202X版高考生物总复习考点加强课2课件北师大版

重点题型1巧用分离定律解决自由组合定律的问题一、“拆分法”求解自由组合定律1.解题思路

将多对等位基因的自由组合分解为若干分离定律分别分析，再运用乘法原理进行组合。2.方法题型分类解题规律示例种类问题配子类型(配子种类数)2n(n为等位基因对数)AaBbCCDd产生配子种类数为23＝8配子间结合方式配子间结合方式种类数等于配子种类数的乘积AABbCc×aaBbCC，配子间结合方式种类数＝4×2＝8子代基因型(或表现型)种类双亲杂交(已知双亲基因型)，子代基因型(或表现型)种类等于各性状按分离定律所求基因型(或表现型)的乘积AaBbCc×Aabbcc，基因型为3×2×2＝12种，表现型为2×2×2＝8种概率问题基因型(或表现型)的比例按分离定律求出相应基因型(或表现型)的比例，然后利用乘法原理进行组合AABbDd×aaBbdd，F1中AaBbDd所占比例为1×1/2×1/2＝1/4纯合子或杂合子出现的比例按分离定律求出纯合子的概率的乘积为纯合子出现的比例，杂合子概率＝1－纯合子概率AABbDd×AaBBdd，F1中AABBdd所占比例为1/2×1/2×1/2＝1/8二、“逆向组合法”推断亲本基因型1.方法

将自由组合定律的性状分离比拆分成分离定律的分离比分别分析，再运用乘法原理进行逆向组合。2.题型示例(1)9∶3∶3∶1(3∶1)(3∶1)(Aa×Aa)(Bb×Bb)；(2)1∶1∶1∶1(1∶1)(1∶1)(Aa×aa)(Bb×bb)；(3)3∶3∶1∶1(3∶1)(1∶1)(Aa×Aa)(Bb×bb)或(Aa×aa)(Bb×Bb)； (4)3∶1(3∶1)×1(Aa×Aa)(BB×__)或(Aa×Aa)(bb×bb)或(AA×__)(Bb×Bb)或(aa×aa)(Bb×Bb)。【例证1】

(2017·全国卷Ⅱ，6)若某哺乳动物毛色由3对位于常染色体上的、独立分配的等位基因决定，其中A基因编码的酶可使黄色素转化为褐色素；B基因编码的酶可使该褐色素转化为黑色素；D基因的表达产物能完全抑制A基因的表达；相应的隐性等位基因a、b、d的表达产物没有上述功能。若用两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行杂交，F1均为黄色，F2中毛色表现型出现了黄∶褐∶黑＝52∶3∶9的数量比，则杂交亲本的组合是(

)A.AABBDD×aaBBdd，或AAbbDD×aabbddB.aaBBDD×aabbdd，或AAbbDD×aaBBDDC.aabbDD×aabbdd，或AAbbDD×aabbddD.AAbbDD×aaBBdd，或AABBDD×aabbdd答案

D【例证2】

(经典高考题)已知A与a、B与b、C与c这3对等位基因分别控制3对相对性状且3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测，正确的是(

)A.表现型有8种，基因型为AaBbCc的个体的比例为1/16B.表现型有4种，基因型为aaBbcc的个体的比例为1/16C.表现型有8种，基因型为Aabbcc的个体的比例为1/8D.表现型有8种，基因型为aaBbCc的个体的比例为1/16审题指导基因型为AaBbCc的个体与基因型为AabbCc的个体杂交，可分解为Aa×Aa→后代有2种表现型，3种基因型(1AA∶2Aa∶1aa)；Bb×bb→后代有2种表现型，2种基因型(1Bb∶1bb)；Cc×Cc→后代有2种表现型，3种基因型(1CC∶2Cc∶1cc)。因此，后代表现型为2×2×2＝8(种)，基因型为AaBbCc的个体的比例为(1/2)×(1/2)×(1/2)＝1/8。基因型为aaBbcc的个体的比例为(1/4)×(1/2)×(1/4)＝1/32。基因型为Aabbcc的个体的比例为(1/2)×(1/2)×(1/4)＝1/16。基因型为aaBbCc的个体的比例为(1/4)×(1/2)×(1/2)＝1/16。答案

D1.(2019·安徽皖南八校模拟)仓鼠的毛色有灰色和黑色，由3对独立遗传的等位基因(P和p、Q和q、R和r)控制，3对等位基因中至少各含有1个显性基因时，才表现为灰色，否则表现为黑色。下列叙述错误的是(

)A.3对基因中没有任意两对基因位于同一对同源染色体上B.该种仓鼠纯合灰色、黑色个体的基因型各有1种、7种C.基因型为PpQqRr的个体相互交配，子代中黑色个体占27/64D.基因型为PpQqRr的灰色个体测交，子代黑色个体中纯合子占1/7解析

