簧伸长的关系的实验时，设计了如图甲所示的实验装置．所用的钩码的质量都是30g．他先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐个挂在弹簧的下端，每次都测出相应的弹簧总长度，将数据填在了下面的表中．(弹力始终未超过弹性限度，取g＝10m/s2)砝码质量M(g)0306090120150弹簧总长L(cm)6.007.158.349.4810.6411.79①试根据这些实验数据，在图乙所示的坐标纸上作出砝码质量M与弹簧总长度L之间的函数关系图线．②上一问所得图线的物理意义是：____________________________________________③该弹簧劲度系数k＝___N/m.(结果保留两位有效数字)参考答案：15.(4分)一位学生用游标尺上标有20等分刻度的游标卡尺测一工件的长度，测得的结果如图所示，则该工件的长度L=__________cm。参考答案：

答案：2.030四、计算题：本题共3小题，共计47分16.（8分）如图所示，一水平放置的平行导体框架宽度L=0.5m，接有电阻R=0.20Ω，磁感应强度B=0.40T的匀强磁场垂直导轨平面方向向下，仅有一导体棒ab跨放在框架上，并能无摩擦地沿框架滑动，框架及导体ab电阻不计，当ab以v=4.0m/s的速度向右匀速滑动时。试求：

（1）导体ab上的感应电动势的大小。（2）要维持ab向右匀速运行，作用在ab上的水平力为多大？（3）电阻R上产生的焦耳热功率为多大？参考答案：解析：（1）导体ab垂直切割磁感线，产生的电动势大小：

E=BLv=0.40×0.50×4.0V=0.80V

①（2分）

（2）导体ab相当于电源，由闭合电路欧姆定律得回路电流：

I=E/(R+r)=4.0A

②（1分）

导体ab所受的安培力：

F=BIL=0.40×4.0×0.50N=0.80N

③（1分）

由于ab匀速运动，所以水平拉力：

F′=F=0.80N

④（2分）

（3）R上的焦耳热功率：

P=I2R=4.02×0.20W=3.2W

⑤（2分）17.如图所示，公路上有一辆公共汽车以V1=10m/s的速度匀速行驶，为了平稳停靠在站台，在距离站台P左侧位置x1=50m处开始刹车做匀减速直线运动。同时一个人为了搭车，从距站台P右侧位置x2=30m处从静止正对着站台跑去，假设人先做匀加速直线运动，速度达到V2=4m/s后匀速运动一段时间，接着做匀减速直线运动，最终人和车到达P位置同时停下，人加速和减速时的加速度大小相等。求：（1）汽车刹车的时间；

（2）人的加速度的大小。参考答案：18.如图17所示，ab和cd是两条竖直放置的长直光滑金属导轨，MN和M′N′是两根用细线连接的金属杆，其质量分别为m和2m.竖直向上的外力F作用在杆MN上，使两杆水平静止，并刚好与导轨接触，两杆的总电阻为R，导轨间距为l.整个装置处在磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向与导轨所在平面垂直．导轨电阻可忽略，重力加速度为g.在t＝0时刻将细线烧断，保持F不变，金属杆和导轨始终接触良好．求：(1)细线烧断后，任意时刻两杆运动的速度大小之比；(2)两杆分别达到的最大速度．图17参考答案：(1)细线烧断之前，对整体分析有F＝3mg

①设细线烧断后任意时刻MN的速度为v，M′N′的速度为v′MN的加速度为a，M′N′的加速度为a′，由牛顿第二定律知：a＝

②a′＝

③二者受到的安培力大小相等F安＝F安′

④任意时刻两杆速度之比＝

⑤由①②③④⑤解得＝

⑥(2)两杆速度达到最大值时a＝0

⑦由安培力公式知F安＝BIl