3对等位基因是独立遗传的，符合自由组合定律，任意两对都不会位于同一对同源染色体上，A正确；3对等位基因中至少各含有1个显性基因时，才表现为灰色，纯合灰色个体基因型为PPQQRR，纯合黑色个体基因型有ppqqrr、PPqqrr，ppQQrr、ppqqRR、PPQQrr、ppQQRR、PPqqRR7种，B正确；基因型为PpQqRr的个体相互交配，子代中灰色个体占3/4×3/4×3/4＝27/64，黑色个体占1－27/64＝37/64，C错误；基因型为PpQqRr的灰色个体测交，后代有8种基因型，灰色个体基因型1种，黑色个体基因型7种，其中只有ppqqrr是黑色纯合子，D正确。答案

C2.(2018·云南昆明模拟)已知牵牛花的花色受三对独立遗传的等位基因(A和a、B和b、C和c)控制，其途径如图所示，其中蓝色和红色混合后显紫色，蓝色和黄色混合形成绿色，现有某紫花植株自交子代出现白花、黄花，据此判断下列叙述错误的是(

)答案

C重点题型2巧用“通项公式法”精准推断多对基因自由组合问题1.利用数据先判断，再推导基因型

这种推导方法中，利用数据不是为了单纯的计算，而是通过数据进行判断，找出突破口，以达到巧推亲代基因型的目的。2.含n对等位基因(独立遗传)的个体自交公式

含n对等位基因(各自独立遗传)的亲本自交，则配子的种类和F1表现型的种类均为2n种，基因型种类为3n种，纯合子基因型的种类为2n种，杂合子基因型的种类为(3n－2n)种。

附：n对等位基因位于n对同源染色体上的遗传规律“通项、公式”相对性状对数等位基因对数F1配子F1配子可能组合数F2基因型F2表现型种类比例种类比例种类比例1121∶1431∶2∶123∶12222(1∶1)24232(1∶2∶1)222(3∶1)23323(1∶1)34333(1∶2∶1)323(3∶1)3

nn2n(1∶1)n4n3n(1∶2∶1)n2n(3∶1)n【例证1】

(2016·全国卷Ⅲ，6)用某种高等植物的纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交，F1全部表现为红花。若F1自交，得到的F2植株中，红花为272株，白花为212株；若用纯合白花植株的花粉给F1红花植株授粉，得到的子代植株中，红花为101株，白花为302株。根据上述杂交实验结果推断，下列叙述正确的是(

)A.F2中白花植株都是纯合体B.F2中红花植株的基因型有2种C.控制红花与白花的基因在一对同源染色体上D.F2中白花植株的基因型种类比红花植株的多审题指导解答本题的关键在于将F2数据转化为规律比，即F2中红花∶白花＝272∶212≈9∶7，可推知红花与白花由两对独立遗传的等位基因控制(假设相关基因用A、a和B、b表示)，即两对等位基因位于两对同源染色体上，C错误；双显性(A_B_)基因型(4种)的植株表现为红花，B错误；单显性(A_bb和aaB_)和双隐性(aabb)基因型的植株均表现为白花，所以F2中白花植株有的为纯合体，有的为杂合体，A错误；F2中白花植株共有5种基因型，比红花植株(4种)基因型种类多，D正确。答案

D【例证2】(2011·全国卷，32)某植物红花和白花这对相对性状同时受多对等位基因控制(如A、a；B、b；C、c……)。当个体的基因型中每对等位基因都至少含有一个显性基因时(即A_B_C_……)才开红花，否则开白花。现有甲、乙、丙、丁4个纯合白花品系，相互之间进行杂交，杂交组合、后代表现型及其比例如下：根据杂交结果回答问题：(1)这种植物花色的遗传符合哪些遗传定律？____________________________________________________________________。(2)本实验中，植物的花色受几对等位基因的控制，为什么？______________________________________________________________________________________________________________________________________。审题指导(1)单独考虑每对等位基因的遗传时应遵循基因的分离定律，综合分析4个纯合白花品系的六个杂交组合，这种植物花色的遗传应符合基因的自由组合定律。1.节瓜有全雌株(只有雌花)、全雄株(只有雄花)和正常株(雌花、雄花均有)等不同性别类型的植株，研究人员做了如图所示的实验。下列推测错误的是(

)A.节瓜的性别是由两对基因决定的，其遗传方式遵循基因的自由组合定律B.实验一中，F2正常株的基因型为A_B_，其中纯合子占1/9C.实验二中，亲本正常株的基因型为AABb或AaBB，F1正常株的基因型也为AABb或AaBBD.实验一中，F1正常株测交结果为全雌株∶正常株∶全雄株＝1∶2∶1解析实验一纯合全雌株与纯合全雄株杂交，F1全为正常株，F2的分离比接近3∶10∶3，共16个组合，可见该节瓜的性别是由两对等位基因控制的，遵循基因的自由组合定律，A正确；实验一中，F2正常株的基因型为A_B_、aabb，其中纯合子占2/10，B错误；实验二中，纯合全雌株(AAbb或aaBB)与正常株杂交，后代性状比为1∶1，故亲本正常株有一对基因杂合，一对基因纯合，即亲本正常株的基因型为AABb或AaBB，其与纯合全雌株杂交所得F1正常株的基因型也为AABb或AaBB，C正确；实验一中，F1正常株测交，结果为子代全雌株∶正常株∶全雄株＝1∶2∶1，D正确。答案

B2.某植物种子的颜色有黄色和绿色之分，受多对独立遗传的等位基因控制。现有两个绿色种子的纯合品系Ⅰ、Ⅱ。让Ⅰ、Ⅱ分别与一纯合的黄色种子的植物杂交，在每个杂交组合中，F1都是黄色，再自花受粉产生F2，每个组合的F2分离如下： Ⅰ：产生的F2中27黄∶37绿 Ⅱ：产生的F2中27黄∶21绿

回答下列问题： (1)根据上述哪个品系的实验结果，可初步推断该植物种子的颜色至少受三对等位基因控制？请说明判断的理由。 ____________________________________________________________________ _____________________________________________________________________。(2)请从上述实验中选择合适的材料，设计一代杂交实验证明推断的正确性。(要求：写出实验方案，并预测实验结果)______________________________________________________________________________________________________________。答案

(1)Ⅰ

F1都是黄色，表明黄色对绿色为显性。Ⅰ品系产生的F2中，黄色占27/64＝(3/4)3，表明F1中有三对基因是杂合的，Ⅰ与亲本黄色之间有三对等位基因存在差异(2)取与Ⅰ杂交形成的F1，与Ⅰ杂交，后代中将出现黄色与绿色两种表现型，且比例为1∶7重点题型3确认两对(或多对)基因是否独立遗传

1.判断基因是否位于不同对同源染色体上

以AaBb为例，若两对等位基因分别位于两对同源染色体上，则产生四种类型的配子。在此基础上进行测交或自交时会出现特定的性状分离比，如1∶1∶1∶1或9∶3∶3∶1或9∶7等变式，也会出现致死背景下特殊的性状分离比，如4∶2∶2∶1、6∶3∶2∶1。在涉及两对等位基因遗传时，若出现上述性状分离比，可考虑基因位于两对同源染色体上。

2.两对等位基因的3种位置状况下产生配子及自交、测交结果归纳

基因有连锁现象时，不符合基因的自由组合定律，其子代将呈现独特的性状分离比。

例如：【例证】

某种两性花植物，花的颜色由两对等位基因(H、h，R、r)控制，基因组成与花的颜色的对应关系见表。基因组成H_RRH_Rr其余基因组成花的颜色红色粉红色白色回答下列问题：(1)基因型为HhRr的植株，两对基因在染色体上的位置关系可能有三种，请参照甲图，画出另外两种类型(竖线表示染色体，圆点表示基因)。类型编号甲乙丙基因在染色体上的位置

(2)取基因型为HhRr植株的花粉，进行离体培养，获得的幼苗经秋水仙素处理后，继续生长至开花期，若所有植株全开白色花，则基因在染色体上的位置关系如表中________所示。(3)若用自交实验来探究这两对基因在染色体上的位置关系，则应选用基因型为________的植株进行自交，如果子代植株的表现型及比例是________，说明这两对基因位于________，遵循基因自由组合定律。(4)假设两对基因独立遗传，以基因型HhRr的植株为亲本自交，F1中所有开红色花的植株再自交，则F2中开白色花的植株所占的比例为________。审题指导

(1)基因型为HhRr的植株，两对基因在染色体上的位置关系可能有三种：H、h与R、r位于两对同源染色体上，在遗传过程中遵循自由组合定律；H、h与R、r位于一对同源染色体上，H、r连锁，h、R连锁；H、h与R、r位于一对同源染色体上，H、R连锁，h、r连锁，后两种情况不遵循自由组合定律。(2)如果取基因型为HhRr植株的花粉，进行离体培养，获得的幼苗经秋水仙素处理后，继续生长至开花期，若所有植株全开白色花，该白花植株的基因型是HHrr或hhRR，即亲本产生的配子的类型是Hr、hR两种，因此H、r连锁在一条染色体上，h、R连锁在另一条染色体上，则基因在染色体上的位置关系如表中乙所示。

答案

(1)(2)乙(类型)

(3)HhRr红花∶粉红花∶白花＝3∶6∶7